精品解析区级联考上海市奉贤区届九年级下学期中考二模物理试题解析版.docx
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精品解析区级联考上海市奉贤区届九年级下学期中考二模物理试题解析版
2018学年奉贤区调研测试九年级理化试卷
一、选择题
1.上海地区夏天的最高温度一般不会高于
A.0℃B.20℃C.37℃D.47℃
【答案】D
【解析】
【详解】人体正常体温接近37℃，上海地区夏季虽然高温炎热，最高气温甚至接近体温，但一般不超过42℃。
2.在原子中带负电的是
A.电子B.质子C.中子D.原子核
【答案】A
【解析】
【详解】原子由带正电的原子核和核外带负电的电子组成，电子带负电，原子核中质子带正电、中子不带电。
3.笛子演奏者演奏乐曲时用手指按压笛孔的不同位置，这是为了改变声音的
A.响度B.音调C.音色D.速度
【答案】B
【解析】
【详解】笛子演奏者吹笛子时空气柱振动会发出声音，用手指按压笛孔的不同位置控制空气柱的长度不同时，空气柱振动的快慢不同，所以会发出不同音调的声音。
4.发现电流磁效应的科学家是
A.安培B.奥斯特C.库仑D.伏特
【答案】B
【解析】
【详解】A、安培提出了分子电流假说，研究了磁场对电流的作用力规律，故A错误；
B、丹麦的物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，即电流周围存在磁场的现象，故B正确；
C、库仑是电荷量单位，它是为纪念法国物理学家库仑而命名的，故C错误；
D、伏特是国际单位制中表示电压的基本单位，为纪念意大利物理学家亚历山德罗•伏特而命名，故D错误。
5.光的三原色是
A.黄、绿和蓝B.红、黄和蓝C.红、黄和绿D.红、绿和蓝
【答案】D
【解析】
【详解】光的三原色：
红、绿、蓝，按一定比例混合可组合出不同的色光。
6.甲、乙两物体同时同向做匀速直线运动，它们的图像如图所示，t=0时刻甲、乙分别在同一直线的A、B两点处，t=2秒时甲也经过B点处，若从B点到C点正好追上乙，则A、B两点和B、C两点的距离为
①10米②6米③15米④25米
A.①和②B.②和④C.①和③D.③和④
【答案】C
【解析】
【详解】由甲和乙的运动图象可知，都是一条过原点的直线，说明甲和乙都是做匀速直线运动的；
从图中可知甲在2s的时间内运动的距离是10m，故A、B两点的距离是10m，甲的速度v甲=
=5m/s，乙在2s的时间内运动的距离是6m，乙的速度v乙=
=3m/s，
t=0时，乙物体在B处，t=2s时甲物体也经过B处，由题意可得甲乙相差的路程：
s乙=v乙t=3m/s×2s=6m，设经过时间t1甲追上乙，由题意可知s乙+v乙t1=v甲t1，6m+3m/st1=5m/st1，t1=3s，BC间距离sBC=v甲t1=5m/s×3s=15m。
7.如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片P向左移动时
A.电压表V1示数与电压表V2示数的和不变
B.电压表V1示数与电压表V2示数的差不变
C.电压表V1示数和电流表A示数的乘积不变
D.电压表V2示数与电流表A示数的比值不变
【答案】A
【解析】
【详解】由电路图可知，闭合开关S，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表V1测定值电阻两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流，滑动变阻器滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，因电源电压保持不变，所以，由
可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大；由U=IR可知，定值电阻两端的电压变大，即电压表V1的示数变大；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，变阻器两端的电压变小，即电压表V2示数变小；
A、电压表V1示数与电压表V2示数的和为电源电压，保持不变，故A正确；
B、电压表V1示数变大，而电压表V2示数减小，它们的差值会变大，故B错误；
C、电压表V1示数变大，电流表A示数变大，其乘积变大，故C错误；
D、由欧姆定律可知，电压表V2示数与电流表A示数的比值为滑动变阻器接入电路的电阻，因变阻器接入电路的电阻变小，则该比值变小，故D错误。
8.如图所示。
盛有液体甲的薄壁圆柱形容器和均匀圆柱体乙放置在水平地面上。
现从容器中抽出一定高度的液体并沿水平方向切去相同高度的部分圆柱体乙，此吋甲对容器底部的压强与乙对地面的压强相等。
若薄壁圆柱形容器和圆柱体乙原来对地面的压力分別为F甲和F乙，则
A.F甲一定等于F乙B.F甲一定大于F乙
C.F甲一定小于F乙D.不能确定
【答案】C
【解析】
【详解】由图可知，甲、乙的横截面积关系为：
S甲＜S乙，已知甲对容器底部的压强与乙对地面的压强相等，根据F=pS=G=mg可知，甲、乙的剩余部分质量大小关系为：
m甲剩＜m乙剩；
由图可知，甲、乙原来的高度是：
h甲＞h乙，从甲容器中抽出一定高度的液体并沿水平方向切去相同高度的部分圆柱体乙（设减小的高度为△h），由h′=h-△h可得，甲、乙剩余的部分高度：
h甲′＞h乙′，由题可知剩余的甲对地面的压强等于剩余的乙对容器底部的压强，根据p=ρgh可得：
ρ甲＜ρ乙，由于抽出甲的高度与切去乙的高度相同，且S甲＜S乙，根据V=Sh可知，抽出甲的体积与切去乙的体积关系是：
V甲抽＜V乙切，根据m=ρV可知，抽出甲的质量与切去乙的质量关系是：
m甲抽＜m乙切，由于物体原来的质量m=m剩+m切，所以，m甲＜m乙，根据F=G=mg可知F甲＜F乙。
二、填空题
9.上海地区家用电视机正常工作时两端的电圧为_____伏，电视机工作时将_______转化为其他形式的能。
远距离输电是通过___________输电线路输送的（选填“高压”或“低压”）。
【答案】
（1）.220
（2）.电能（3）.高压
【解析】
【详解】我国家庭电路中各用电器的额定电压是220V，所以家用电视机正常工作的电压是220V，电视机工作时，消耗电能，产生其他形式的能，将电能转化为其他形式的能；在输送功率一定时，由P=UI可知电压越高，电流越小；由Q=I2Rt可知输送过程中损失的能量越小，所以远距离输电采用高压输电。
10.足球比赛中球被运动员踢出去主要表现力可以改变物体
______；足球在向上飞行的过程中其质量将________、动能将______（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【答案】
（1）.运动状态
（2）.不变（3）.减小
【解析】
【详解】足球被踢出后球的运动方向和速度都发生了变化，说明力改变了球的运动状态；质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变，足球在向上飞行的过程中，质量不变，速度减小，动能减小。
11.2千克的水温度升高5℃，水吸收的热量为________焦。
[
焦/（千克·℃]在水、砂石和铁三种物质中，__________的比热容最大。
家里厨房烧菜时可以闻到菜的香味，这是由于分子在不停地做___________热运动造成的。
【答案】
（1）.4.2×104
（2）.水（3）.无规则
【解析】
【详解】2kg的水温度吸收5℃，水吸收的热量为：
Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×5℃=4.2×104J；水、砂石和铁三种物质中，比热容最大的是水；家里厨房间烧菜时可以闻到菜的香味，这是扩散现象，扩散现象表明分子不停地做无规则运动。
12.如图所示，若O点为滑轮的支点，其中支点位置正确的是______（选填“A”或“B”）；若物体所受重力均为20牛，不计滑轮重力及摩擦，当用力F2匀速提升物体时，力F2为________牛；若F2使物体匀速上升2米，则物体的重力势能________（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【答案】
（1）.A
（2）.10（3）.增大
【解析】
【详解】由图可知，A图为定滑轮，支点在滑轮的中心；B图为动滑轮，支点在滑轮的左侧边缘上，故支点正确的是A；
不计滑轮重力及摩擦，使用动滑轮可以省一半的力，F2=
G=
×20N=10N；
物体匀速上升2m，质量不变，高度增加，重力势能变大。
13.某导体两端的电压为6伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为4库，通过该导体的电流为________安，该导体的电阻为______欧，将该导体两端的电压降到0伏，其电阻为_______欧。
【答案】
（1）.0.4
（2）.15（3）.15
【解析】
【详解】通过该导体的电流：
，导体的电阻：
，因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以，将该导体两端的电压降到0V时，导体的电阻仍为15Ω不变。
14.水深1米处的压强为______帕；重为12牛、体积为
的石块浸没在水中受到重力与浮力的合力大小为_______牛，方向为_______________。
【答案】
（1）.9800
（2）.7.1（3）.竖直向下
【解析】
【详解】水深1m处水的压强为：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×1m=9800Pa；
石块浸没在水中受到的浮力为：
F浮=G排=ρ液gV排=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×5×10-4m3=4.9N；
浮力与重力的合力为：
F合=G-F浮=12N-4.9N=7.1N，合力的方向竖直向下。
15.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1、R2阻值相等。
（1）若电路中各元件均完好，当电键S由断开到闭合时，电压表V的示数为U0，电流表A1的示数为I0.则电源电压为________，电流表A2示数为_______。
（2）若电路中存在故障且故障只发生在电阻R1、R2处，当电键S由断开到闭合时，发现只有一个电表示数发生变化，则故障是_________，该电表示数变化量为________。
【答案】
（1）.U0
（2）.2I0（3）.R2断路或R1、R2同时断路（4）.U0
【解析】
【详解】
（1）由电路图可知，当电键S断开时，R2和电压表被断路，电路为R1的简单电路，两电流表均测通过R1的电流；当电键闭合时，两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表A1测R1支路的电流的，电流表A2测干路电流；当电键S由断开到闭合时，电压表V的示数为U0，则电源电压为U0；电流表A2示数测量的是干路电流，电阻R1、R2阻值相等，则通过的电流相等，根据并联电路的电流关系可知，电流表A2示数为2I0；
（2）电路故障分为短路和断路，则：
①若R1短路，闭合电键前，电流经两电流表回到电源的负极，会造成电源短路，烧坏电源，三电表无示数；闭合电键后，由电源烧坏可知，三电表无示数，则三电表的示数不变；
②若R2短路，闭合电键前，两电流表有示数，电压表无示数，闭合电键后，会造成电源短路，烧坏电源，两电流表和电压表均无示数；
③若R1与R2同时短路时，电键闭合前后都会造成电源短路，三电表的示数不变；
④若R1断路，断开电键三电表均无示数，闭合电键后，电压表和A2有示数，A1无示数，即电压表的示数变大，电流表A1的示数不变，电流表A2的示数变大；
⑤若R2断路，闭合电键前后，通过R1的电流不变，两电流表的示数不变，而电压表从无示数变为有示数，则电流表的示数不变，电压表的示数变化；
⑥若R1与R2同时断路时，闭合电键前三电表无示数，闭合电键后，两电流表的示数不变，电压表的示数变大；
综上可知，电路故障为R2断路或R1、R2同时断路；当S断开时，电压表示数为0，当开关S闭合时，电压表测量的是电源电压，故电压表示数变化量为U0；
16.如图所示，当牛顿看到苹果从树上掉落下来的现象后，经过思考得出下落原因是苹果受到了地球的吸引力作用且力的方向指向地球。
小龙和小红同学就苹果从树上掉落下来的现象进行了讨论和交流，一致认为苹果的高度下降了且苹果的速度越来越大。
请你根据所学的物理知识，对苹果的高度和速度的变化分别做出合理的解释：
（1）苹果高度下降的原因是_________；
（2）苹果速度越来越大的原因是__________。
【答案】
（1）.受到重力的作用，重力的方向是竖直向下的
（2）.重力势能转化为动能，动能增大，速度增大
【解析】
【详解】
（1）力是改变物体运动状态的原因，由于苹果受到重力的作用，而重力的方向是竖直向下的，所以苹果会下降；
（2）动能的大小与质量和速度的大小有关，重力势能的大小与质量和高度有关。
苹果下降过程中，质量不变，高度降低，重力势能变小，速度增大，动能变大，重力势能转化为动能，故速度越来越大。
三、作图题
17.在图中根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数。
（）
【答案】
【解析】
【详解】已知入射光线与镜面的夹角为30°，入射角为90°-30°=60°，根据光的反射定律可知反射角也为60°；根据反射角等于入射角，在法线的右侧画出反射光线OB，并标出反射角及其度数，如图所示：
18.在图中根据通电螺线管的S极，标出磁感线方向、小磁针的N极和电源的正、负极。
（）
【答案】
【解析】
【详解】已知螺线管左端为S极，右端为N极，由安培定则可知电流由左侧流入，故电源左侧为正极；外部磁感线由N极指向S极，则磁感线方向向左，由磁极间的相互作用可知小磁针的右端为N极，左端为S极，如图所示：
四、计算题
19.体积为
的金属小球浸没在水中。
求：
（1）小球排开水的体积
；
（2）小球受到的浮力
。
【答案】
（1）5×10-3m3；
（2）49N
【解析】
【详解】
（1）因为小球浸没在水中，所以小球排开水的体积：
V排=V=5×10-3m3；
（2）小球受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×9.8N/kg×5×10-3m3=49N。
答：
（1）小球排开水的体积为5×10-3m3；
（2）小球受到的浮力为49N。
20.某物体在10牛的水平拉力作用下沿水平面做匀速直线运动，5秒内前进了6米。
求此过程中拉力做的功W和功率P。
【答案】60J；12W
【解析】
【详解】拉力做的功：
W=Fs=10N×6m=60J；
拉力的功率：
。
答：
此过程中拉力做的功是60J，功率是12W。
21.如图（a）所示，电源电压为6伏且保持不变，电阻R1阻值为10欧，电流表A和A1是两个相同的电表。
闭合电键S后，电流表A的示数如图（b）所示。
求：
（1）通过R1的电流I1。
（2）通电10秒钟电流通过R2所做的功。
（3）现用标有“60Ω3A”和“20Ω2A”字样的滑动变阻器，则当选用标有哪种字样的滑动变阻器替换R1，将电流表A1串联接入_____点处时（选填“M”成“N"），在移动变阻器滑片P的过程中能使电流表A1与A示数的比值最小，求电流表A1与A示数的最小比值及此时滑动变阻器消耗的功率P。
【答案】
（1）0.6A；
（2）24J；（3）“60Ω3A”；N；2:
15；15.6W
【解析】
【详解】
（1）由电路图可知，电阻R1和R2并联，电流表A测干路电流；则R1的电流I1=
=
=0.6A；
（2）从图（b）中可知，电流表的量程是0-3A，分度值是0.02A，电流表A的示数为1A，
根据并联电路电流特点可知通过R2的电流：
I2=I-I1=1A-0.6A=0.4A，并联电路中各个支路的电压相等，所以R2两端的电压为6V，电流通过R2所做的功W2=UI2t=6V×0.4A×10s=24J；
（3）由于电阻R1与R2并联，电流表A测干路电流，支路R2的电流不变，则在移动变阻器滑片P的过程中使电流表A1与A示数的比值最小，则应增大A的示数同时减小电流表A1的示数，或只增大A的示数；由于电流表A测干路电流，根据并联电路的电流特点可知：
电流表A的示数会随R1电流的增大而增大；所以，应把电流表接入N点处；
滑动变阻器标有“60Ω3A”字样，通过变阻器的最大电流为3A，图中电流表A的最大量程为0-3A，所以干路中的电流最大为3A，通过变阻器的电流I1最大=3A-0.4A=2.6A，电流表A1与A示数的最小比值
，滑动变阻器的电功率P=UI1最大=6V×2.6A=15.6W；
滑动变阻器标有“20Ω2A”字样，所以I1最大′=2A，电流表A1与A示数的最小比值
；
使电流表A1与A示数的比值最小，所以选择标有“60Ω3A”字样的滑动变阻器。
22.如图所示，将底面积为
盛有深度为0.3米水的薄壁轻质圆柱形容器放置在水平桌面上。
求：
（1）水的质量
。
（2）容器对水平桌面的压强p。
（3）现将甲、乙两个实心均匀光滑小球分别放入该容器中，测得两小球放入容器前后水对容器底部的压强，已知甲、乙两小球的质量以及它们的密度，数据如下表所示，求两小球放入容器前后容器对水平桌面的压强变化量
和
之差。
小球
放入前压强（帕）
放入后压强（帕）
质量（千克）
密度（千克/立方米）
甲
2940
3332
1.0
2500
乙
2940
3430
1.5
1500
【答案】
（1）3kg；
（2）2940Pa；（3）0
【解析】
【详解】
（1）水的体积V水=S容h水=1×10-2m2×0.3m=3×10-3m3，
水的质量：
m水=ρ水V水=1×103kg/m 3×3×10-3m3=3kg；
（2）水的重力G水=m水g=3kg×9.8N/kg=29.4N，
薄壁轻质圆柱形容器，它的重力为零，
容器对水平桌面的压强
；
（3）由表中数据可知，甲小球的体积V甲=
=
=4×10-4m3，
甲小球放入后，水对容器底压强的增加量Δp1=3332Pa-2940Pa=392Pa，
水升高的高度Δh1=
=
=0.04m，
水升高的体积：
ΔV1=SΔh1=1×10-2m2×0.04m=4×10-4m3，
因
V甲=ΔV1=4×10-4m3，甲小球浸没水中，
甲小球的重力G甲=m甲g=ρ甲V甲g=2.5×103kg/m3×4×10-4m3×9.8N/kg=9.8N，
小球放入容器前后容器对水平桌面的压强变化量Δp甲=
=
=
=980Pa；
乙小球
体积V乙=
=
=1×10-3m3，
乙小球放入后，水对容器底压强
增加量Δp2=3430Pa-2940Pa=490Pa，
水升高的高度Δh2=
=
=0.05m，
水升高的体积：
ΔV2=SΔh2=1×10-2m2×0.05m=5×10-4m3，
因为V乙＞V2，有部分水溢出，溢出水的体积：
V溢=V乙-V2=1×10-3m3-5×10-4m3=5×10-4m3，
溢出水的质量：
m溢=ρ水V溢=1×103kg/m3×5×10-4m3=0.5kg，
溢出水的重力：
G溢=m溢g=0.5kg×9.8N/kg=4.9N，
乙小球的重力：
G乙=m乙g=1.5kg×9.8N/kg=14.7N，
乙小球放入容器前后容器对水平桌面的压强变化量Δp乙=
=
=
=980Pa；
两小球放入容器前后容器对水平桌面的压强变化量之差:
Δp甲-Δp乙=980Pa-980Pa=0Pa。
答：
（1）水的质量是3kg。
（2）容器对水平桌面的压强是2940Pa。
（3）两小球放入容器前后容器对水平桌面的压强变化量之差为0。
五、实验题
23.电子天平是测量____的工具。
杠杆在静止时处于______状态；如图所示，为使杠杆在水平位置静止，可调节左右侧的平衡螺母向_______移动（选填“左”或“右" ）.在探究杠杆平衡条件的过程中多次实验的目的与_____实验中多次实验的目的相同。
（选填：
A“用电流表、电压表测电阻”或B“探究凸透镜成像的规律”，填写字母即可）
【答案】
（1）.质量
（2）.平衡（3）.右（4）.B
【解析】
【详解】电子天平可以测量物体的质量；杠杆处于静止状态或匀速转动叫杠杆的平衡；如图所示，杠杆右端上翘，为使杠杆在水平位置静止，可调节左右侧的平衡螺母向右移动；
在探究杠杆平衡条件的过程中多次实验的目的是为了得出普遍性的结论；
A“用电流表、电压表测电阻”，多次测量是为了取平均值减小误差；
B“探究凸透镜成像的规律”，多次实验的目的是为了得出普遍性的结论；
故探究杠杆平衡条件的过程中多次实验的目的与B实验中多次实验的目的相同。
24.某小组同学在“探究平面镜成像特点”的实验中，用____作为平面镜______放置在水平桌面上，他们选用两支高度相同的蜡烛进行实验，目的是为了确定像与物的________关系。
实验过程中，小宋同学发现两支蜡烛的高度差逐渐变大，以他认为像与物的大小是不相等的。
你认为他的观点是_____的（选填“正确”或“错误”）.
【答案】
（1）.玻璃板
（2）.竖直（3）.大小（4）.错误
【解析】
【详解】用透明的玻璃板代替平面镜，在物体一侧能看到物体的像，同时也能看到代替物体的另一个物体。
为了准确确定像的位置，应将玻璃板竖直立在水平桌面上；选取两支完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以比较物像大小关系；随着蜡烛的燃烧，平面镜前的蜡烛会变短，而平面镜后的另一只蜡烛不点燃，故两支蜡烛的高度差逐渐变大，不能得出像与物的大小是不相等的结论，所以他的观点是错误的。
25.某小组同学在“测定小灯泡的电功率”实验中，电源电压6伏并保持不变，且有若干有“3.8V”字样的相同的小灯泡，电流表表盘如图所示。
（1）正确连接电路后，闭合电键，小灯泡发出耀眼的光，约3秒后熄灭了，此时电流表示数为__________安，电压表示数为_____伏。
（2）于是他们断开电健，接着更换________并调节滑动变阻器的滑片至阻值最大端。
（3）闭合电键，调节滑动变阻器滑片的位置，部分实验数据如下表所示：
实验序号
电压（伏）
电流（安）
1
2.0
0.33
2
3.0
1.80
3
3.8
0.40
…
…
…
观察表中数据，你认为表格中第______行第________列的数据是错误的，正确的数据是_______.
【答案】
（1）.0
（2）.6（3）.灯泡（4）.3（5）.3（6）.0.36
【解析】
【详解】
（1）正确连接电路后，小灯泡发出耀眼的光，然后很快熄灭了，说明灯丝烧断，原因是闭合开关时变阻器连入阻值过小，电路中电流过大；灯丝烧断后电压表串联入电路中，由于电压表内阻非常大，所以电流表几乎为0，电压表示数等于电源电压6V；
（2）由
（1）中分析灯泡的灯丝烧断的原因，为了继续完成实验应断开电键，接着更换灯泡，并调节滑动变阻器的滑片至阻值最大端后再闭合开关进行实验；
（3）由欧姆定律可知，当灯泡两端电压越大时，通过它的电流也越大，由表中数据知，第2次比第3次实验灯泡电压小，但第2次比第3次实验通过灯泡电流大，所以表格中第3行第3列数据是错误；电路连接是正确的，错误的原因应该是第2次实验时电流表误以0-3A量程读数造成的，而电流表0-3A量程是0-0.6A量程的5倍，且两量程共用一个表盘，所以电流表的实际读数应为
=0.36A。
26.为了探究漂浮在液面上的均匀实心正方体物块露出液面的高度h与哪些因素有关。
某组同学进行了讨论并形成了两个猜想。
猜想
（一）认为h的大小可能与液体的密度
有关；猜想
（二）认为h的大小可能与正方体物块的密度
有关。
为此，他们与老师一起设计了探究方案如下：
探究步骤
（一）：
探究h与液体密度ρ的关系
（1）测出正方体物块的边长H。
（2）将这个正方体物块分别漂浮于不同液体中，测出相应的h值。
（3）记录数据并归纳总结结论。
探究步骤
（二）：
探究h与____________的关
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