∴a=,a=-(舍去);
当a≥2时,有2a=3,∴a=与a≥2矛盾.
综上可知a=.
5.[-2,2]
解析 由-1≤x2≤4,得x2≤4,
∴-2≤x≤2.
6.
解析 f()=a()2-=2a-,
∴f(f())=f(2a-)
=a(2a-)2-=-,
∴a(2a-)2=0.
∵a>0,∴2a-=0,即a=.
作业设计
1.-2 34
解析 f(x)=(x-2)2-2,作出其在[-4,4]上的图象知
f(x)min=f
(2)=-2;
f(x)max=f(-4)=34.
2.[-1,2]
解析 ∵x∈[-,],∴0≤x2≤3,
∴-1≤x2-1≤2,
∴f(x)的定义域为[-1,2].
3.-2
解析 若x2+1=5,则x2=4,又∵x≤0,∴x=-2,
若-2x=5,则x=-,与x>0矛盾.
综上,x=-2.
4.②
解析 ①中的函数定义域与y=|x|不同;③中的函数定义域不含有x=0,而y=|x|中含有x=0,④中的函数与y=|x|的对应法则不同,②正确.
5.(-∞,2)∪(2,+∞)
解析 用分离常数法.
y==2+.
∵≠0,∴y≠2.
6.[2,+∞)
解析 化简集合A,B,则得A=[1,+∞),B=[2,+∞).
∴A∩B=[2,+∞).
7.(,-)
解析 由题意,∴.
8.f(x)=x2-1(x≥1)
解析 ∵f(+1)=x+2
=()2+2+1-1=(+1)2-1,
∴f(x)=x2-1.
由于+1≥1,所以f(x)=x2-1(x≥1).
9.4
解析 ∵-2<0,∴f(-2)=(-2)2=4,
又∵4≥0,∴f(4)=4,∴f(f(-2))=4.
10.解 令t=x-1,则1-x=-t,
原式变为3f(t)+2f(-t)=2(t+1),①
以-t代t,原式变为3f(-t)+2f(t)=2(1-t),②
由①②消去f(-t),得f(t)=2t+.
即f(x)=2x+.
11.解 f
(1)=1×(1+4)=5,
∵f
(1)+f(a+1)=5,∴f(a+1)=0.
当a+1≥0,即a≥-1时,
有(a+1)(a+5)=0,
∴a=-1或a=-5(舍去).
当a+1<0,即a<-1时,
有(a+1)(a-3)=0,无解.
综上可知a=-1.
12.[a,1-a]
解析 由已知,得⇒
又∵013.解
(1)∵x≤-1时,f(x)=x+5,
∴f(-3)=-3+5=2,
∴f[f(-3)]=f
(2)=2×2=4.
(2)函数图象如右图所示.
(3)当a≤-1时,f(a)=a+5=,a=-≤-1;
当-1当a≥1时,f(a)=2a=,
a=∉[1,+∞),舍去.
故a的值为-或±.