上海市宝山区中考一模物理试题解析版.docx

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上海市宝山区中考一模物理试题解析版

2021学年第一学期期末考试九年级综合测试试卷

物理

一、选择题(本大题共6题,每题2分,共12分。

每题只有一个正确选项)

1.在国际单位制中,电流的单位是(  )

A.安培B.欧姆C.伏特D.库仑

【答案】A

【解析】

【详解】在国际单位制中,电流的单位是安培,欧姆是电阻的单位,伏特是电压的单位,库仑是电量的单位,故A符合题意,BCD不符合题意。

故选A。

2.在日常生活中,大型平板车的轮胎多而宽,其目的是为了()

A.增大压力B.减小压力C.增大压强D.减小压强

【答案】D

【解析】

【详解】大型平板车的轮胎多而宽,是在压力一定时,增大汽车与路面之间的受力面积,减小汽车对路面的压强,保护路面。

故选D。

3.首先用实验测定大气压强值的科学家是(  )

A.伽利略B.牛顿C.阿基米德D.托里拆利

【答案】D

【解析】

【详解】1643年6月20日,意大利科学家托里拆利首先用实验测出了大气压的数值,1标准大气压约为1.013×105Pa。

故选D。

4.在图所示的实例中,利用连通器原理工作的是(  )

A.离心式水泵B.船闸C.用管子吸饮料D.吸尘器

【答案】B

【解析】

【详解】上端开口、下端连通的容器叫做连通器。

连通器里装的是相同的液体,当液体不流动时,连通各部分中的液面高度总是相同的。

A.离心式水泵是利用大气压工作的,与连通器原理无关,故A不符合题意;

B.船闸的上游阀门打开时,上游和闸室构成连通器,下游阀门打开时,下游和闸室构成连通器,是利用连通器原理工作的,故B符合题意;

C.用管子吸饮料是利用大气压将饮料压入嘴中的,故C不符合题意;

D.吸尘器工作时,由于转动的扇叶处气体流速大压强小,灰尘的大气压的作用下被“吸入”,故D不符合题意。

故选B。

5.如图所示,两个圆柱形容器A、B,盛有体积相同的同种液体且放置在水平桌面上。

若两容器底部受到的液体压力分别为FA、FB,受到的液体压强分别为pA、pB,则它们的关系是(  )

A.FA=FB、pA>pBB.FA=FB、pA<pB

C.FA>FB、pA=pBD.FA<FB、pA=pB

【答案】B

【解析】

【详解】本题中,两柱形容器中的液体对容器底部的压力等于液体的重力,根据密度公式有

故体积相同的同种液体质量相同,根据G=mg可知,液体的重力相同,故液体对容器底部的压力相等;根据

,因A容器底面积大,可得出pA<pB,故ACD不符合题意,B符合题意。

故选B。

6.在图的电路中。

电源电压保持不变,电阻R0的阻值不变。

闭合开关S,移动滑动变阻器R的滑片P,发现电流表A的示数变小,则(  )

A.滑片P向左滑动,电压表V

示数变小

B.滑片P向左滑动,电压表V的示数变大

C.滑片P向右滑动,电压表V的示数变小

D.滑片P向右滑动,电压表V的示数变大

【答案】C

【解析】

【详解】由图可知,电阻R0和变阻器R串联,电压表测量电阻R0两端的电压,电流表测量电路中的电流。

AB.如果滑片P向左滑动,变阻器连入电路的电阻变小,由电阻的串联可知总电阻变小,由

可知电路中的电流变大,即电流表A的示数变大,故AB不符合题意;

CD.如果滑片P向右滑动,变阻器连入电路的电阻变大,由电阻的串联可知总电阻变大,由

可知电路中的电流变小,即电流表A的示数变小,由U=IR可知R0两端的电压变小,即电压表V的示数变小,故C符合题意,D不符合题意。

故选C。

二、填空题(本大题共7题,共24分)

7.一节干电池的电压为______伏,教室中日光灯正常工作的电压为______伏,电灯和控制电灯的开关之间是______连接的(选填“串联”或“并联”)。

【答案】①.1.5②.220③.串联

【解析】

【详解】[1][2]由常见的电压可知,一节新干电池的电压为1.5V,家庭电路的电压是220V,所以教室中的日光灯正常工作的电压是220V。

[3]电灯和控制它

开关之间是串联连接的,这样才能实现有效控制。

8.冰的密度为0.9

103千克/米3,表示每立方米冰的___________为0.9

103千克.一块质量为1.8千克的冰的体积为_________米,若它完全熔化成水,其密度_____(选填“变大”、“变小”或“不变”).

【答案】①.质量②.2×10−3③.变大

【解析】

【详解】[1]单位体积的质量叫做这种物质的密度,冰的密度为0.9×103千克/米3,表示的意思是每立方米冰的质量为0.9×103千克.

[2]根据密度公式ρ=

得,冰的体积为:

V=

=

=2×10−3m3;

[3]冰熔化成水后,质量不变,因为水的密度大于冰的密度,它完全熔化成水,其密度变大.

9.通过某导体的电流为0.2安,10秒内通过其横截面的电荷量为______库;若此时导体两端电压为8伏。

则它的电阻为______欧;该导体两端电压减小为0伏时,其电阻为______欧。

【答案】①.2②.40③.40

【解析】

【详解】[1]10秒内通过其横截面的电荷量为

Q=It=0.2A×10s=2C

[2]导体的电阻

[3]因电阻是导体本身的一种性质,与两端的电压和通过的电流无关,所以,该导体两端电压减小为0V时,导体的电阻仍为40Ω不变。

10.重为10牛的木块漂浮在水中,则木块受到的浮力为______牛,浮力的方向为______;若用力将木块全部压入水中,则它受到的浮力将______(选填“变大”“不变”或“变小”)。

【答案】①.10②.竖直向上③.变大

【解析】

【详解】[1][2]重为10牛的木块漂浮在水中,物体处于静止状态,根据二力平衡的知识,则木块受到的浮力等于物体的重力,故受到的浮力为10牛,浮力的方向为竖直向上。

[3]若用力将木块全部压入水中,物体排开水的体积变大,根据阿基米德原理,则它受到的浮力将变大。

11.恰当运用“类比法”可深刻理解物理现象。

如图4所示,我们可以将电路中______类比为水路中的水流,电路中______类比为水路中的水压,而抽水机在“水路”中的作用相当于电路中的______。

【答案】①.电流②.电压③.电源

【解析】

【详解】[1]水的定向移动形成水流,电荷的定向移动形成电流,通过这种相似性将无形的电流类比于有形的水流,理解就容易了。

[2]水之所以能定向移动,是因为有水压,电荷之所以定向移动是因为有电压,因此将电压类比于水压就容易理解电压和电流之间的关系了。

[3]水压时抽水机不断抽水形成水位差即产生水压,而电压则是由电源提供,所以抽水机在水路中的作用相当于电路中的电源。

12.在下图的电路中,电源电压为U0且保持不变,电阻R和小灯L的阻值均为R0。

闭合开关S,小灯不发光。

若电路中仅有一处故障,且只发生在电阻R或小灯L上。

则:

(1)三个电表中示数一定不为零的电表是______。

(2)若三个电表中只有一个电表的示数为零,请写出各电表的示数______及对应的故障______。

【答案】①.电压表V②.V的示数为U0,V1的示数为0(或V1、V的示数均为U0)③.灯L短路(或灯L断路)

【解析】

【详解】

(1)[1]由图可知,该电路为串联电路,电流表测量电路中的电流,电压表V1测小灯两端的电压,电压表V测电源电压。

闭合开关S,小灯不发光,故说明电路可能断路,也可能是小灯短路。

已知电路中仅有一处故障,且只发生在电阻R或小灯L上,即可能是R断路(电流表和电压表V1都没有示数),也可能是小灯L断路(电流表没有示数)或小灯L短路(电压表V1没有示数),电压表V始终测量电源电压,因此无论哪种情况,故一定不为零的电表是电压表V。

(2)[2][3]根据电路中只存在一处故障,且只发生在灯L或电阻R上,可以做出以下假设:

①若L短路,则电路中有电流,电流表有示数,此时电压表V1测一段导线两端的电压,其示数为0,电压表V测量的是电源电压,示数为U0,故①符合题意;

②若L断路,则电流表示数为0,电压表V1、电压表V测量的都是电源电压,都有示数,示数均为U0;故②符合题意;

③若R断路,则电流表示数为0,电压表V1示数也为0,即有两个电表的示数都为0,故④不符合题意。

综上可知,若三个电表中只有一个电表的示数为零,V的示数为U0,V1的示数均为0(或V1、V的示数均为U0),对应的故障为灯L短路(或灯L断路)。

13.可燃冰是一种新型能源,主要成分是甲烷和水,分布在深海沉积物里(如下图所示)或陆域的永久冻土中。

其生成有三个基本条件:

首先要低温,可燃冰在0~10℃时生成,超过20℃便会分解;其次要高压,可燃冰在0℃时,只需要海水产生2.94

106帕的压强即可生成;最后要有充足的气源。

在温度、压强、气源三个条件都具备的条件下,可燃冰就会生成。

(1)可燃冰的主要成分是_______。

(2)若要在0℃的海底生成可燃冰,海水的深度至少要______米(设海水密度为1.0

103千克/立方米)。

(3)如图所示,海底有一块体积为0.1米3且底部与海底紧密相连的可燃冰A,其受到海水的浮力为______牛。

【答案】①.甲烷和水②.300③.0

【解析】

【详解】

(1)[1]根据题意可知,可燃冰

一种新型能源,主要成分是甲烷和水。

(2)[2]因为可燃冰在0℃时,只需海水产生2.94

106帕的压强即可生成,所以可燃冰形成的气压为

p=2.94×106Pa

根据p=ρgh得海水的深度

(3)[3]浮力产生的原因是上、下表面的压力差,即

F浮=F向上﹣F向下

当可燃冰的底部与海底紧密相连时,F向上=0,其受到海水的浮力为0。

三、作图题(本大题共2题,共4分)

14.重为3牛的小球静置于水平地面上,请在图中用力的图示法画出小球对地面的压力F.

【答案】

【解析】

【分析】

【详解】压力的作用点在接触面上,方向垂直于接触面指向被压物体,大小为3N,力的三要素都要画正确.

15.在图中根据图中标出的电流方向,从电流表、电压表和电源三个元件的符号中选出两个元件符号,分别填进电路的空缺处,填进后要求灯泡L1和L2并联,且都能发光。

【答案】

【解析】

【详解】电路中电源是必不可少的,要求两灯并联,且都能发光,根据电流方向,则右边方框中一定是电源,且正极朝上;由于两灯都能发光,则与灯L1串联的应该是电流表,若连接电压表将会导致灯泡L1不能发光,所以左边框内应选电流表。

如下图所示:

四、综合题(本大题共5题,共30分)

16.体积为1×10﹣3米3的小球浸没在水中,求小球受到的浮力F浮。

【答案】10N

【解析】

【详解】解:

小球受到的浮力

答:

小球受到的浮力为10N。

17.在如图所示的电路中,已知电阻R1的阻值为20Ω,闭合开关S,电流表A的示数为1.2安,电流表A1的示数为0.4安。

求:

(1)电源电压U;

(2)电阻R2的阻值。

【答案】

(1)8V;

(2)10Ω

【解析】

【详解】解:

(1)由图可知R1和R2并联,且干路电流I=1.2A,电阻R1的阻值为R1=20Ω,R1的电流为I1=0.4A,根据并联电路电压特点可得,电源电压

U=U1=I1R1=0.4A×20Ω=8V

(2),根据并联电路中电流的特点可知,通过R2的电流为

I2=I-I1=1.2A-0.4A=0.8A

由欧姆定律

可得

答:

(1)电源电压为8V;

(2)电阻R2的阻值为10Ω。

18.如图所示,密度为2

103千克/米3、边长为0.1米均匀正方体甲和底面积为2

10-2米2的薄壁柱形容器乙放在水平地而上,乙容器足够高,内盛有0.1米深的水。

(1)求正方体甲的质量m甲;

(2)求水对乙容器底部的压强p乙;

(3)在甲的上部水平截去体积为V后,甲对水平地面的压强变为p甲′;将截取部分放入乙容器中,水对乙容器底部的压强变为p乙′,且p甲′=p乙′。

试求水平截去体积V的大小。

【答案】

(1)2kg;

(2)1×103Pa;(3)4×10-4m3

【解析】

【详解】解:

(1)由题意可知,正方体甲的体积

V甲=a3=(0.1m)3=1×10-3m3

由密度公式

可得,正方体的质量

m甲=ρ甲V甲=2×103kg/m3×1×10-3m3=2kg

(2)乙容器内盛有0.1米深的水,由公式p=ρgh可得,水对乙容器底部的压强

p乙=ρ乙gh乙=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1×103Pa

(3)在甲的上部水平截去体积为V后,甲物体截取部分的高度为

甲物体截取后的高度为

将截取部分放入乙容器中后,乙液体增加的高度为

乙液体此时的高度为

由题意可知此时甲、乙压强相等,即

p甲′=p乙′

ρ甲gh甲′′=ρ乙gh乙′′

解得

V=4×10-4m3

答:

(1)正方体甲的质量为2kg;

(2)水对乙容器底部的压强1×103Pa;

(3)水平截去体积V的大小为4×10-4m3。

19.在如图的电路中,电源电压为14V且保持不变,电阻R1的阻值为10Ω,滑动变阻器R2上标有“■Ω1A”字样(电阻值数字模糊不清)。

闭合开关S,电流表的示数为0.5A。

(1)求此时电阻R1两端的电压U1;

(2)求此时滑动变阻器R2接入电路的阻值;

(3)移动滑片P,在保证各元件都能正常工作的情况下,电流表示数的最大值是最小值的5倍,求滑动变阻器R2最大阻值R2max。

【答案】

(1)5V;

(2)18Ω;(3)60Ω

【解析】

【详解】解:

(1)由题意可知,R1的电阻为10Ω,通过此串联电路的电流为0.5A,故根据欧姆定律

可得

U1=IR1=0.5A×10Ω=5V

(2)由题意可知,电源电压U=14V,电路中的电流I=0.5A,因此电路中的总电阻

定值电阻和滑动变阻器串联,滑动变阻器接入电路的阻值

R2=R总-R1=28Ω-10Ω=18Ω

(3)由滑动变阻器的铭牌可知,滑动变阻器允许通过的最大电流是1A,因此由题意可知电流表示数的最大值为1A,则最小值为

当电流为0.2A时,电路中的总电阻为

因此滑动变阻器的电阻R2的最大阻值

R2max=R总′-R1=70Ω-10Ω=60Ω

答:

(1)此时电阻R1两端的电压5V;

(2)此时滑动变阻器R2接入电路的阻值18Ω;

(3)滑动变阻器R2最大阻值为60Ω。

20.小明同学在“用电流表、电压表测电阻”的实验中,所用电源电压为3伏且不变,滑动变阻器上标有“20Ω1A”字样。

(1)其实验原理是______;

(2)连接实验器材时,开关应该处于______状态(选填“断开”“闭合”或“任意”);

(3)将图所示滑动变阻器接入电路中,当滑片向右滑动时,接入电路的电阻变大的是______;

A.

B.

C.

D.

(4)正确连接电路,闭合开关后,观察到电压表、电流表的示数如图所示:

将滑片移到中点时,电流表示数为0.2安;在移动滑片过程中,观察到电流表示数的最大值为0.6安。

根据以上信息,将实验数据记录表填写完整。

物理量

实验序号

电压U(伏)

电流I(安)

电阻R(欧)

电阻R平均值(欧)

1

______

______

______

______

2

______

0.2

______

3

______

0.6

______

【答案】①

②.断开③.C④.1.6⑤.0.3⑥.5.3⑦.5.1⑧.1⑨.5⑩.3⑪.5

【解析】

【详解】

(1)[1]用电流表和电压表直接测量待测电阻的电流和电压,根据欧姆定律计算电阻,所以实验原理是

(2)[2]为了保护电路,连接实验器材时,开关应该断开。

(3)[3]A.接线柱一上一下接入,滑片向右滑动时,接入电路的电阻线长度变短,电阻变小,故A不符合题意。

B.滑动变阻器同时使用了上面两个接线柱,将金属杆接入电路中,连入电路的电阻为零,滑片移动,滑动变阻器接入电路的电阻仍然为零,故B不符合题意。

C.接线柱一上一下接入,滑片向右滑动时,接入电路的电阻线长度变长,电阻变大,故C符合题意。

D.滑动变阻器同时使用了下面两个接线柱,相当于定值电阻接入了电路,滑片移动,连入电路

电阻丝长度不变,电阻不变,故D不符合题意。

故选C。

(4)[4][5][6][7][8][9][10][11]电源电压是3V,电压表的量程为0~3V,分度值为0.1V,示数为1.6V;因为电流表的最大示数为0.6A,电流表的量程为0~0.6A,分度值为0.02A,示数为0.3A;根据欧姆定律可知,电阻的阻值是

已知滑片移到中点时,电流表示数为0.2A,滑动变阻器两端电压

因为串联电路两端电压等于各部分电压之和,所以滑片在中点时,电压表的示数

U2=U-U′=3V-2V=1V

电阻的阻值是

当滑动变阻器接入电路阻值为零时,电流表示数最大,即0.6A,电压表示数等于电源电压3V;电阻的阻值是

电阻R平均值

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