全国重点高中自主招生考试物理模拟试题含答案解析.docx

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全国重点高中自主招生考试物理模拟试题含答案解析

2019年全国重点高中自主招生考试物理模拟试题

一．选择题（共12小题）

1．（2017•乐清市校级自主招生）如图所示的容器中盛有水，器壁AB呈倾斜状，有一个小物块P处于图示，并保持静止状态，则该物体受力的情况正确的是（　　）

A．P可能只受一个力B．P可能只受两个力

C．P可能只受三个力D．P不可能受四个

2．（2018•市中区校级自主招生）如图所示，叠放在一起的物体A和B，在F=10N的水平拉力作用下沿水平方向作匀速直线运动，则下列结论中正确的是（　　）

A．A物体受到的摩擦力为10N，B物体受到的摩擦力为0N

B．B物体受到的重力与A对B的支持力是一对相互作用力

C．A受到的重力与地面对A的支持力是一对平衡力

D．若拉力F增大，则A与地面的摩擦力也随着增大

3．（2017•长沙自主招生）如图是使用汽车打捞水下重物示意图，在重物从水底拉到井口的过程中，汽车以恒定速度如图向右运动，忽略水的阻力和滑轮的摩擦，四位同学画出了汽车功率（P）随时间（t）变化的图象，其中正确的是（　　）

A．

B．

C．

D．

4．（2017•长沙自主招生）将一杯热水倒入容器内的冷水中，冷水温度升高10℃，又向容器内倒入同样一杯热水，冷水温度又升高6℃，若再向容器内倒入同样一杯热水，则冷水温度将再升高（不计热损失）（　　）

A．10℃B．6℃C．6℃以上D．6℃以下

5．（2018•市中区校级自主招生）如图所示，AD为一支长30cm的铅笔芯，当两只电流表的量程为0﹣0.6A时，滑片P的滑动范围为BC=10cm，若将两只电流表的量程改为0﹣3A，则滑片P的滑动范围为（　　）

A．20cmB．24cmC．26cmD．30cm

6．（2017•延平区校级自主招生）某量程为0.6A的理想电流表与电阻R0串联，如甲图所示。

现将其接入实际电流约为2A～3A的电路中并准确测出电流，四个探究小组选用合适的电阻Rx设计了下图的几种方案，你认为最合理的是（　　）

A．

B．

C．

D．

7．（2017•宣州区校级自主招生）如图甲所示，电源电压恒为3.0V，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，通过每个小灯泡的电流随其两端电压变化的规律如图乙所示，当开关闭合后，下列判断正确的是（　　）

A．灯泡L2的电阻为12Ω

B．通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍

C．灯泡L3消耗的电功率为0.75W

D．灯泡L1与灯泡L3消耗的电功率之比为5：

2

8．（2017•永春县校级自主招生）额定电压都是110V，额定功率PA=100W，PB=40W的电灯两盏，若接在电压是220V的电路上，使两盏电灯均能正常发光，且电路中消耗功率最小的电路是图中的哪一个（　　）

A．

B．

C．

D．

9．（2017•乐清市校级自主招生）AB、BC、AC、AD、BD、CD六根阻值均为R的电阻线连接如图所示，则A、D之间的等效电阻为（　　）

A．

B．RC．

D．

10．（2015•绵阳校级自主招生）有n个完全相同的灯泡，一是把它们并联后再与R1串联接入电路中，如图甲所示；二是把它们串联后再与R2串联接入电路，如图乙所示。

若电路两端的电压均为U，分别调节R1和R2使所有灯都能正常发光，那么电路甲（包括R1）和电路乙（包括R2）所消耗的总功率之比（　　）

A．n2：

1B．n：

1C．1：

1D．

：

1

11．（2015•乐清市校级自主招生）如图所示，电源电压U=6V且保持不变，电阻R=10Ω，滑动变阻器R′的铭牌上标有“20Ω1A”字样，在从左往右移动滑动变阻器滑片的过程中，下面表示滑动变阻器所消耗的功率P′与接入电路的电阻R′关系的图象正确的是（　　）

A．

B．

C．

D．

12．（2013•屯溪区校级自主招生）如图所示，三个电阻R1、R2、R3的阻值相同，允许消耗的最大功率分别为10W、10W和4W，这个电路允许消耗的最大功率是（　　）

A．24WB．16WC．12WD．15W

二．填空题（共12小题）

13．（2017•宣州区校级自主招生）如图，一束平行光垂直照射在直径为a的圆孔上，圆孔中有一凹透镜，在距离圆孔为L的光屏上得到直径为b的圆形亮斑，则这个凹透镜的焦距为　　。

14．（2018•市中区校级自主招生）如图为一电热饮水机的电路简图，其额定电压为220V，具有“加热”、“保温”两种功能，对应功率分别为400W和40W．则R2的组值为　　Ω；用饮水机给2kg的水加热，使水温升高50℃，水吸收的热量　　J．（c水=4.2×103J/（kg•℃））

15．（2015•厦门自主招生）用水壶烧开水时看见“白气”，开冰箱门时也看见“白气”，这两种“白气”都是水蒸气液化而来的，前者的水蒸气来自　　，后者的水蒸气来自　　。

16．（2017•涪城区自主招生）音乐小组的几位同学自己动手制作了各自的乐器，乐器发声的波形图如下图所示：

根据波形图可以知道：

三种乐器具有相同的　　，不同的　　。

（选填“音色”、“音调”）

17．（2016•黄冈校级自主招生）质量相等的甲、乙两个实心均匀正方体物块放在水平地面上，密度关系是ρ甲＞ρ乙，当在甲、乙两物块上，分别放重为G1、G2的物体或分别施加竖直向上的力F1、F2（F1、F2均小于物块重力）时，甲、乙两物块对水平地面的压强相等，则G1　　G2，F1　　F2。

18．（2013•黄冈自主招生）如图所示，面积较大的水池内水深为H，水面上浮着一边长为a、质量为m的正方体物块，物块的一半体积浸在水中。

现用力将木块缓慢地压入水中直到池底，则从木块刚好浸没水中开始到最终压在池底的过程中，池中水的能量增加了　　。

19．（2017•涪城区自主招生）如图所示，一长为3m的粗细不均匀的水泥电线杆，用竖直向上的力F1=1200N可将A端抬起（B端仍在地面上），用竖直向上的力F2=600N可将B端抬起。

则该水泥杆重G=　　N，重心与A端距离x=　　m。

20．（2017•黄州区校级自主招生）干电池本身有一定的电阻，因此，实际干电池可以等效为一个没有电阻的理想干电池和一个阻值一定的电阻相串联而成。

如图所示，电源由几个相同的干电池组成。

合上开关S，变阻器的滑片从A端滑到B端的过程中，电路中的一些物理量的变化，如图甲、乙、丙所示，图甲为电压表示数与电流表示数关系，图乙为干电池输出功率跟电压表示数关系，图丙为干电池输出电能的效率η与变阻器接入电路电阻大小的关系，不计电表、导线对电路的影响，则：

（1）串联的干电池数为　　个。

（2）变阻器的总电阻为　　Ω．（3）乙图上b点的坐标为　　。

21．（2016•黄冈校级自主招生）如图所示，电阻R1标有“6ΩlA”，R2标有“3Ω1.2A”，电流表A1、A2的量程均为0～3A，电压表量程0～15V，在a、b间接入电压可调的直流电源。

闭合开关s后，为保证R1、R2均不损坏，则允许加的最大电源电压是　　，通过电流表A1的电流不得超过　　。

22．（2014•绵阳校级自主招生）在装有适量水的容器中放入一木块A，木块上方叠放一铁块B，静止时如图甲所示，水深为20cm，则水对容器底部的压强为　　Pa（g=10N/kg）；当把铁块B栓在木块A下方，放在水中静止时如图乙所示，则水对容器底部压强　　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

23．（2018•市中区校级自主招生）奥斯特实验表明：

通电导线周围存在着　　，如图所示，可判断电源的　　端是正极。

24．（2016•枣庄校级自主招生）若把两个定值电阻R1、R2以某种形式连接起来与电源接通，R1消耗的电功率为9W，若把这两个电阻换成另一种形式连接起来后，仍与该电源接通（电源电压不变），则R1消耗的电功率为16W，且通过R2的电流为4A，那么电源电压为　　V．R1的阻值为　　Ω。

三．作图题（共1小题）

25．（2018•市中区校级自主招生）如图所示，a、b是水中的一个发光点S发出的两条光线。

请画出a、b的折射光线及从岸上看的点S在水中像的位置。

（保留作图痕迹）

四．实验探究题（共3小题）

26．（2015•武汉校级自主招生）甲乙两位同学在学习了滑动摩擦力之后采用完全相同的器材各自设计了两种不同的实验方案来测定滑动摩擦力的大小：

甲方案：

模板通过细线与墙相连，通过弹簧测力计水平拉动木块，如图甲所示。

乙方案：

木块与弹簧测力计相连，弹簧测力计水平固定与左端墙面处，通过细绳水平拉动木板，如图乙所示。

（1）上述两种方案中，你认为更合理的是　　（填“甲”或“乙”）

（2）在甲方案的实验中，当木块做匀速直线运动时弹簧测力计的读数为2N．在乙方案中，当拉动木板做匀速直线运动时，拉力F乙为6N，则地面对木板的摩擦力大小为　　N；若将拉力F乙从6N增大至8N，此时弹簧测力计的读数为　　N。

（3）两位同学又通过查阅资料了解到物体所受滑动摩擦力大小与压力成正比，即f=µN（f表示滑动摩擦力、N表示压力，µ为动摩擦因数）．若木块的重力为5N，木板的重力为15N，结合

（2）中的相关数据可计算出木块与木板件的动摩擦因数为　　，木板与地面之间的动摩擦因数为　　。

27．（2014•龙海市校级自主招生）某同学探究“摩擦力与哪些因素有关”，按图甲的实验装置，利用弹簧测力计测量小木块在水平桌面上的摩擦力：

（1）试验时发现，当弹簧测力计的拉力等于0.4N时，物体保持静止，此时物体受到的摩擦力大小为　　N，此结论的理论依据是　　；

（2）要测出物体收到的滑动摩擦力的大小，应该在物体　　运动时读出弹簧测力计的示数；

（3）通过在木块上增减砝码，改变木块对桌面的压力，多次测量得到如图乙所示的滑动摩擦力f随压力F变化的图象。

则当压力等于3.6N时，摩擦力大小为　　N；

（4）物理学上，我们将“滑动摩擦力与压力的比值”称为动摩擦因数，用符号μ表示：

由此可知，μ　　单位（选填“有”或“没有”），由图乙可求出木块与桌面间的动摩擦因数大小为　　。

28．（2014•芜湖校级自主招生）如图甲所示，用一拉力传感器（能感应力大小的装置）水平向右拉一水平面上的木块，A端的拉力均匀增加，0～t1时间内木块保持静止状态，木块运动后改变拉力，使木块t2后处于匀速直线运动状态。

计算机对数据进行处理后，得到如图乙所示拉力随时间变化图线，回答下列问题：

（1）当用F=5N的水平拉力拉静止的木块时，木块所受摩擦力大小为　　N；若用F=6N的水平拉力拉木块，木块所受摩擦力大小为　　N。

（2）如图丙所示，为研究滑动摩擦力F滑大小与接触面受到压力F压大小的关系，在重力为17N的木块上每次增加1N重的砝码，分别用水平拉力F使木块作匀速直线运动。

实验测量数据如表：

木块对水平面压力F压（N）

17

18

19

20

21

水平拉力F（N）

5.1

5.4

5.7

6.0

6.3

根据表格数据，得出滑动摩擦力F滑大小与接触面受到压力F压大小的关系式为　　。

五．计算题（共2小题）

29．（2018•南充）如图是工人将重160N的物体匀速放下的过程，已知物体下降的距离为3m，用时3s，工人的拉力为50N，工人质量为50kg。

（物体未浸入水中，且不计绳重及摩擦）

（1）求工人放绳的速度。

（2）求滑轮组的效率η1

（3）如果物体完全浸没水中后滑轮的机械效率为η2，已知η1：

η2=4：

3（物体在水中仍匀速下降，动滑轮不会浸入水中且不计绳重及摩擦，g=10N/kg）。

求当物体完全浸没水中后，工人对地面的压力。

30．（2016•包河区校级自主招生）如图所示，电源电压和小灯泡的阻值均保持不变，小灯泡L标有“4V1.6W”字样，R1=20Ω，滑动变阻器R2允许通过的最大电流为1A，电流表的量程为0﹣0.6A，电压表的量程为0﹣3V．只闭合开关S2时，电压表的示数为2V，则

（1）R1消耗的电功率是多少？

（2）在不损坏各电路元件的情况下，若闭合所有开关，滑动变阻器R2消耗的最大功率和最小功率之比为3：

1，若只闭合开关S3，小灯泡L消耗的电功率变化范围是多少？

参考答案与试题解析

一．选择题（共12小题）

1．

【分析】对物体进行受力分析，根据其静止状态可分析受力的个数。

【解答】解：

物体一定受到地球的吸引而产生重力，同时因为排开一定质量的液体，故一定受浮力，即可能受2个力；

若浮力大于重力，则物体一定会受AB对P的弹力，由于弹力垂直于接触面向下，如图所示，物体只有受到向下的摩擦力才能受力平衡，故可能受四个力；

综上分析可知，ACD错误，B正确。

故选：

B。

【点评】受力分析一定不要脱离开对物体的运动情景的分析，同时对摩擦力有无的判断可以用假设法。

2．

【分析】利用以下知识分析解答：

（1）物体处于匀速直线运动状态时，受到平衡力作用，对AB受力分析得出结论。

（2）相互作用力的条件：

大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。

（3）平衡力的条件：

大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。

（4）摩擦力大小的影响因素：

压力和接触面的粗糙程度。

【解答】解：

A、A和B一起向前做匀速直线运动，处于平衡状态，受拉力与摩擦力一对平衡力，平衡力大小相等即f=F=10N，即A物体受到的摩擦力为10N；

A和B一起向前做匀速直线运动，所以AB之间没有相对运动的趋势，则B不受摩擦力的作用，即B物体受到的摩擦力为0，故A正确；

B、B受到的重力与A对B的支持力是作用在同一个物体上的两个力，大小相等、方向相反、在同一直线上，是一道平衡力，不是一对相互作用力。

故B错误；

C、地面对A的支持力与AB两物体受到的总重力相等，则A受到的重力与地面对A的支持力的大小不相等，它们不是一对平衡力。

故C错误；

D、若增大拉力F，A对地面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以A与地面的摩擦力大小不变。

故D错误。

故选：

A。

【点评】此题考查平衡力和相互作用力的区分，摩擦力及摩擦力大小的影响因素，平衡力与相互作用力的区别主要在于：

平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。

3．

【分析】此过程分三个阶段：

第一个阶段，物体完全浸没在水中，此时浮力不变，F=G﹣F浮，所以拉力不变，根据P=Fv可知：

汽车在此阶段的功率不变；

第二个阶段，物体只有一部分浸入水中，而且排开水的体积越来越小，所受浮力也越来越小，F=G﹣F浮，所以拉力增大，根据P=Fv可知：

汽车在此阶段的功率增大；

第三个阶段，物体离开水面了，此时物体只在拉力和重力的作用下匀速运动，所以F=G，拉力不变，根据P=Fv可知：

汽车在此阶段的功率不变。

【解答】解：

汽车匀速运动，重物也匀速运动，在重物露出水面前，浮力不变，F=G﹣F浮，所以拉力不变，根据P=Fv可知：

汽车的功率不变；

在物体露出水面而没完全露出时，浮力减小，F=G﹣F浮，所以拉力增大，根据P=Fv可知：

汽车的功率增大；

在物体完全露出液面时，F=G，拉力不变，根据P=Fv可知：

汽车的功率不变；

综上所述，汽车的功率先不变，再增大，最后又不变，故D正确，ABC错误。

故选：

D。

【点评】此题的关键要知道功率的公式P=Fv，由于速度不变，则关键是通过浮力的变化来判断拉力的变化。

4．

【分析】热传递过程中高温物体放出热量，低温物体吸收热量，直到最后温度相同。

知道热水的质量和温度变化、冷水的质量和温度变化，利用热平衡方程Q吸=Q放列出两个等式，可解得容器里的水与一杯水的质量关系及热水与冷水间的温度差；则假设一次性将全部热水倒入，则可求得冷水升高的总温度，即可求得再加1杯水时容器内的水升高的温度。

【解答】解：

设热水和冷水的温度差为t，

质量为m0的一小杯热水倒入盛有质量为m的冷水的保温容器中，使得冷水温度升高了10℃，

Q吸=Q放，

从而可知，cm0（t﹣10℃）=cm×10℃，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①

又向保温容器中倒入一小杯同质量为m0同温度的热水，水温又上升了6℃，

△Q吸=△Q放，

从而可知，cm0（t﹣10℃﹣6℃）=c（m+m0）×6℃，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②

则①﹣②得：

6℃×cm0=10℃×cm﹣6℃×cm﹣6℃×cm0，

整理得：

12℃×cm0=4℃×cm，

解得：

m=3m0；

代入①式可得，t=40℃；

假设我们将全部热水一次性注入，则由热平衡方程可知：

3m0c（40℃﹣△t）=mc△t，m=3m0；

联立两式解得：

△t=20℃；

则注入后3杯水后，水温还会上升：

20℃﹣10℃﹣6℃=4℃。

故选：

D。

【点评】解决此类综合分析题目，要结合热量公式和热传递的条件进行分析解答。

不计热量的损失，可利用热平衡方程Q吸=Q放列出两个等式；同时还应注意一次次注入和一次性注入相同的水，结果应是相同的。

5．

【分析】由电路可知，滑片左侧和右侧电阻并联，两电流表分别测两部分的电阻，根据电阻与长度成正比可设每厘米铅笔芯的电阻为R。

（1）当电流表的量程为0～0.6A时，由欧姆定律可知，AB段的电阻和CD段的电阻相等，进而可知AB、BC、CD段长和电阻值也相等，进一步表示出每厘米表示的电阻；

（2）当电流表的量程为0～3A量程，当电流表A1的示数为3A时，设P距A点的距离为L，根据欧姆定律表示出电流表的示数即可求出P距A点的距离，总长度减去P距A点距离的2倍即为滑片P允许滑动的长度范围。

【解答】解：

由电路可知，滑片左侧和右侧电阻并联，两电流表分别测两部分的电阻，由电阻与长度成正比可设每厘米铅笔芯的电阻为R，

电流表的量程为0～0.6A时，

P在B点时，左侧电流表达到最大值0.6A，即：

=0.6A，

P在C点时，右侧电流表同样能达到最大值0.6A，即：

=0.6A，

所以RAB=RCD，则AB=CD，

而BC=10cm，所以AB+CD=AD﹣BC=30cm﹣10cm=20cm，

所以AB=CD=10cm，

则：

RAB=RBC=RCD，

=

=0.6A，即：

=0.6A，所以：

=10cm×0.6A，

当电流表的量程为0～3A量程，当左侧电流表的示数为3A时，设P距A点的距离为L，

则

=3A，即：

×

=10cm×0.6A×

=3A，

解得：

L=2cm，

所以滑片P允许滑动的长度范围为30cm﹣2×2cm=26cm。

故选：

C。

【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，明白滑片P允许滑动的长度范围和利用好“电阻与长度成正比”是关键。

6．

【分析】电路中电流过大，应并联一个电阻分流，据此分析解答。

【解答】解：

量程为0.6A的理想电流表与电阻R0串联，如甲图所示。

现将其接入实际电流约为2A～3A的电路中并准确测出电流。

电路中电流过大，应并联一个电阻分流，A串联，故错误；

B把电流表放在干路，不能扩大量程，故B错误；

C中电流表把Rx短路起不到分流作用，故C错误，

D中Ix=I﹣IA，起到分流作用，故D正确。

故选：

D。

【点评】本题主要考查并联分流的特点，常见题目。

7．

【分析】

（1）根据图象，由I=

计算电阻，据此判断；

（2）根据图象，读出在不同电压下小灯泡的电流；

（3）根据图象，读出L3在1.5V电压下的电流，由P=UI求解；

（4）由图象数据求出L1电流，再根据P=UI计算电功率与L3消耗的电功率进行比较。

【解答】解：

由图可知，当开关S闭合后，L2与L3串联后再与L1并联，根据并、串联电路的电压规律可知，L1两端电压U1=U=3V，L2、L3两端电压U2=U3=

U=

×3V=1.5V，

A、由图可知，当小灯泡L2两端电压为1.5V时，通过的电流I2=0.20A，可得电阻R2=

=

=7.5Ω，故A不正确；

B、闭合开关，由图可知，当小灯泡L1两端电压为3V时，通过的电流I1=0.25A，而小灯泡L2两端电压为1.5V时，通过的电流I2=0.20A，即并非两倍，故B不正确；

C、R2与R3串联，可得I3=I2=0.20A，由P=UI可得：

P3=U3I3=1.5V×0.2A=0.3W，故C不正确；

D、由P=UI可得，灯泡L1与灯泡L3消耗的电功率之比为：

=

=

=

，故D正确。

故选：

D。

【点评】本题考查并串联电路的电流电压规律运用，要会从图象中获取信息。

8．

【分析】

（1）根据串联电路各处电流相等特点可知，电压相等时，电阻也要相等。

（2）已知电源电压相等，根据公式P=

可知，电路中电阻越大。

消耗的功率就越小，先根据公式R=

分别求出灯泡A和灯泡B的电阻，再求出C图总电阻和D图总电阻，进行比较，即可得出结论。

【解答】解：

根据P=

可得，两灯泡的电阻分别为：

RA=

=

=121Ω，RB=

=

=302.5Ω。

所以，RB＞RA。

A、图中灯泡A和灯泡B串联，然后接到220V的电源上，根据串联电路的分压特点可知，灯泡B两端的电压大于110V，所以都不能正常工作，故A不符合题意；

B、图中灯泡A和可变电阻R并联后又和灯泡B串联，要使灯泡正常工作，必须满足灯泡A与可变电阻R并联后和灯泡B的电阻相等；但并联电路中，电阻越并越小，小于任何一个分电阻，所以灯泡A与可变电阻R并联后的电阻小于灯泡B的电阻，此电路中灯泡A和灯泡B也不能正常工作，故B不符合题意；

C、图中灯泡B和可变电阻R并联后又和灯泡A串联，要使灯泡正常工作，必须满足灯泡B与可变电阻R并联后和灯泡A的电阻相等；并联电路中，电阻越并越小，小于任何一个分电阻，所以灯泡B与可变电阻R并联后的电阻可以等于灯泡A的电阻，可以使灯泡A和灯泡B正常工作，则C图的总电阻为R总=2RA=2×121Ω=242Ω；

D、图中灯泡A和灯泡B并联后又与可变电阻R串联，要使灯泡正常工作，必须满足灯泡A与灯泡B并联后和可变电阻R的阻值相等，通过调节变阻器的阻值可以做到，即两灯泡可以正常工作；由公式

=

+

得灯泡B和灯泡A并联后的电阻R≈86.4Ω，则D图的总电阻为R总=2R=2×86.4Ω=172.8Ω；

电源电压一定，根据公式P=

可知，电路总电阻越大，消耗的总功率就越小，比较可知，C图的总电阻大，消耗的总功率最小。

故选：

C。

【点评】本题考查电功率的计算和串、并联电路电阻的计算，关键是电功率公式及其变形的灵活运用，重点知道串联电路总电阻大于任何一个串联的电阻，并联电路的总电阻小于任何一个并联的电阻。

9．

【分析】先画出电路的等效电路图，然后再根据电阻的串、并联规律求出总电压。

【解答】解：

等效电路图如图：

因为各电阻阻值相等，R0两端电压为零，所以R0没有电流通过；

上边的两个电阻串联总电阻为2R，

中间的两个电阻串联总电阻也是2R，

上边的两个串联和中间的两个串联后再并联，

所以这四个电阻的总电阻是：

R′=

=R，

R′又与下边的电阻R并联，所以，RAD=

=

。

故选：

A。

【点评】解决此题需要知道串、并联电阻的规律，正确画出等效电路图是解题的关键。

10．

【分析】灯泡正常发光时每个灯泡的电流相等，甲图中n个相同灯泡并联后与R1串联，根据并联电路的电流特点求出干路电流；乙图中n个相同灯泡串联后与R2串联，根据串联电路的电流特点可知电路中的总电流，电路两端的电压相等，根据P=UI求出两电路消耗总功率之比。

【解答】解：

灯泡正常发光时每个灯泡的电流相等，设为I，