中考题矩形菱形正方形初二用.docx
《中考题矩形菱形正方形初二用.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《中考题矩形菱形正方形初二用.docx(17页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
中考题矩形菱形正方形初二用
矩形菱形与正方形
一、选择题
1.(2018山东滨州)下列命题,其中是真命题的为()A.一组对边平行,另一组对边相等的四边形是平行四边形B.对角线互相垂直的四边形是菱形C.对角线相等的四边形是矩形
D.一组邻边相等的矩形是正方形
故选:
D.
2.(2018·湖北省孝感)如图,菱形ABCD的对角线AC,BD相交于点O,AC=10,BD=24,则菱形ABCD的周长为()
A.52B.48C.40D.20
故选:
A.
3.(2018·山东临沂·3分)如图,点E、F、G、H分别是四边形ABCD边AB、BC、CD、DA的中点.则下列说法:
①若AC=BD,则四边形EFGH为矩形;
②若AC⊥BD,则四边形EFGH为菱形;
③若四边形EFGH是平行四边形,则AC与BD互相平分;
④若四边形EFGH是正方形,则AC与BD互相垂直且相等.其中正确的个数是()
A.1B.2C.3D.4
故选:
A.
4.(2018·山东威海·3分)矩形ABCD与CEFG,如图放置,点B,C,E共线,点C,D,G共线,连接AF,取AF的中点H,连接GH.若BC=EF=2,CD=CE=1,则GH=()
A.1
C.
D.
故选:
C.
5.(2018•湖南省永州市)下列命题是真命题的是()A.对角线相等的四边形是矩形B.对角线互相垂直的四边形是菱形C.任意多边形的内角和为360°D.三角形的中位线平行于第三边,并且等于第三边的一半
故选:
D.
6.(2018·新疆生产建设兵团)如图,矩形纸片ABCD中,AB=6cm,BC=8cm.现将其沿AE对折,使得点B落在边AD上的点B1处,折痕与边BC交于点E,则CE的长为()
A.6cmB.4cmC.3cmD.2cm故选:
D.
7.(2018·新疆生产建设兵团)如图,点P是边长为1的菱形ABCD对角线AC上的一个动点,点M,N分别是AB,BC边上的中点,则MP+PN的最小值是()
A.
B.1C.D.2
故选:
B.
8.(2018·重庆(A))下列命题正确的是
A.平行四边形的对角线互相垂直平分B.矩形的对角线互相垂直平分C.菱形的对角线互相平分且相D.正方形的对角线互相垂直平分
D.正确。
二.填空题
1.(2018·广东广州)如图,若菱形ABCD的顶点A,B的坐标分别为(3,0),(-2,
0)点D在y轴上,则点C的坐标是。
【答案】(-5,4)
2.(2018·广东深圳)如图,四边形ACFD是正方形,∠CEA和∠ABF都是直角且点E、
A、B三点共线,AB=4,则阴影部分的面积是.【答案】8
3.(2018·四川自贡·4分)如图,在△ABC中,AC=BC=2,AB=1,将它沿AB翻折得到△ABD,则四边形ADBC的形状是形,点P、E、F分别为线段AB、AD、DB的任意点,则PE+PF
的最小值是
答案为
.
4.(2018•株洲市•3分)如图,矩形ABCD的对角线AC与BD相交点O,AC=10,P、Q分别为AO、AD的中点,则PQ的的长度为.
【答案】2.5
5.(2018·山东青岛·3分)如图,已知正方形ABCD的边长为5,点E、F分别在AD、DC上,AE=DF=2,BE与AF相交于点G,点H为BF的中点,连接GH,则GH的长为.
6.(2018·湖北省武汉·3分)以正方形ABCD的边AD作等边△ADE,则∠BEC的度数是30°或150°.
三.解答题
1.(2018•山东枣庄)如图,将矩形ABCD沿AF折叠,使点D落在BC边的点E处,过点E作EG∥CD交AF于点G,连接DG.求证:
四边形EFDG是菱形;
【解答】解:
(1)证明:
∵GE∥DF,
∴∠EGF=∠DFG.
∵由翻折的性质可知:
GD=GE,DF=EF,∠DGF=∠EGF,
∴∠DGF=∠DFG.
∴GD=DF.
∴DG=GE=DF=EF.
∴四边形EFDG为菱形.
2.(2018•江苏扬州)如图,在平行四边形ABCD中,DB=DA,点F是AB的中点,连接DF并延长,交CB的延长线于点E,连接AE.求证:
四边形AEBD是菱形;
【解答】
(1)证明:
∵四边形ABCD是平行四边形,
∴AD∥CE,
∴∠DAF=∠EBF,
∵∠AFD=∠EFB,AF=FB,
∴△AFD≌△BFE,
∴AD=EB,∵AD∥EB,
∴四边形AEBD是平行四边形,
∵BD=AD,
∴四边形AEBD是菱形.
3.(2018•江苏盐城)在正方形
中,对角线
所在的直线上有两点
、
满足
,连接
、
、
、
,如图所示.
(1)求证:
;
(2)试判断四边形
的形状,并说明理由.
(1)解:
证明:
在正方形ABCD中,AB=AD,∠ABD=∠ADB=45°,则∠ABE=∠ADF=135°,又∵BE=DF,
∴△ABE≅△ADF。
(2)解:
解:
四边形AECF是菱形。
理由如下:
由
(1)得∴△ABE≅△ADF,∴AE=AF。
在正方形ABCD中,CB=CD,∠CBD=∠CDB=45°,则∠CBE=∠CDF=135°,双∵BE=DF,
∴△CBE≅△CDF。
∴CE=CF。
∵BE=BE,∠CBE=∠ABE=135°,CB=AB,
∴△CBE≅△ABE。
∴CE=AE,
∴CE=AE=AF=CF,
∴四边形AECF是菱形。
4.(2018·山东青岛)已知:
如图,平行四边形ABCD,对角线AC与BD相交于点E,点G为AD的中点,连接CG,CG的延长线交BA的延长线于点F,连接FD.
(1)求证:
AB=AF;
(2)若AG=AB,∠BCD=120°,判断四边形ACDF的形状,并证明你的结论.
【解答】
(1)证明:
∵四边形ABCD是平行四边形,
∴BE∥CD,AB=CD,
∴∠AFC=∠DCG,
∵GA=GD,∠AGF=∠CGD,
∴△AGF≌△DGC,
∴AF=CD,
∴AB=CF.
(2)解:
结论:
四边形ACDF是矩形.理由:
∵AF=CD,AF∥CD,
∴四边形ACDF是平行四边形,
∵四边形ABCD是平行四边形,∴∠BAD=∠BCD=120°,
∴∠FAG=60°,
∵AB=AG=AF,
∴△AFG是等边三角形,
∴AG=GF,
∵△AGF≌△DGC,
∴FG=CG,∵AG=GD,
∴AD=CF,
∴四边形ACDF是矩形.
5.(2018·山东泰安)如图,△ABC中,D是AB上一点,DE⊥AC于点E,F是AD的中点,FG⊥BC于点G,与DE交于点H,若FG=AF,AG平分∠CAB,连接GE,CD.
(1)求证:
△ECG≌△GHD;
(2)小亮同学经过探究发现:
AD=AC+EC.请你帮助小亮同学证明这一结论.
(3)若∠B=30°,判定四边形AEGF是否为菱形,并说明理由.
【解答】解:
(1)∵AF=FG,
∴∠FAG=∠FGA,
∵AG平分∠CAB,
∴∠CAG=∠FGA,
∴∠CAG=∠FGA,
∴AC∥FG,
∵DE⊥AC,
∴FG⊥DE,
∵FG⊥BC,
∴DE∥BC,
∴AC⊥BC,
∴∠C=∠DHG=90°,∠CGE=∠GED,
∵F是AD的中点,FG∥AE,
∴H是ED的中点,
∴FG是线段ED的垂直平分线,
∴GE=GD,∠GDE=∠GED,
∴∠CGE=∠GDE,
∴△ECG≌△GHD;
(2)证明:
过点G作GP⊥AB于P,
∴GC=GP,而AG=AG,
∴△CAG≌△PAG,
∴AC=AP,
由
(1)可得EG=DG,
∴Rt△ECG≌Rt△GPD,
∴EC=PD,
∴AD=AP+PD=AC+EC;
(3)四边形AEGF是菱形,证明:
∵∠B=30°,
∴∠ADE=30°,
∴AE=
AD,
∴AE=AF=FG,
由
(1)得AE∥FG,
∴四边形AECF是平行四边形,
∴四边形AEGF是菱形.
6.(2018•北京)如图,在四边形ABCD中,AB∥DC,AB=AD,对角线AC,BD交于点O,AC平分∠BAD,过点C作CE⊥AB交AB的延长线于点E,连接OE.
(1)求证:
四边形ABCD是菱形;
(2)若AB=,BD=2,求OE的长.
DC
ABE
【解析】
(1)证明:
∵AB∥CD
∴∠CAB=∠ACD
∵AC平分∠BAD
∴∠CAB=∠CAD
∴∠CAD=∠ACD∴AD=CD
又∵AD=AB
∴AB=CD
又∵AB∥CD
∴四边形ABCD是平行四边形又∵AB=AD
∴YABCD是菱形
(2)解:
∵四边形ABCD是菱形,对角线AC、BD交于点O.
∴AC⊥BD.OA=OC=1AC,OB=OD=1BD,
22
∴OB=1BD=1.2
在Rt△AOB中,∠AOB=90︒.
∴OA=
∵CE⊥AB,
∴∠AEC=90︒.
=2.
在Rt△AEC中,∠AEC=90︒.O为AC中点.
∴OE=1AC=OA=2.
2
7.(2018•北京•7分)如图,在正方形ABCD中,E是边AB上的一动点(不与点A,B重合),连接DE,点A关于直线DE的对称点为F,连接EF并延长交BC于点G,连接DG,过点E作EH⊥DE交DG的延长线于点H,连接BH.
(1)求证:
GF=GC;
(2)用等式表示线段BH与AE的数量关系,并证明.
DC
H
AEB
【解析】
(1)证明:
连接DF.
∵A,F关于DE对称.
∴AD=FD.AE=FE.在△ADE和△FDE中.
DC
⎧AD=FD
⎨
⎪AE=FE
⎩
⎪DE=DE
∴△ADE≌△FDEH
∴∠DAE=∠DFE.
AEB
∵四边形ABCD是正方形
∴∠A=∠C=90︒.AD=CD
∴∠DFE=∠A=90︒
∴∠DFG=180︒-∠DFE=90︒
∴∠DFG=∠C
∵AD=DF.AD=CD
∴DF=CD
在Rt△DCG和Rt△DFG.
⎧DC=DF
⎩
⎨DG=DG
∴Rt△DCG≌Rt△DFG
∴CG=FG.
(2)BH=AE.
证明:
在AD上取点M使得AM=AE,连接ME.
∵四这形ABCD是正方形.
∴AD=AB.∠A=∠ADC=90︒.
∵△DAE≌△DFE
DC
∴∠ADE=∠FDE
同理:
∠CDG=∠FDG
∴∠EDG=∠EDF+∠GDF
MH
=1∠ADF+1∠CDF
22
AEB
=1∠ADC=45︒2
∵DE⊥EH
∴∠DEH=90︒
∴∠EHD=180︒-∠DEH-∠EDH=45︒
∴∠EHD=∠EDH
∴DE=EH.
∵∠A=90︒
∴∠ADE+∠AED=90︒
∵∠DEH=90︒
∴∠AED+∠BEH=90︒
∴∠ADE=∠BEH
∵AD=AB.AM=AE
∴DM=EB
在△DME和△EBH中
⎧DM=EB
⎨
⎪∠MDE=∠BEH
⎩
⎪DE=∠EH
∴△DME≌△EBH
∴ME=BH
在Rt△AME中,∠A=90︒,AE=AM.
∴ME==AE
∴BH=AE.
【考点】正方形的性质,轴对称的性质,全等三角形的性质与判定,等腰直角三角形的性质与判定
8.(2018·浙江舟山·6分)如图,等边△AEF的顶点E,F在矩形ABCD的边BC,CD上,且
∠CEF=45°。
求证:
矩形ABCD是正方形
【考点】三角形全等的判定,矩形的性质,正方形的判定
【解析】【分析】证明矩形ABCD是正方形,根据有一组邻边相等的矩形是正方形,则可证一组邻边相等
【解答】∵四边形ABCD是矩形,
∴∠B=∠D=∠C=90°
∵△AEF是等边三角形
∴AE=AF,∠AEF=∠AFE=60°,又∠CEF=45°,
∴∠CFE=∠CEF=45°,
∴∠AFD=∠AEB=180°-45°-60°=75°,
∴△AEB≌△AFD(AAS),
∴AB=AD,
∴矩形ABCD是正方形。
9.(2018·广东深圳·8分)已知菱形的一个角与三角形的一个角重合,然后它的对角顶点在这个重合角的对边上,这个菱形称为这个三角形的亲密菱形,如图,在△CFE中,CF=6,CE=12,∠FCE=45°,以点C为圆心,以任意长为半径作AD,再分别以点A和点D为圆
心,大于
AD长为半径做弧,交于点B,AB∥CD.
(1)求证:
四边形ACDB为△CFE的亲密菱形;
(2)求四边形ACDB的面积.
【答案】
(1)证明:
由已知得:
AC=CD,AB=DB,由已知尺规作图痕迹得:
BC是∠FCE的角平分线,
∴∠ACB=∠DCB,又∵AB∥CD,
∴∠ABC=∠DCB,
∴∠ACB=∠ABC,
∴AC=AB,又∵AC=CD,AB=DB,
∴AC=CD=DB=BA,
四边形ACDB是菱形,
又∵∠ACD与△FCE中的∠FCE重合,它的对角∠ABD顶点在EF上,
∴四边形ACDB为△FEC的亲密菱形.
10.(2018·广东·7分)如图,矩形ABCD中,AB>AD,把矩形沿对角线AC所在直线折叠,使点B落在点E处,AE交CD于点F,连接DE.
(1)求证:
△ADE≌△CED;
(2)求证:
△DEF是等腰三角形.
【解答】证明:
(1)∵四边形ABCD是矩形,
∴AD=BC,AB=CD.
由折叠的性质可得:
BC=CE,AB=AE,
∴AD=CE,AE=CD.
在△ADE和△CED中,,
∴△ADE≌△CED(SSS).
(2)由
(1)得△ADE≌△CED,
∴∠DEA=∠EDC,即∠DEF=∠EDF,
∴EF=DF,
∴△DEF是等腰三角形.
11.(2018年四川省内江市)如图,已知四边形ABCD是平行四边形,点E,F分别是AB,BC上的点,AE=CF,并且∠AED=∠CFD.
求证:
(1)△AED≌△CFD;
(2)四边形ABCD是菱形.
【解答】
(1)证明:
∵四边形ABCD是平行四边形,
∴∠A=∠C.在△AED与△CFD中,
∴△AED≌△CFD(ASA);
(2)由
(1)知,△AED≌△CFD,则AD=CD.又∵四边形ABCD是平行四边形,
∴四边形ABCD是菱形.
12.(2018年江苏省南京市)如图,在四边形ABCD中,BC=CD,∠C=2∠BAD.O是四边形ABCD内一点,且OA=OB=OD.求证:
(1)∠BOD=∠C;
(2)四边形OBCD是菱形.
【解答】证明:
(1)
延长OA到E,
∵OA=OB,
∴∠ABO=∠BAO,又∠BOE=∠ABO+∠BAO,
∴∠BOE=2∠BAO,同理∠DOE=2∠DAO,
∴∠BOE+∠DOE=2∠BAO+2∠DAO=2(∠BAO+∠DAO)
即∠BOD=2∠BAD,又∠C=2∠BAD,
∴∠BOD=∠C;
(2)连接OC,
∵OB=OD,CB=CD,OC=OC,
∴△OBC≌△ODC,
∴∠BOC=∠DOC,∠BCO=∠DCO,
∵∠BOD=∠BOC+∠DOC,∠BCD=∠BCO+∠DCO,
∴∠BOC=
∠BOD,∠BCO=
∠BCD,又∠BOD=∠BCD,
∴∠BOC=∠BCO,
∴BO=BC,
又OB=OD,BC=CD,
∴OB=BC=CD=DO,
∴四边形OBCD是菱形.