安徽省江淮十校届高三第二次质量检测物理试题含答案解析.docx
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安徽省江淮十校届高三第二次质量检测物理试题含答案解析
“江淮十校"2021届高三第二次质量检测
物理试题2020.11
命审单位：
宿城一中命审人：
考生注童：
】•本试卷分第I卷（选择題）和第U巻（非选择题）两部分°满分100分C
2.考生作答时，请将答案答在答題卡上。
第I巻誓小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第II卷请用直径65毫米黑色星水鉴字笔在答題卡上各题的备题区城内作答，犁屮等辱区塡爭弓矽管率无珞，卒评耳李、亨审竽£作管无孩。
第I卷（选择題共40分）
一、选择题（毎题4分，共40分。
1-6题为单选题,7・10为多选题，选错的不得分•漏选的碍2分）
I•能够反映高速列车纵向平稳性的指标，就是加加速度或者减减速度。
据资料介绍我国的CRH380系列高速列车在高铁上行驶时,它的加加速度和减减速度值耍求必须小于0.75m/J,这个指标在全球这个行业是顶尖的。
关于加加速度和减滅速度下列说法正确的是
A.0.75m/s5意义是毎秒速度变化量是0・75m/s
B.0.75m/s3意义是加速度变化址是0.75m/s2
C.加加速度描述的是加速度变化大小的物理量
D.加加速度是加速度变化量与时间的比值
2.设地球的半径为&,质址为m的卫星在距地面3凤高处做匀速圆周运动，地面的重力加速度为&）・则以下说法错误的是
A.卫星的线速度为乂麥B.卫星的加速度为字
24
C.卫星的周期16ir贍D.卫星的角速度为*
3・如图所示，物体M套在光滑水平直杆上，系在物休M上的细线跨
过定滑轮与物体N相连,将物体N由静止释放，"运动过程中不会落到地面。
已知细线无弹性且不计与滑轮间的摩擦，不计空气阻力，则下列说法正确的是
A・若M的速度在增大时，则N的速度在减小
B.若财的速度在减小时，则N的速度在增大
C.当连接物体M的细线与水平方向的夹角为0时，有t^cos0=叹
D・当连接物体M的细线与水平方向的夹角为0时，有scosO二珊
4.5图所示是-辆汽车做勻减速直线运动-r图中的一段。
从图中所给的数据可以确定汽车在P点的瞬时速度
A.大于4m/s
B.等于4m/s
C.小于4m/s
D•可能大于4m/g,也可能小于4m/s
5.
詢理试■第2页（共8页）
压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而滅小。
一同学利用压敏电阻设计了判断升降机运动状态的装置，如图甲所示，将压敏电阻平放在升降机内，受压面朝上，在上面放一物体皿，升降机静止时电流表示数为/oo某过程中电流表的示数如图乙所示，则在此过程中
A.当用舱运动到最髙点时，该同学对座舱的作用力为*哑
B・当瘗舱运动到最低点时，该同学对座舱的作用力为
C.当座舱运动到与圆心等高时，该同学对座舱的作用力为吨
D.当座舱运动到与圆心等高时，该同学对座舱的作用力为十一mg
9.
如图所示,绷紧的水平传送带始终以恒定速率S运行。
初速度大小为"2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上滑上传送带，以地面为参考系，从小物块滑上传送带开始计时，其在传送带上V-/图象可能的是丄倉
第II卷（非选择题共60分）
（1）（3分）根据测得的数据•在下图中作出"图紀
（2）（3分）若认为滑动摩擦力等于最大静糜擦力•则根据作岀的图彖•小车与长木板之间的
动摩擦因数为o（保留一位有效数字）
（3）（2分）利用图示装置探究加速度与力、质址的关系时,下列做法中合理的是
A.若要使作出的a-F图线过坐标原点，可以适当垫高木板的右端
B・提供外力的小桶和沙子的总质址要远小于小车的质fit
C.处理数据时，作出图象能准确判断出加速度与质於之间的关系
D.处理数据时，作出a・F图像能准确判断出加速度与力之间的关系
12.（毎空2分）某研究性学习小组利用气華导轨聆证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示。
在气垫导轨上（可忽略摩擦力）相隔一定距离的两处安装两个光电传感器仏乩滑块P上固定一遮光条,若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出応电压•两光电传感器采集数据后与计算机相连。
滑块在细线的牵引下向左加速运动•遮光条经过光电传感器・4、B时•通过计
算机可以得到如图乙所示的电压〃随时间r变化的图猿。
23ctn
11rLl-LiJ.i.I.i,i,U,I,|III|/-[U1I1I'I'I1I'I'I'I'I01234567890
（1）实验前•调整气垫导轨倾斜角度，使两光电门之间导轨高度差为人，接通气源。
（2）用游标卡尺测遮光条宽度d・测撤结果如图丙所示•则d=mm。
（3）滑块P用细线跨过气垫导轨左端的定滑轮与质址为m的钩码Q相连,将滑块P由图甲
所示位置释放，通过计算机得到的图象如图乙所示，若△“、山2和d已知,要验证滑块和钩码组成的系统机械能是否守恒，还应测出和
（写出物理斌的名称及符号）0
（4）若上述物理扯间满足关系式，则表明在上述过程中,
滑块和钩码组成的系统机械能守恒。
三、计算题（本题共4小题，共44分。
解答应写出必要的文字说明、方程式和W要的演算涉鼻。
只写出最后答案的不能得分■有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
）
13.
（8分）在玻璃桶内盛上密度如的堇麻油•将密度为p、半径为卩的钢球从油面正上方心处由静止释放钢球，在蘆麻油中下落人2启将匀速下落，这个速度称为此物体下落的稳定速度。
已刘:
不计空气阻力•球体在產麻油中运动时受到的粘滞阻力/与球的半径F、速度叭液体的种类及温度有关，且八6口M式中物理址7J是產麻油的粘滞系
数，它只与液体的种类及温度有关），球体的体积公式为V=ynr\试求下列问题：
（1）小球刚落至油面处时的速度v,大小；
（2）小球的稳定速度“2大小。
14.（10分）如图所示倾址为1kg的物块放在倾角为37啲固定斜面底端■在F=22N与斜而底
边平行的力作用下•物块从协止开始沿斜面向上运动。
已知物块与斜面间的动摩擦因数力加速度g=10m/s\斜面足够长•已知：
sin37°=0<6,cos37°=0.8t求：
（1）在经历时间/=48后，物块的瞬时速度；
（2）若48时，撤去拉力F,则撤去拉力F后经过多长时间物块的速度大小为2m/8o
15・（12分）如图I卩所示•水平放■的实验平台人B两瑞点相距S高为九遥控电动小车（视为质点）的质it为m•与实脸平台的动摩撩因数为假设溫控开关开启后电动小车获得恒定的电动牵引力。
现将电动小车静置于人点•开启遥控开关后•小车沿水平直线轨道佃运动后从B端水平飞出•落到地面上的C点，测得B、C两点的水平距离为x=应,虐力加速度为g•不计空气阻力。
（1）求电动小车运动到B点时速度v；
（2）求电动小车的电动牵引力F；
（3）假设遥控开关开启后电动小车获得恒定的电动牵引功率，在该牵引力作用下从人运动到B。
现将电动小车静止于*点，开启控制开关后，经过时间f关掉开关，小车仍从B端水平飞出，测得B、C两点的水平距离为為改变时间t严将随之改变,多次实验•以x2为纵坐标、｛为橫坐标，得到如图（乙）所示图像。
若已知J・f图像的斜率为&。
求电动小车的牵引功率P。
16.（14分）如图所示，在距地面上方A=0.75m的光滑水平台面上,质量为m=8kg的物块左侧压缩一个轻质弹簧，弹賛与物块未拴接。
物块与左侧竖直墙壁用细线拴接,使物块静止在。
点。
水平台面右侧有一倾角为0=37。
的光滑斜面，半径分别为=0.4m和禺=0.2m的两个光滑圆形轨道固定在粗糙的水平地面上，且两圆轨道分别与水平面相切于C、E两点，两圆最高点分别为0、尸。
現剪断细线，物块离开水平台面后恰好无碰撞地从A点落入光滑斜面上,运动至B点后（衣B点无能量损失）沿粗糙的水平面从C点进入光滑竖直圆轨道且通过最高点D。
已知物块与水平面间的动空擦因数卩=0.1,45长度Lx=0.5m,BC距离L2=3m9g=10m/J,已知37。
=0.6,cos37°=0.8。
（1）求弹簧储存的弹性势能坊；
（2）求物块经过C点时对圆轨道的压力；
（3）为了让物块能从E点进入圆轨道且不脱离轨道，则C花间的距离应满足什么条件?
“江淮十校”2021届高三第二次质量检测
物理试题参考答案
一、选择题（每题4分，共40分。
1-6题为单选题,7-10为多选题,选错的不得分，漏选的得2分）
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
选项
D
B
D
A
C
C
AC
BD
BC
BC
答案:
D
解析:
类比加速度定义加加速度描述的是加速度变化快慢的物理鈕，意义是加速度的变化率，加加速度是加速度变化量与时间的比值。
选项A、B、C均错误,D正确。
2.答案:
B
解析:
由&严"扣和卞晋=呗两式得”="晋,A项错误。
由a=話得“=舘,B选项正确。
由J*_2ti_4Ko^项错误。
由m=琴得®项错误。
3.答案:
D
解析:
分析册受力知，当它在滑轮左边时合力向右,若是向右加速到滑轮正下方，由速度的分解知N的速度先增大再减小。
A、B选项错误，当细绳与横杆的夹角为。
时，由速度的分解知VMcos0=^,C选项错误,D正确。
4.答案:
A
解析:
观察图象知AB段的平均速度等于4m/s即等于中间时刻的瞬时速度，而匀变速直线运动位移中点的瞬时速度一定大于中间时刻的瞬时速度，所以A正确。
5.答案:
C
解析:
观察图象知电流大于厶，对应电阻变小,压力大于重力是超重现象;电流小于厶,对应电阻变大，压力小于重力是失重现象。
这里超重现象可能是升降机加速上升也可能是升降机减速下降引起，失重现象可能是升降机减速上升也可能是升降机加速下降引起。
所以答案只有选项A正确"
6.答案:
C
解析:
木箱在F作用下向右匀速运动的过程中，受4个力作用而平衡，即Feos&増-旳in&）,解得:
F的功率局cos0=畔Q=厂严&知功率减小，所以C正确,D错误。
cos0+/z,sm01+/xUn0
7.答案:
AC
解析:
由平衡条件知，初始时静摩擦力向左，当小车突然向右加速时，由牛顿第二定律知心-/二必,由于加速度逐渐增大，而4始终相对小车不动，即弹簧弹力不变，则摩擦力在一段时间内，可能处于一直向左减小过程;也可能处于先向左减小后向右增大过程;还可能处于向左增大过程,故正确答案为AC。
8•答案:
BD
解析:
在最高点处，由牛顿第二定律知mg—F=m第R,雜得F二令吨，故A错;在最低点处，由牛顿第二定律知F-吨=皿牛珈，斛得F=|■叱，故B正确;在与圆心等高处，在半径方向，由牛顿第二定律知八
m箒R,在竖直方向，由平衡方程知F*=吨,故尸=〃2+吋=晋吨,故D正确;C错误。
故选BDO
9.答案:
BC
解析:
滑块滑上传送带后可能有以下两种情况:
第一种情形，小物块从右端滑上传送帶后一直做匀减速运
动，该过程中不可能与传送带共速，故A错误工正确;第二种情形，小物块从右端滑上传送带后先减速到零，然后反向加速再匀速，故B项正确；D项错误。
10・答案:
BC
解析:
若该恒力沿水平方向，对整体受力分析知，
由平衡条件得F=4叱;故A错误；
对B受力分析，由平衡条件知
T48cos0=37ng；7\^sin0=F
联立解得,tan0=y,EP0=53°,故B正确；
对整体受力分析，由矢灵三角形可知，当F垂直于T时,F有最小值
尸葩=4/ngsin45°故G正确；
若该恒力沿竖直向上方向且大小为F=4mg时，由平衡条件知,7=0,故D错误。
餅析,1）®*a-F图像中根据所给的数拯描点。
②用一条直线连接这些点（连接时要尽量多的点落在
直线上，让其他的点尽可能分布在直线的两侧）。
（2）当拉力等于最大静摩擦力时，物体开始运动，由上问所得a-F图像可知，当拉力等于0.10N时物体开始运动,故最大静摩擦力人为0.1N,又由九，解得^=0.01
（3）a-F图像未过坐标原点的原因是未平衡摩擦力,故A项正确；由于有力传感器记录滑块的拉力，则实验时不需要满足旳》皿，故B项错误;由于a图象是非线性图像，故很难判断出加速度与质量之间的关系，故C项错误;根据拉力a-F图像的线性关系可以判断出加速度与力之间的关系，故D正确。
12•（每空2分）
（2）10.85mm
（3）两光电门之间的距离厶滑块的质址M
（4）咖+畑=手（加+皿）（点-才7）
解析:
（2）由游标卡尺的读数规则可知，示数为10mm+17x0.05mm=10.85mm
（3）为了计算出滑块、钩码的蛋力势能的减少量，需测量出两光电门之间的距离L,滑块的质量M
（4）对滑块、钩码组成的系统,由机械能守恒定律,mgL+Mgh=£（刈+同（£了-计7）
三、计算题（本题共4小题，共44分。
解答应写出必要的文字说明、方程式和車要的演算步骤。
只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写岀数值和单位。
）
13.（8分）
解析:
（1）小球在下落至體麻油中之前做自由落体运动，根据自由落体运动规律有
52=2ghi
解之得”产忌瓦’（如答案出现v,=y2g（A.-r）同样给分）（3分）
（2）由题意可知，小球稳定下落时匀速运动，故重力、浮力、粘滞阻力三力平衡即（2分）
又f=6mn
Fn=PoSV
m=pV
联立以上各式得珂=^3晋疋（3分）
14.（10分）
解析：
（1）对物块受力分析如图所示：
根据牛顿第二定律得
Feos0-zzigsin0-/z（mgeos0+Fsin0）=max（2分）根据摩擦力公式得
/=洛
联立解得=1m/s2
当运动4s后,物块的速度为^=^1=4^73（2分）
（2）4s后，撤去外力,对物块受力分析如图所示：
根据牛顿第二定律得
mgsin0+/imgc.os0=ma2解得a2=10m/s2（1分）
撤去F后,物块向上滑行减速至r2=2m/s所需时间右=乞二匕=0.2s
撤去F后，物块向上滑行至最高点所需时间h=—=0.4s
a2
由于pvun0,故物块将会沿斜面下滑，受力分析如图所示
根抵牛顿第二定律得
mgsin0一fungcos0=ma3
解得Oj=2m/s2（1分）
（1分）
物块下滑过程中加速至乃=2m/s所需时间x3=—=1s（1分）a3
故从撤去F后至下滑加速到$=2m/s所需时间t4=t2+i3=1.4S
综上所述，撤去拉力F后经0.2s或1.4s时间，物块的速度变为2m/$（2分）
15.（12分）
解析：
（1）设电动小车从B点平抛后经时间t.后落地,由平抛运动规律知
竖直方向h（1分）
水平方向x=vt{（1分）
联立解得“（2分）
（2）电动车在平台上从4点运动到B点过程中，由动能定理得
解得F=（“+*）叱（3分）
（3）设电动车从B点平抛的速度为电动车在平台上从A点运动到B点过程中,由动能定理得
Pt-pmgL=（1分）
电动小车从B点平拋后经时间勾后落地，由平抛运动规律知
竖宜方向h
水平方向x=坯
联立解得/=塑一40厶（2分）
mg
解得P二欝（2分）
16.（14分）
解析:
（1）设小球从平台抛出的初速度为%，由物块从平台抛出后落至A过程做自由落体运动知在竖直方向上有h-L^nO=^（1分）
在人点，由速度矢量三角形有tan&：
=必（1分）
%
在平台上弹簧弹开物块至恢复原长的过程中，由能屋转化与守恒定律知
Ep=^-nwj（1分）
联立以上各式，解之得
d»=64J（1分）
（2）从0点到C点，由能量转化与守恒定律有
Ep+mgh=吓血+ymvc2（1分）
在C点，设圆轨道对物块的支持力为心，由牛顿第二定律知
FN=（1分）
联立解之得Fx=580N,vc=5m/s（2分）
又由牛顿第三定律知，物块对圆轨道的压力为580N,方向竖直向下
（3）临界一:
设C、E间的距离为S时,刚好运动至E点；
从C点到E点由动能定理得
-问於、=0-y^c2
解之得S1=12.5m（2分）
临界二:
设C、E间的距离为S2时，刚好运动右侧圆轨道的与圆心等高处的G点;
从C点到G点由动能定理得
]2
~fjungS2-mgR2=0-—mvc
解之得S2"0.5m（2分）
临界三:
设C、E间的距离为S3时，刚好运动至右侧圆轨道的F点;在F点由牛顿第二定律得
从C点到G点由动能定理得
解之得S3=7.5m（2分）
综上所述,C、&间的距离S应满足：
0
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