吉林省汪清县第六中学学年高二月考物理试题.docx

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吉林省汪清县第六中学学年高二月考物理试题

吉林省汪清县第六中学【最新】高二11月月考物理试题

学校:

___________姓名：

___________班级：

___________考号：

___________

一、单选题

1．下列家用电器当中不是利用电流的热效应工作的是（　　）

A．电茶壶B．电熨斗C．电视机D．电热毯

2．如图所示，R1和R2是材料相同、厚度相同、表面均为正方形的导体，R1边长为2L，R2边长为L，若R1的阻值为8Ω，则R2的阻值为（）

A．4ΩB．8Ω

C．16ΩD．64Ω

3．如图所示电路中，当变阻器的滑动触头向左移动时，各电压表的示数变化情况（）

A．V1减小，V2增大，V3增大B．V1减小，V2增大，V3减小

C．V1增大，V2减小，V3增大D．V1增大，V2增大，V3减小

4．隧道里有一个警报器，在隧道的两端各有一个开关，在出现危险时要求不论接通哪一个开关都能使警报器报警，那么应设计的电路为（　　）

A．“与”门电路

B．“或”门电路

C．“非”门电路

D．上述答案都有可能

5．如图所示,小磁针的正上方,平行放置一直导线,当导线通入电流I时,小磁针

A．转动,N极转向读者

B．转动,S极转向读者

C．不转动

D．上下振动

6．如图所示，框架面积为S=2m2，框架平面与磁感应强度为B=1T的匀强磁场方向垂直，则此时穿过平面的磁通量的大小为（　　）

A．1WbB．2WbC．3WbD．4Wb

7．如图表示一条放在磁场里的通电直导线，图中分别标明电流、磁感应强度和安培力这三个物理量的方向，关于三者方向的关系，选项中正确的是（）

A．

B．

C．

D．

8．如图，通有恒定电流的直导线右侧有一矩形线圈abcd，导线与线圈共面．如果线圈运动时不产生感应电流，线圈可能的运动是（）

A．向上平移B．向右平移

C．向左平移D．以ab为轴转动

二、多选题

9．如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个电阻箱R组成的，下列说法正确的是（  ）

A．甲表是电流表，R增大时量程增大

B．甲表是电流表，R增大时量程减小

C．乙表是电压表，R增大时量程增大

D．乙表是电压表，R增大时量程减小

10．关于多用电表，下列说法正确的是（）

A．多用表是电压表、电流表、欧姆表共用一个表头组装而成的

B．用多用表无论是测电压、电流还是测电阻，红表笔的电势都要高于黑表笔的电势

C．多用表的电压挡、电流挡和欧姆挡都是靠外部提供电流的

D．用多用表测电压、电流和测电阻时，电流都是从红表笔流入的

11．在《测定电池的电动势和内电阻》的实验中，待测电池、开关和导线配合下列哪些仪器.可以达到测定目的（　　　）

A．一只电流表和一只滑动变阻器B．一只电流表和一只电压表

C．一只电流表和一只电阻箱D．一只电压表和一只电阻箱

三、实验题

12．在“描述小灯泡的伏安特性曲线”实验中，除直流电源、开关、导线外，还有如下器材可供选择：

A．小灯泡“3V1.5W”B．电流表（3A，内阻约0.2Ω）

C．电流表（量程0.6A，内阻约1Ω）D．电压表（量程3V，内阻约20kΩ）

E．滑动变阻器（0～10Ω、2A）F．滑动变阻器（0～1kΩ、0.5A）

（1）实验所用到的电流表应选_____，滑动变阻器应选_____．（填字母代号）

（2）实验要求滑动变阻器的滑片从左向右滑动过程中，电表的示数从零开始逐渐增大．请将甲图中的实物连线完成．________

（3）若将该灯泡接在一电动势为3V、内电阻为2Ω电源的两端，则灯泡消耗的功率为________W（保留2位有效数字）

四、解答题

13．长为

的平行金属板水平放置，两极板带等量的异种电荷，板间形成匀强电场，一个带电荷量为

、质量为

的带电粒子，以水平初速度紧贴上极板垂直于电场线方向进入该电场，刚好从下极板边缘射出，射出时速度恰与水平方向成30°角，大小为

，如图所示，不计粒子重力，求：

（1）粒子进入电场时初速度

的大小；

（2）匀强电场的场强

大小；

（3）两板间的距离

。

14．如图所示，电源电动势E＝10V，内阻r＝0.5Ω，闭合S，标有“8V,16W”的灯泡L恰好能正常发光，电动机M绕线的电阻R0＝1Ω，求：

（1）电源的总功率；

（2）电动机的输出功率.

15．如图所示，通电直导线ab质量为m、长为L水平地放置在倾角为θ的光滑斜面上，通以图示方向的电流，电流强度为I，要求导线ab静止在斜面上．

（1）若磁场的方向竖直向上，则磁感应强度为多大？

（2）若磁场的方向垂直导轨平面向上，则磁感应强度为多大？

16．如图所示，分布在半径为R的圆形区域内的匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，电荷量为-q，质量为m的带电粒子（不计重力）从磁场边缘的A点沿半径AO方向射入磁场，粒子离开磁场时速度方向偏转了120°，求：

①画出带电粒子的运动轨迹；

②粒子做圆周运动的半径和入射速度；

③粒子在磁场中运动的时间.

参考答案

1．C

【解析】电茶壶将电能转化为热能，利用电流的热效应工作，故A错误；电熨斗将电能转化为热能，利用电流的热效应工作，故B错误；电视机将电能转化为光能和声音能量，故C正确；电热毯将电能转化为热能，利用电流的热效应工作，故D错误。

所以选C。

2．B

【解析】由公式

知，长度比为2:

1，横截面积比为2:

1，所以两电阻比为1:

1，故A正确，B.C. D错误。

故选：

A.

3．B

【解析】由图可知，两电阻串联，电压表V1测R0两端的电压，V2测R两端的电压，V3测路端电压；

当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，总电流增大；则由U=E-Ir可知，路端电压减小；故V3示数减小；因R为定值电阻，因总电流增大，则V2示数增大；因路端电压减小，V2示数增大，则V1的示数一定减小；故选B．

4．B

【解析】

试题分析：

不论哪一个开关接通都能使电灯点亮，所满足的关系是“或”逻辑关系，即事件的某一个条件满足，该事件就能发生．故B正确，A、C、D错误．故选B．

考点：

逻辑电路

5．B

【解析】

试题分析：

当导线中通过图示方向的电流时，根据安培定则判断可知，小磁针所在处磁场方向垂直纸面向里，小磁针N受力向里，S极受力向外，则小磁针N极转向里，S极转向读者．故选B。

考点：

安培定则

【名师点睛】判断电流方向与磁场方向的关系是运用安培定则．小磁针N极受力方向与磁场方向相同。

6．B

【解析】由图可知线圈平面与磁场垂直时，所以Φ=BS=1×2=2Wb，所以B正确，ACD错误。

7．C

【解析】磁场方向垂直纸面向里，电流方向水平向右，根据左手定则，安培力的方向竖直向上，故A错误；磁场方向垂直纸面向外，电流方向垂直纸面向里，电流方向与磁场方向平行，不受安培力，故B错误；磁场方向竖直向下，电流方向垂直纸面向里，根据左手定则，安培力的方向水平向左，故C正确；磁场方向水平向左，电流方向垂直纸面向外，根据左手定则，安培力的方向竖直向下，故D错误。

所以C正确，ABD错误。

8．A

【详解】

导线中电流强度不变时，产生的磁场不变，线圈向上移动时，穿过线框的磁通量不变，故不可以产生感应电流，故A正确；线框向右运动时，线框中的磁感应强度减小，穿过线框的磁通量减小，可以产生感应电流，故B错误；线框向左运动时，线框中的磁感应强度增大，穿过线框的磁通量增大，可以产生感应电流，故C错误；线框以ab为轴转动，线框的磁通量发生变化，可以产生感应电流，故D错误．所以A正确，BCD错误．

9．BC

【详解】

AB、灵敏电流表并联一个电阻，是电流表，R增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，故A错误，B正确；

CD、灵敏电流表串联一个电阻，是电压表，R增大时，变阻器分担的电压增大，乙表量程增大，故C正确，D错误．

10．AD

【解析】

【详解】

A．多用电表是电压表、电流表、欧姆表共用一个表头组装而成的，通过选择不同的挡位来实现不同的测量目的，故A项正确．

B．用多用表无论是测电压和电流时，红表笔的电势要高于黑表笔的电势，而当测量电阻时，红表笔的电势要低于黑表笔的电势，故B项错误．

C．多用表的电压挡和电流挡是靠外部提供电流的，而欧姆挡具有内置电源，故C项错误．

D．用多用表测电压、电流和测电阻时，电流都是从红表笔流入的，黑表笔流出的，故D项正确．

11．BCD

【详解】

A．A选项采用的滑动变阻器因不知其阻值，所以无法求得，故A错误

B．B选项，原理：

联立可求得，故B正确

Ｃ．采用C选项，原理：

联立可求得，故C正确

Ｄ．

联立可求得；而D选项正确；

故选BCD。

12．CE

0.88

【解析】

试题分析：

（1）灯泡的额定电流为

，故电流表选C；滑动变阻器用分压电路，故选F；

（2）实物连线如图；（3）若在灯泡的U-I图线中画出电源的U-I图线，如图所示，交点即为电路的工作点，读出U=2.2V；I=0.4A，则P=UI=0.88W.

考点：

描述小灯泡的伏安特性曲线

13．

（1）

；

（2）

；（3）

【详解】

（1）粒子离开电场时，速度与水平方向夹角为30°，由几何关系得速度为

（2）带电粒子在金属板间做平抛运动，在水平方向上有

在竖直方向上有

又

由牛顿第二定律得

解得

（3）粒子在匀强电场中做类平抛运动，在竖直方向上有

14．

（1）40W

（2）12W.

【详解】

（1）灯泡正常发光，U=U额=8V，则电源内阻的电压U内=E-U=2V

由欧姆定律得流过电源的电流I=U内/r=2/0.5A=4A

电源的总功率P总=EI=10×4=40W．

（2）灯泡的电流I灯=P额/U额=2A

电动机的电流IM=I-I灯=2A

电动机消耗的电功率PM=UIM=8×2=16W

电动机发热功率P热=IM2R0=22×1=4W

所以电动机的输出功率．P输出=PM-P热=16-4=12W

15．

（1）

（2）

【解析】试题分析：

对导线进行受力分析，根据共点力力平衡求磁感应强度的大小，磁场的方向垂直导轨平面向上对导线进行受力分析，根据共点力力平衡求磁感应强度的大小。

（1）若磁场方向竖直向上，受重力、支持力和水平向右的安培力，如图所示：

由导线受力情况可知由平衡条件得：

在水平方向上：

在竖直方向上：

其中安培力为：

F=BIL，

联立以上各式可解得：

（2）若磁场的方向垂直导轨平面向上，受重力、支持力和安培力，如图所示：

沿斜面方向：

解得：

点睛：

本题主要考查了安培力，要利用共点力平衡求出安培力的大小，以及掌握左手定则判断磁场方向、电流方向、安培力方向的关系即可。

16．

（1）

（2）

（3）

【解析】试题分析：

根据洛伦兹力方向画出轨迹，由于带电粒子从磁场边缘A点沿圆半径AO方向射入磁场，由几何关系知道粒子离开磁场时是背向圆心的，又因为粒子离开磁场时速度方向偏转了120°角，即可求出半径，入射速度，找出圆心角结合周期公式即可求出运动时间。

①粒子运动如图所示

②由几何知识得，粒子做匀速圆周运动的半径:

粒子以入射速度v0做匀速圆周运动时洛伦兹力提供向心力，

由牛顿第二定律得：

，

解得：

③匀速圆周运动的周期：

粒子轨迹所对的圆心角：

粒子在磁场中运动的时间：

点睛：

电荷在匀强磁场中做匀速圆周运动，画出轨迹，由几何知识求出半径．洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律求出速度．定圆心角，求时间。