物理内蒙古巴彦淖尔市中考真题解析版.docx

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物理内蒙古巴彦淖尔市中考真题解析版

2019年内蒙古巴彦淖尔市中考物理试卷

一、选择题（本题包括7个小题，每小题3分，共21分．每小题只有一个选项符合题意，请将答题卡上对应题目的答案标号涂黑）

1．（3分）与“立竿见影”现象原理相同的是（　　）

A．平静湖边，倒影可见

B．山间小溪，清澈见底

C．林荫树下，光斑点点

D．雨过天晴，彩虹出现

2．（3分）下列说法正确的是（　　）

A．初春，冰雪消融是汽化现象

B．深秋，草叶上的白霜是凝华现象

C．盛夏，地面温度升高，地面含有的热量增多

D．严冬，搓手取暖是利用了热传递增大内能

3．（3分）下列说法正确的是（　　）

A．音叉在真空中振动不会产生声音

B．倒车雷达是利用电磁波来探测车后障碍物的

C．滚摆在滚动过程中运动状态一定改变

D．热机和电动机在能量的转化方式上是相同的

4．（3分）下列图示所涉及的物理知识正确的是（　　）

A．

如图说明同种电荷相互排斥

B．

如图闭合开关，小磁针左端为S极

C．

如图是发电机的工作原理示意图

D．

按如图的方法使用测电笔可以辨别火线与零线

5．（3分）如图所示是舰载机飞离甲板的过程中，下列说法正确的是（　　）

A．飞机在跑道上滑行时若外力全部消失，会逐渐停下来

B．飞机起飞时加速助跑，可获得更大的惯性，利于升空

C．飞机加速升空，动能转化为重力势能，机械能增大

D．飞机飞离甲板后，舰艇底部受到水的压强变小

6．（3分）如图所示，拉力F为5N，物体A以0.1m/s的速度在物体B表面向左做匀速直线运动（B表面足够长）；物体B静止在地面上，受到地面水平向左4N的摩擦力，弹簧测力计示数为12N．下列说法正确的是（　　）

A．物体A受到的摩擦力为10N

B．拉力F的功率为1.5W

C．滑轮组的机械效率为80%

D．拉力F增大到15N时，物体B开始向左运动

7．（3分）如图所示，小灯泡L标有”6V3W”字样（不计温度对灯丝电阻的影响），当S闭合，滑动变阻器滑片P在最左端时，小灯泡L正常发光；当S闭合，S1断开，滑动变阻器滑片P在中点时，电流表的示数为0.2A，下列说法正确的是（　　）

A．电源电压为9V

B．滑动变阻器的最大阻值为18Ω

C．调节电路元件，可使电压表达到的最大值为4.5V

D．电路的最小功率与最大功率之比为3：

16

二、作图与实验（本题包括4个小题，第8题4分，第9题4分，第10题6分，第11题7分）

8．（4分）在”观察水的沸腾”实验中，如图甲所示，在烧瓶中加入200g水，加热并从90℃开始记录温度，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾一段时间为止。

数据记录表格如下：

记录次数

第一次

第二次

第三次

第四次

第五次

第六次

第七次

温度/℃

90

92

94

95

98

98

98

（1）水在沸腾过程中吸收热量，温度　　。

（2）水沸腾时，瓶口不断冒出”白气”，该现象的物态变化名称是　　。

（3）若不考虑水的质量损失，从开始记录温度到水刚沸腾的过程中，水吸收的热量为　　J[c水＝4.2×103J/（kg•℃）。

（4）完成实验后，移走酒精灯，当水停止沸腾时，用连有注射器的橡皮塞塞住烧瓶口，然后向外拉注射器活塞，如图乙所示，会看到烧瓶中的水重新沸腾起来，这是因为　　。

9．（4分）在研究”凸透镜成像规律”的实验中：

（1）蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，恰能在光凭上得到一个清晰的倒立，等大的实像，则凸透镜的焦距为　　cm。

（2）保持蜡烛与凸透镜位置不变，换用一个不同焦距的凸透镜，将光凭向右移动才能重新得到清晰的像，此时像　　（选填“变大”“变小”或“不变”），换用的凸透镜焦距可能为　　。

A.10.0cmB.20.0cmC.30.0cmD.35.0cm

（3）将图中的凸透镜换成玻璃板后光屏上的像消失了，原因是　　。

10．（6分）如图是“利用杠杆测量石块密度”的实验。

（ρ水＝1.0×103kg/m3）

（1）在实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，此时杠杆处于　　（选填“平衡”或“不平衡”）状态；要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　　调节，这样做的目的是　　，并消除杠杆自重对实验的影响。

（2）在溢水杯中装满水，如图乙所示，将石块缓慢浸没在水中，让溢出的水流入小桶A中，此时小桶A中水的体积　　石块的体积。

（3）将石块从溢水杯中取出，擦干后放入另一相同小桶B中，将装有水和石块的A、B两个小桶分别挂在调好的杠杆两端，移动小桶在杠杆上的位置，直到杠杆在水平位置回复平衡，如图丙所示。

此时小桶A、B的悬挂点距支点O分别为13cm和5cm，若不考虑小桶重力，则石块密度的测量值为　　kg/m3；若考虑小桶重力，石块的实际密度将比上述测量值　　。

11．（7分）在测量小灯泡的电功率时，电源电压为3V，小灯泡上标有“2.5V”字样。

（1）在如图甲所示的电路中，闭合开关移动滑片，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，原因是　　，经分析有一根导线链接错误，请在连接错误的导线上打“×”，并补画出一根导线连接成正确的电路。

（2）电路连接正确后，从滑动变阻器接入电路的最大阻值开始记录数据，得到小灯泡的I﹣U图象如图乙所示，则小灯泡的额定功率是　　W．由图可知，小灯泡的实际功率随实际电压的增大而　　，滑动变阻器的规格应选择　　。

A.10Ω1AB.15Ω1AC.25Ω1AD.30Ω1A

（3）有同学认为利用该电路还可以探究出导体中电流和导体两端电压成正比，你认为这种说法　　（选填“合理”或“不合理”），理由是　　。

三、计算题（本题包括2个小题，第12题9分，第13题9分，共18分）

12．（9分）如图所示是某温控装置的简化电路图，工作电路由电压为220V的电源和阻值R＝88Ω的电热丝组成；控制电路由电源、电磁铁（线圈电阻R0＝20Ω）、开关、滑动变阻器R2（取值范围0～80Ω）和热敏电阻R1组成；R1阻值随温度变化的关系如下表所示，当控制电路电流I≥50mA时，衔铁被吸合切断工作电路；当控制电路电流I≤40mA时，衔铁被释放接通工作电路。

温度/℃

90

80

66

60

50

46

40

36

35

34

R1/Ω

10

20

40

50

70

80

100

120

130

150

（1）工作电路正常工作时，R在1min内产生的热量是多少？

（2）当温度为60℃，滑动变阻器R2＝50Ω时，衔铁恰好被吸合，控制电路的电源电压是多少？

（3）若控制电路电源电压不变，此装置可控制的温度最大范围是多少？

（4）要想要该装置所控制的最高温度降低一些，请分析说明如何改变R2的阻值。

13．（9分）圆柱形容器置于水平地面（容器重忽略不计），容器的底面积为0.2m2，内盛30cm深的水。

现将一个底面积400cm2、体积4000cm3均匀实心圆柱体放入其中。

如图甲所示，物体漂浮在水面，其浸入水中的深度为5cm；当再给物体施加一个竖直向下大小不变的力F以后，物体最终恰好浸没于水中静止，如图乙所示。

ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）则：

（1）物体受到的重力是多少？

（2）物体浸没水中静止时容器对地面的压强是多少？

（3）从物体漂浮水面到浸没水中静止的过程中压力F做了多少功？

【参考答案】

一、选择题（本题包括7个小题，每小题3分，共21分．每小题只有一个选项符合题意，请将答题卡上对应题目的答案标号涂黑）

1．【解答】解：

“立竿见影”是由于光的直线传播形成的。

A、平静的湖面相当于平面镜，倒影属于平面镜成像，是利用光的反射，故A不符合题意；

B、小溪底部反射的光线从水中斜射出后，发生了折射，然后进入人的眼睛，人看到的小溪的底部是变浅的，故B不符合题意。

C、林荫树下，光斑点点，是由于光的直线传播形成的，与“小孔成像”形成原因相同。

故C符合题意。

D、雨过天晴，天空出现美丽的彩虹，是光的色散现象，即光的折射，故D不符合题意；

故选：

C。

2．【解答】解：

A、初春，冰雪消融，由固态变成液态，属于熔化现象，故A错误；

B、深秋，草叶上的白霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，故B正确；

C、热量是过程量，不能说含有热量，只能说吸收，所以盛夏地面温度升高，不能说地面含有的热量增多，故C错误；

D、严冬，搓手取暖是克服摩擦力做功机械能转化为内能，内能增加，温度升高，是利用了做功增大内能，故D错误。

故选：

B。

3．【解答】解：

A、音叉在真空中振动会产生声音，只是真空不能传播声音，故A错误；

B、倒车雷达是利用超声波回声定位的原理来探测车后障碍物的，故B错误；

C、滚摆在滚动过程中，其速度大小、方向都会发生改变，所以其运动状态一定改变，故C正确；

D、热机将内能转化为机械能；电动机将电能转化为机械能，所以二者的能量转化方式不同，故D错误。

故选：

C。

4．【解答】解：

A、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，玻璃棒相互排斥，说明同种电荷相互排斥，故A正确；

B、电源的右端为正极，由安培定则可知，螺线管的右端为S极，左端为N极，故小磁针的右端为S极，左端为N极，故B错误；

C、电动机原理是根据通电导体在磁场中受到磁力作用而转动，故C错误；

D、使用试电笔时，手应接触笔尾的金属体，这样才能正确辨别火线和零线，故D错误。

故选：

A。

5．【解答】解：

A、当飞机在跑道上滑行时若外力全部消失，根据牛顿第一定律他将会作向上的匀速直线运动，故A错误；

B、惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，故飞机起飞时加速助跑，是为了获得更大的动能，利于升空，不能增大惯性，故B错误；

C、飞机加速升空，质量不变，速度和高度都增加，故动能和重力势能都变大，动能没有转化为重力势能，故C错误；

D、飞机飞离甲板后，舰艇总重力减小，浮力减小，舰艇排开水的体积减小，所以舰艇底部的深度减小，其受到水的压强会变小，故D正确。

故选：

D。

6．【解答】解：

A、物体B静止在地面上，所以受力平衡；水平方向上物体B受到向右的弹簧拉力、地面对它向左的摩擦力和物体A对它向左的摩擦力，所以两个摩擦力之和为12N，即fAB+4N＝12N，则fAB＝8N；根据相互作用力的知识可知，物体A受到的摩擦力为f＝fAB＝8N；故A错误；

B、由图知，水平使用滑轮组，n＝2，拉力端移动速度v＝2v物＝2×0.1m/s＝0.2m/s，

则拉力做功的功率：

P＝

＝

＝Fv＝5N×0.2m/s＝1W；故B错误；

C、滑轮组的机械效率：

η＝

×100%＝

＝80%，故C正确；

D、若拉力F增大到15N时，A在运动过程中，A对B的压力不变、接触面的粗糙程度不变，则A和B之间的摩擦力不变，所以物体B的运动状态不会改变，即物体B仍然静止，不会向左运动，故D错误。

故选：

C。

7．【解答】解：

A、当S闭合，滑动变阻器滑片P在最左端时，为灯的简单电路，小灯泡L正常发光，故电源电压为6V；A错误；

B、根据P＝

，灯的电阻：

R＝

＝

＝12Ω；

当S闭合，S1断开，滑动变阻器滑片P在中点时，变阻器与灯串联，电流表测电路的电流，电流表的示数为0.2A，由欧姆定律，灯的电压为：

U灯＝I×R＝0.2A×12Ω＝2.4V，

根据串联电路的规律和欧姆定律，变阻器连入电阻的大小：

R滑＝

＝

＝18Ω；故滑动变阻器的最大阻值为：

2×18Ω＝36Ω．B错误；

C、若电压表达到的最大值为4.5V，则灯的电压为6V﹣4.5V＝1.5V，变阻器的电压为灯的电压的

＝3倍，根据分压原理，变阻器的电阻为：

3×12Ω＝36Ω，即将变阻器的最大电阻连入电路中，使电压表达到的最大值为4.5V，C正确；

D、灯的额定电流为：

IL＝

＝

＝0.5A，即电路中的最大电流，故电路的最大功率为：

P大＝UIL＝6V×0.5A＝3W；

根据P＝

，当电路的电阻最大时功率最小，根据电阻的串联，电阻的最大电阻：

R串联＝36Ω+6Ω＝42Ω，故最小功率为：

P小＝

＝

＝

W；

电路的最小功率与最大功率之比为：

W：

3W＝2：

7，D错误。

故选：

D。

二、作图与实验（本题包括4个小题，第8题4分，第9题4分，第10题6分，第11题7分，共21分）

8．【解答】解：

（1）水在沸腾时，吸收热量，温度保持不变；

（2）烧杯口有大量的“白气”不断冒出，这些“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴；

（3）不考虑水的质量损失，从开始加热到水刚沸腾的过程中水吸收的热量：

Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（98℃﹣90℃）＝6.72×103J。

（4）待水沸腾后，移去酒精灯，水停止沸腾。

过一会儿，将注射器接到烧瓶口上，如图丙所示，然后向外拉注射器活塞，这是从瓶内向外抽气，瓶内气压减小，水的沸点降低，所以看到水重新沸腾。

故答案为：

（1）保持不变；

（2）液化；（3）6.72×103；（4）瓶内气压减小，水的沸点降低。

9．【解答】解：

（1）当u＝50.0cm﹣20.0cm＝30cm时，在另一侧距凸透镜30cm处的光屏上可以得到一个与蜡烛等大的像，所以2f＝30.0cm，即f＝15.0cm。

（2）保持蜡烛与凸透镜位置不变，换用不同焦距的凸透镜，将光屏向右移动重新得到清晰的像，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大的特点可知，物距减小了，换用焦距大的凸透镜，相当于减小了物距，故换用的凸透镜焦距是BCD，不是A；若用的是C，焦距是30cm，则蜡烛正好在焦点上，不成像，若用的是Dcm，则蜡烛正好在1倍焦距内，成倒正立放大的虚像，故B符合题意；

（3）将图中的凸透镜换成玻璃板后光屏上的像消失了，原因是平面镜成虚像，所以在光屏上不能得到蜡烛的像。

故答案为：

（1）15.0；

（2）变大；B；（3）平面镜成虚像，无法呈在光屏上。

10．【解答】解：

（1）杠杆静止在如图甲所示位置，杠杆处于静止状态，所以此时杠杆处于平衡状态；

调节杠杆在水平位置平衡，目的是便于从杠杆上测量力臂，同时是为了让杠杆的重心在支点上，可避免杠杆自重的影响；杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动；

（2）在溢水杯中装满水，如图乙所示，将石块缓慢浸没在水中，让溢出的水流入小桶A中，此时小桶A中水的体积等于石块的体积；

（3）将装有水和石块的A、B两个小桶分别挂在调好的杠杆两端，移动小桶在杠杆上的位置，直到杠杆在水平位置回复平衡，如图丙所示。

此时小桶A、B的悬挂点距支点O分别为13cm和5cm，若不考虑小桶重力，根据杠杆平衡条件可知，

G石L1＝G水L2，

即m石gL1＝m水gL2，

ρ石V石gL1＝ρ水V水gL2，

ρ石V石L1＝ρ水V水L2，

因为倒出的水的体积就是石块的体积，即V石＝V水，

则石块的密度ρ石＝

•ρ水＝

×1×103kg/m3＝2.6×103kg/m3；

当将石块从水中拿出时，石片上会沾有水，因为体积没变，质量偏大。

由ρ＝

可知，测量结果偏大。

故答案为：

（1）平衡；右；便于从杠杆上测量力臂；

（2）等于；（3）2.6×103；偏大。

11．【解答】解：

（1）在电路中，电压表串联在电路中测电源电压，电压表有示数，因电压表内阻很大，故电路的电流很小，灯不亮；

灯与变阻器并联，电压表串联在电路中是错误的，灯与变阻器串联，电压表与灯并联，如下所示：

（2）根据小灯泡的I﹣U图象知，灯在额定电压下的电流为0.25A，小灯泡的额定功率是：

P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W；

由图可知，灯的电流随电压的变大而增大，根据P＝UI，故小灯泡的实际功率随实际电压的增大而增大；

由图知，当电压表示数为0.5V时，电路的最小电流为0.1A，由串联电路的规律及欧姆定律，滑动变阻器的最大电阻为：

R滑＝

＝

＝25Ω，故变阻器规格应选择C；

（3）探究出导体中电流和导体两端电压关系时，要控制电阻阻值不变，因灯丝电阻是变化的，无法得到电流与电压成正比成正比，这种说法不合理。

故答案为：

（1）电压表串联在电路中；

（2）0.625；增大；C；

（3）不合理；灯丝电阻是变化的，无法得到电流与电压成正比。

三、计算题（本题包括2个小题，第12题9分，第13题9分，共18分）

12．【解答】解：

（1）工作电路由电压为220V的电源和阻值R＝88Ω的电热丝组成，

则R在1min内产生的热量：

Q＝

t＝

×1×60s＝3.3×104J；

（2）当温度为60℃时，由表格数据可知R1＝50Ω，

已知此时滑动变阻器R2＝50Ω，则控制电路的总电阻为：

R＝R1+R2+R0＝50Ω+50Ω+20Ω＝120Ω，

此时衔铁恰好被吸合，则控制电路的电流I＝50mA＝0.05A，

由欧姆定律可得，控制电路的电源电压：

U＝IR＝0.05A×120Ω＝6V；

（3）当控制电路电流I≥50mA时，衔铁被吸合切断工作电路，由欧姆定律可得，控制电路的总电阻最大为：

R大＝

＝

＝120Ω，

滑动变阻器R2（取值范围0～80Ω）的最大电阻为80Ω，根据串联电阻的规律，热敏电阻R1的阻值最小（此时温度最高）：

R1＝R大﹣R2﹣R0＝120Ω﹣80Ω﹣20Ω＝20Ω，由表中数据知可控制的最高温度为80℃；

当控制电路电流I≤40mA时，衔铁被释放接通工作电路，由欧姆定律，控制电路的总电阻最小为：

R小＝

＝

＝150Ω，

滑动变阻器R2的最小电阻为0时，根据串联电阻的规律，热敏电阻R1的阻值最大（此时温度最低）：

R′1＝150Ω﹣20Ω＝130Ω，由表中数据知可控制的最低温度为35℃；

所以，若控制电路电源电压不变，此装置可控制的温度最大范围是35℃～80℃；

（4）要想要该装置所控制的最高温度降低一些，即热敏电阻R1的阻值增大，因吸合时的电流不变，由欧姆定律可知，控制电路的总电阻不变，故应减小R2的最大阻值。

答：

（1）工作电路正常工作时，R在1min内产生的热量是3.3×104J；

（2）当温度为60℃，滑动变阻器R2＝50Ω时，衔铁恰好被吸合，控制电路的电源电压是6V；

（3）若控制电路电源电压不变，此装置可控制的温度最大范围是35℃～80℃；

（4）要想要该装置所控制的最高温度降低一些，应减小R2的最大阻值。

13．【解答】解：

（1）物体排开水的体积：

V排＝Sh浸＝400×10﹣4m2×5×10﹣2m＝2×10﹣3m3，

则物体所受的浮力：

F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣3m3＝20N，

由题可知，物体漂浮在水面上，则物体重力：

G＝F浮＝20N；

（2）容器内水的体积：

V水＝h水×S容＝0.3m×0.2m2＝0.06m3，

水的重力：

G水＝ρ水V水g＝1.0×103kg/m3×0.06m3×10N/kg＝600N，

根据阿基米德原理，圆柱体全部浸入时，受到的浮力：

F浮全＝ρ水gV排全＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10﹣3m3＝40N，

当再给物体施加一个竖直向下大小不变的力F以后，物体最终恰好浸没于水中静止，

根据力的平衡条件可得，施加的向下压力：

F＝F浮全﹣G＝40N﹣20N＝20N；

则容器对支持面的压力为：

F总＝G水+G+F＝600N+20N+20N＝640N；

物体浸没水中静止时容器对地面的压强是：

p＝

＝

＝3200Pa；

（3）物体的底面积400cm2、体积4000cm3，则均匀实心圆柱体的高度：

h物＝

＝10cm；

故圆柱体露出水面的高度为：

h露＝10cm﹣5cm＝5cm，

从圆柱体漂浮于水面到恰好浸没于水中静止时，设水面上升的高度为△h，

则有：

△V排＝S容△h，

即：

4000cm3﹣

×4000cm3＝△h×2000cm3，

解得△h＝1cm，

则从圆柱体漂浮于水面到恰好浸没于水中静止时，力F向下运动的距离：

h＝h露﹣△h＝5cm﹣1cm＝4cm，

则力F做的功：

W＝Fh＝20N×0.04m＝0.8J。

答：

（1）物体受到的重力是20N；

（2）物体浸没水中静止时容器对地面的压强是3200Pa；

（3）从物体漂浮水面到浸没水中静止的过程中压力F做了0.8J的功。