通俗解析北京房山高三一模物理试题.docx
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通俗解析北京房山高三一模物理试题
2020北京房山高三一模物理解析
第一部分（选择题共42分）
一、选择题，本部分共14小题，每小题3分，共42分。
在每小题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。
1．下列说法正确的是
A．布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒分子的无规则运动
B．在绝热过程中，外界对物体做功，物体的内能一定增加
C．分子间的作用力总是随分子间距减小而增大
D．已知水的摩尔质量为18g/mol和水密度为1g/cm3可估算出1mol水分子的个数
【答案】B
【解析】布朗运动不是悬浮在液体中固体颗粒分子的无规则运动，而是颗粒的无规则运动，它只是间接反映了液体分子是运动的，故选项A错误；在绝热过程中，说明物体与外界没有热交换，外界对物体做功，说明功是正值，则物体的内能一定增加，选项B正确；分子间的作用力在分子距离小于平衡位置距离时，随分子间距的减小而增大，在分子间距离大于平衡位置距离时，随分子间距的增大而减小，故选项C错误；已知水的摩尔质量为18g/mol和水密度为1g/cm3可估算出的是1mol水的体积，再可求出每个分子的体积，不能得出1mol分子的个数，选项D错误。
2．下列有关四幅图的说法中，正确的是
甲：
α粒子散射实验乙：
光电效应实验丙：
放射线在磁场中偏转丁：
链式反应示意图
A．在甲图所示的α粒子散射实验中观察到绝大多数α粒子发生了较大角度偏转
B．在图乙光电效应实验中把锌板与验电器连接，用弧光灯发出的紫外线照射锌板，若先使锌板带上负电，会观察不到光电效应现象
C．丙图放射线在磁场中偏转分成三束说明放射线有的带电，有的不带电
D．丁图中链式核反应就是太阳内部进行的核反应
【答案】C
【解析】在甲图所示的α粒子散射实验中观察到的是少量的α粒子发生了较大角度偏转，选项A错误；在图乙光电效应实验中把锌板与验电器连接，用弧光灯发出的紫外线照射锌板，无论锌板是否先带上正电还是负电，都不影响光电效应的产生，当然同样也可以观察到光电效应现象，选项B错误；丙图放射线在磁场中偏转分成三束说明放射线有的带电，有的不带电，选项C正确；太阳内部进行的核反应是聚变反应，不是裂变反应，选项D错误。
3．一定质量的理想气体从状态A经过状态B变化到状态C，其V–T图像如图所示。
下列说法正确的是
A．B→C的过程中，气体一定放出热量
B．B→C的过程中，气体分子平均动能增加
C．A→B的过程中，气体分子的密集程度变小
D．A→B的过程中，每个分子对器壁的平均撞击力变大
【答案】A
【解析】由于BC段是过原点的直线，由理想气体状态方程
可得，它是等压过程，体积减小，说明外界对气体做功，即W>0，而温度减小，说明内能减小，再由热力学第一定律可得：
△U=W+Q，Q<0，即一定放出热量，选项A正确；由于温度降低，所以分子的平均动能一定减小，选项B错误；
由于AB段是个等温过程，体积减小，故分子的密集程度变大，选项C错误；由于是个等温过程，分子运动的速度不变，即分子的动量大小不变，所以每个分子对器壁的平均撞击力不变，这里的压强变大，是由于密集程度在变大造成的，选项D错误。
4．下表是在20℃时，波长为589.3nm的光在几种介质中的折射率，根据表中数据结合所学知识，下列判断正确的是
表：
几种介质的折射率（λ＝589.3nmt＝20℃）
介质
折射率
介质
折射率
金刚石
2.42
玻璃
1.5~1.8
氯化钠
1.54
水
1.33
二硫化碳
1.63
水晶
1.55
酒精
1.36
空气
1.00028
A．这种光在玻璃中的速度大于在水中的速度
B．水晶对不同颜色的光的折射率都是1.55
C．这种波长的光从玻璃射入水中可能发生全反射
D．这种波长的光从水射入空气比从水晶射入空气更容易发生全反射
【答案】C
【解析】由于n=
，而光的玻璃中的折射率是1.5，在水中的折射率是1.33，玻璃的折射率较大，所以这种光在玻璃中的速度小于在水中的速度，选项A错误；由于不是颜色的光在同一种介质中的折射率是不同的，所以水晶对不同颜色的光的折射率并不都是1.55，它只是对这种光的折射度是1.55，换一中频率的光，折射率可能会发生改变，选项B错误；由于发生全反射的条件是从光密介质射到光疏介质，而玻璃相相对于水来说就是光密介质，故是可能的，选项C正确；由于临界角的公式为sinC=
，而水比水晶的折射率小，故水的临界角大，即不容易发生全反射，选项D错误。
5．图甲是某燃气灶点火装置的原理图。
转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交流电压，并加在一理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2。
当变压器副线圈电压的瞬时值达到5000V时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体，下列说法正确的是
A．电压表示数为5V
B．变压器线圈匝数之比n2：
n1至少是1000
C．副线圈的输出功率大于原线圈的输入功率
D．转换器输出交变电压周期为0.4s，钢针每个周期点火一次
【答案】B
【解析】由于原线圈交流电的峰值是5V，故其有效值为2.5
V，而电压表的示数显示的是有效值，不是峰值，故电压表的示数不是5V，选项A错误；因为原线圈的电压瞬时值可以达到5V，副线圈的电压瞬时值是5000V，故由
，所以n2：
n1=5000：
5=1000，而其比值越大，副线圈上得到的电压也就越大，故其比值至少是1000，选项B正确；如果考虑变压器的损耗，则副线圈得到的电功率应该比较小，它永远不会大于原线圈的功率，选项C错误；由图乙可知，交流电的周期为0.4s，而在一个周期内，线圈中的电流方向会改变二次，在电流方向改变时，正是磁场变化最快的时候，故在一个周期内会出现这次瞬时值的最大值，所以每个周期会点火二次，选项D错误。
6．如图所示为电子束焊接机，图中带箭头的虚线代表电场线，B、C是电场中两点。
K为阴极，A为阳极，两极之间的距离为d，在两极之间加上高压U，有一电子在K极由静止被加速。
不考虑电子重力，元电荷为e，则下列说法正确的是
A．A、K之间的电场强度均为
B．B点电势大于C点电势
C．B点电场强度大于C点电场强度D．电子由K到A的电势能减少了eU
【答案】D
【解析】由于AK间的电场线分布不均匀，所以不是匀强电场，故选项A错误；电场线的方向是由A到K的，而沿电场线的方向电势是降低的，所以C点的电势大于B点的电势，选项B错误；由于C点的电场线比较密一些，而电场线密的地方场强大，故C点的场强大于B点的场强，选项C错误；电子由K到A时，电场力做功，其做功的大小为W=Ue，且电场力做正功，故电势能减小Ue，选项D正确。
7．“嫦娥三号”探测器由“长征三号乙”运载火箭从西昌卫星发射中心发射，首次实现月球软着陆和月面巡视勘察。
假设“嫦娥三号”先后分别在如图所示的环月圆轨道和椭圆轨道上运行，则
A．若已知“嫦娥三号”环月圆轨道的半径、运行周期和引力常量，则可以算出月球的密度
B．“嫦娥三号”由环月圆轨道变轨为椭圆轨道时，应在P点发动机点火使其减速
C．“嫦娥三号”在环月椭圆轨道上运行时P点的速度大于Q点的速度
D．“嫦娥三号”进入环月椭圆轨道后关闭发动机，探测器从Q点运行到P点过程中机械能增加
【答案】B
【解析】选项A中可求月球的质量，但是由于不知道月球的半径，即月球的体积所以求不出月球的密度，选项A错误；“嫦娥三号”由环月圆轨道变轨为椭圆轨道时，在P点的加速度大小不变，再根据a=
可知，椭圆轨道的曲率半径小，故其对应的线速度需要减小，所以应在P点发动机点火使其减速，选项B正确；“嫦娥三号”在环月椭圆轨道上运行时，P点是远地点，速度小，而Q点是近地点，速度大，选项C错误；“嫦娥三号”进入环月椭圆轨道后关闭发动机后，探测器的机械能是守恒的，从Q点运行到P点过程中机械能不增加，选项D错误。
8．处于坐标原点的波源产生一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速v＝200m/s。
已知t＝0时，波刚传播到x＝40m处，波形如图所示。
在x＝400m处有一接收器（图中未画出），则下列说法正确的是
A．波源开始振动时方向沿y轴正方向
B．x=10m处质点每秒向右移动200m
C．若波源向x轴正方向匀速运动，接收器接收到波的频率大于10Hz
D．当t＝0.1s时，x＝40m处的质点恰好到达波谷的位置
【答案】C
【解析】因为t＝0时，波刚传播到x＝40m处，说明此时40m处的质点的振动方向就是波源的振动方向，而波向右传播，再根据“同侧法”可判断出“40m”处的质点向下振动，故波源的起振方向是沿y轴负方向，选项A错误；该波是横波，质点的振动方向与其传播的方向是垂直的，质点不会随波迁移，只会在自己的平衡位置附近上下振动，选项B错误；由图乙可知，波长为20m，而波速又是200m/s，故波的频率为f=10Hz，接收器在右侧，当波源向x轴正方向移动时，波源与接收器间的距离在减小，由我普勒效应可知，接收器接收到波的频率大于10Hz，选项C正确；由于周期是0.1s，故x＝40m处的质点经过一个周期后恰好到达平衡位置，选项D错误。
9．如图所示，质量为m的小球从A点由静止开始释放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到达C点速度减为零。
不计空气阻力，重力加速度为g。
关于小球下落过程中，下列说法中不正确的是
A．小球在BC下落过程中动量的改变量等于所受阻力的冲量
B．若测出小球AC段的高度，可推算出小球克服阻力做的功
C．若测出小球距地面的高度，可推算出小球落地时的瞬时速度
D．若分别测出小球AB段与BC段下落时间，可推算出小球所受阻力的冲量大小
【答案】A
【解析】注意该题是让选不正确的；由于小球在BC下落过程中动量的改变量应该等于其所受合外力的冲量，不是单独阻力的冲量，还有重国的冲量，故选项A错误；如果对整体运用动能定理，则重力做的功等于阻力做的功，所以若测出小球AC段的高度，可计算重力做的功，那么也就可以推算出小球克服阻力做的功，选项B说法正确；若测出小球距地面的高度，根据v2=2gh，可推算出小球落地时的瞬时速度，选项C说法正确；如果对整体运用动量定理，则重力的冲量等于阻力的冲量，所以若分别测出小球AB段与BC段下落时间，可求出重力的冲量，则可推算出小球所受阻力的冲量大小，选项D的说法也是正确的，故该题A符合题意。
10．如图所示，金属棒ab质量为m，通过电流为I，处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向与导轨平面夹角为θ，ab静止于宽为L水平导轨上。
下列说法正确的是
A．金属棒受到的安培力大小为F=BILsinθ
B．金属棒受到的摩擦力大小为f=BILcosθ
C．若只改变电流方向，金属棒对导轨的压力将增大
D．若只增大磁感应强度B后，金属棒对导轨的压力将增大
【答案】C
【解析】该题中的磁感应强度B虽然与导轨平面的夹角为θ，但是B仍然与电流I的方向是垂直的，故安培力的大小仍然是F=BIL，选项A错误；由于棒是静止的，其剖面受力图如图所示，摩擦力的大小应该与安培力在水平方向上的分力大小相等，即f=Fsinθ=BILsinθ，选项B错误；若只改变电流方向，则安培力的方向会改变，由左手定则可知，安培力变成斜向下作用在棒上的了，故使得棒对轨道的压力会增大，选项C正确；若只增大B后，安培力的方向仍然是斜左上，大小会增大，故会减小棒对轨道的压力，选项D错误。
11．如图甲所示为某同学研究自感现象的实验电路图，用电流传感器监测通过电感线圈L中的电流。
已知电路中电灯的电阻R1＝6.0Ω，定值电阻R＝2.0Ω，电源电动势为6.0V，内阻不计。
闭合开关S使电路处于稳定状态，在t＝0.1s时刻断开开关S，断开开关S前后电流传感器显示电流随时间变化的图像如图乙所示。
根据以上信息下列说法中错误的是
A．可以求出电感线圈的直流电阻
B．可以估算出断开开关S后流过灯泡的电荷量
C．可以判断断开开关时电感线圈产生的自感电动势的正负极
D．可以判断断开开关后观察不到小灯泡闪亮现象
【答案】D
【解析】该题是让判断错误的；因为电源电压为6V，内阻不计，再由图乙可知闭合开关稳定时通过线圈的直流电流为1.5A，而定值电阻的大小为2Ω，故电感线圈的直流电阻为
-2Ω=2Ω，故选项A说法正确；断开开关S后，电感线圈又当做新的电源对定值电阻与灯泡供电，由图乙的电流随时间的变化规律判断出图线与时间轴所围成的面积即是流过灯泡的电荷量，故选项B说法正确；开关断开后，电路中的电流减小，故线圈要产生跟原电流方向相同方向的感应电流，故线圈的左端是自感电动势的正极，自感电动势的正负极可以判断，选项C的说法正确；由于开关闭合时，通过灯泡的电流为
=1A，而断开开关时产生的最大电流是1.5A，它大于1A，故灯泡会闪亮一下，选项D错误，符合题意。
12．用如图所示的实验装置“探究感应电流方向的影响因素”，小磁铁从靠近线圈的上方静止下落，下落时保持小磁铁不翻转。
在小磁铁穿过整个线圈的过程中，下列判断正确的是
A．磁体靠近线圈和远离线圈产生的感应电流方向不变
B．磁铁下落到线圈中部时，线圈中磁通量的变化率最大
C．磁铁在下落过程中机械能守恒
D．磁铁靠近线圈和远离线圈时，磁铁受到线圈的作用力方向都向上
【答案】D
【解析】当磁体靠近线圈和远离线圈时，穿过线圈的磁通量一个是增大，一个是减小，根据楞次定律可知，线圈中产生的感应电流的磁场方向是相反的，所以感应电流的方向也相反，选项A错误；当小磁铁下落到线圈中部时，小磁铁周围的磁感线是竖直方向，此是穿过线圈的磁通量的变化率最小，感应电动势最小，故选项B错误；磁铁在下落过程中，与线圈之间存在力的作用，故它的机械能不守恒，磁铁的机械能会减小，选项C错误；磁铁靠近线圈和远离线圈时，根据楞次定律的“来拒去留”思路可判断出磁铁受到线圈的作用力方向都向上，选项D正确。
13.实验室用滑轮、小车、打点计时器、砂桶、细线、纸带等实验器材组成右图所示实验装置可以完成多个力学实验，利用该装置进行如下实验时，以下说法正确的是
A．在“研究匀变速直线运动”时必须设法消除小车和木板间的摩擦阻力影响
B．在“研究匀变速直线运动”时必须使砂和砂桶总质量远小于小车的质量
C．在“探究加速度a与小车质量M关系”时每次改变小车质量之后要重新平衡摩擦力
D．在“探究加速度a与力F关系”时要调整滑轮高度使连接小车细线与木板平行
【答案】D
【解析】在“研究匀变速直线运动”时，只要让小车做匀速直线运动就可以了，不用消除小车和木板间的摩擦阻力，只要拉力足够大就可以，选项A错误；在“研究匀变速直线运动”时也没有必要使砂和砂桶总质量远小于小车的质量，选项B错误；
在“探究加速度a与小车质量M关系”时，一要平衡摩擦力，二要让细线与木板平行，这样在小车前进一定距离后，受到的拉力仍然不变，三是砂和砂桶总质量远小于小车的质量，其目的是为了使砂和砂桶总重力等于细线拉小车的力，便于计算合外力；故选项D正确；而选项C中每次改变小车质量之后要不要重新平衡摩擦力，因为平衡摩擦力时，其实是Mgsinθ=μMgcosθ时，而小车的质量在等式两边能够被约掉，故改变小车的质量后不需要重新平衡摩擦力，选项C错误。
14．如图是汽车速率计的基本结构示意图，其工作原理如下：
速率计的转轴通过一系列传动装置与汽车驱动轮相连，速率计转轴的上端铆接了一个永久磁铁，永久磁铁上罩了一块铝片，铝片又固定在指针轴上。
当永久磁铁随转轴旋转时，铝片与永久磁铁会发生相互作用产生转动并带动指针一起转动。
根据以上材料判断，以下说法不正确的是
A．汽车匀速行驶时，铝片中没有电流B．永磁铁转动方向与铝片转动方向相同
C．铝片总是阻碍永久磁铁转动D．该速率计运用了电磁感应原理
【答案】A
【解析】该题是让选择不正确的；当汽车匀速行驶时，转轴匀速转动，永磁铁与铝片有相对运动，铝片有感应电流产生，电流又在磁场中受到安培力的作用，使得铝片受力而与转轴同方向转动，这种现象其实就是电磁驱动，铝片受力而运动，铝片受到的力是永久磁体给的，反过来铝片给永磁体的力阻碍永磁体的转动，故选项A错误；BCD正确；选项A符合题意。
第二部分（非选择题共58分）
二、填空题（共15、16两道小题共18分）
15．（8分）在“验证机械能守恒定律”实验中，利用重物拖着纸带自由下落通过打点计时器并打出一系列的点，对纸带上点迹进行测量，经过数据处理即可验证机械能守恒定律。
（1）在实验过程中，下列说法正确的是
A．实验时应先接通打点计时器的电源再释放纸带
B．实验时纸带与打点计时器的两个限位孔要在同一竖直线上
C．打点计时器、天平和刻度尺是本实验中必须使用的测量仪器
D．实验中重物的质量大小不影响实验误差
（2）正确进行实验操作，从打出的纸带中选出符合要求纸带，如图所示。
图中O点为打点起始点，且速度为零。
选取纸带上打出的连续点，标上A、B、C……测得其中E、F、G点距打点起始点O的距离分别为h1、h2、h3。
已知重物的质量为m，当地重力加速度为g，打点计时器的打点周期为T。
为验证此实验过程中机械能是否守恒，需要计算出从打下O点到打下F点的过程中，重物重力势能减少量△Ep=_________，动能增加量△Ek=_________。
（用题中所给字母表示）
（3）利用该装置还可以测量当地的重力加速度，某同学的做法是以各点到起始点的距离h为横坐标，以各点速度的平方v2为纵坐标，建立直角坐标系，用实验测得的数据绘制出v2-h图像，如图所示。
由v2-h图像求得的当地重力加速度g=_________m/s2。
（结果保留三位有效数字）
【答案】
（1）A、B（填对一个给1分，总分2分，有错无分）；
（2）①mgh2（2分）；②
（2分）；（3）9.67（9.57~9.78之间均可，但有效数字位数要正确）（2分）。
【解析】
（1）实验时应先接通打点计时器的电源再释放纸带，选项A正确；实验时纸带与打点计时器的两个限位孔要在同一竖直线上，这样可以减小摩擦，故选项B也正确；本实验中，天平不需要，因为在验证机械能是否守恒时，只要满足：
mgh=
mv2即可，而质量在等式两边可约掉，选项C错误；实验中重物的质量尽量选较大一些的，否则空气阻力对实验结果的影响会较大，选项D错误。
（2）重力势能的减少量Ep等于重力与OF距离的乘积，即mgh2；
动能的增加量Ek=
mvF2=
m
；
（3）根据mgh=
mv2可知，v2=2gh，故v2—h的图像的斜率是2g，再由图像得斜率为k=
m/s2=19.4m/s2；故当地重力加速度g=
=9.68m/s2；
16．（10分）用一段长约为80cm的金属丝做“测定金属的电阻率”的实验。
（1）为选择合适电路，先用多用电表粗测金属丝电阻Rx。
将选择开关“K”旋转到欧姆档“×10”位置，正确操作后，将两表笔与待测电阻Rx相接，发现指针偏转角度过大，为得到比较准确的测量结果，应将选择开关“K”旋转到电阻档（填“×1”或“×100”）位置。
更换欧姆档重新调零并测量，指针如下图甲所示，其读数为Ω。
（2）用螺旋测微器测量金属丝的直径，某次测量结果如上图乙所示，读数为mm。
（3）在用电压表和电流表测金属丝的电阻时，提供下列供选择的器材：
A．直流电源（电动势约为3.0V，内阻很小）
B．电压表（量程0～3V，内阻约3k
）
C．电流表（量程0～0.6A，内阻约0.15
）
D．电流表（量程0～3A，内阻约0.025
）
E．滑动变阻器（阻值范围0～15
，最大允许电流1A）
F．滑动变阻器（阻值范围0～200
，最大允许电流2A）
G．开关、导线。
为了有较高的测量精度，并能测得多组数据，在供选择的器材中，电流表应选择，滑动变阻器应选择。
（填字母代号）
（4）在实验中，某同学按照图甲所示电路图进行连线，连成图乙所示的电路进行实验，请将图中接线错误之处改正过来。
（多余的导线上画×表示删除，添加的导线用笔在图中画出）。
（5）用上问图甲所示电路进行测量金属丝的电阻，测量结果比真实值（填“偏大”或“偏小”），造成这样误差的原因。
【答案】
（1）①×1（1分），②6Ω（1分）；
（2）0.728±0.02（2分）；（3）①C（1分）；②E（1分）；（4）见图（画对×给1分，连对线给1分）；（5）偏小（1分）电压表分流作用使得电流表示数比流过电阻的电流大（1分）。
【解析】
（1）指针偏转角度过大指的是指针偏向最右侧，即读得数据偏小，指针在欧姆表的中央读数才比较精确，怎么才能让指针指到中央区域呢？
假设偏角过大到读数为“2”，则根据倍率得电阻为2Ω×10=20Ω，而欧姆表的中央刻度值就是20Ω左右，故应该将电阻档位调到“×1”档；在甲图中读得其读数为“6”，故其电阻的大小为6Ω×1=6Ω；
（2）在图乙中，主尺上已经露出了上面一个小格，代表0.5mm，旋转钮上的读数为“22.8”，故直径为0.5mm+22.8×0.01mm=0.728mm；
（3）由于电源的电动势为3V，电阻丝的电阻为6Ω，故电路中的电流最大为0.5A，所以电流表选择C，由于实验需要能测得多组数据，故滑动变阻器选择E；变阻器E的最大电阻为15Ω，大于6Ω的2倍以上，所以该实验既可以分压式连接电路，也可以用限流式连接电路；
（4）因为在电路图中是电流表外接方式，而在实物图中是电流表内接，故改正的导线就是将电流表的内接改成外接；
（5）由甲图的电流表外接测得的电压是准确的，而电流偏大，故测量结果会偏小，该误差是由于电压表分流造成的。
三、计算题（40分，共17、18、19、20四道小题）
17．（9分）如图所示，光滑水平面AB与竖直面内的光滑半圆形导轨在B点相接，导轨半径R为0.1m。
一个质量为m=1kg小物体（可视为质点）将弹簧压缩至A点后，由静止释放，在弹力作用下物体向右运动，脱离弹簧后与静止在B点质量为m=1kg的小物体相撞，撞后粘在一起沿半圆形导轨运动，到达C点时速度为vc=5m/s，重力加速度g取10m/s2。
（1）求两物块从C点水平飞出后的水平射程；
（2）求两物体在离开C点前瞬间对轨道的压力大小；
（3）求小物体将弹簧压缩至A点时，弹簧具有的弹性势能Ep。
【答案】
（1）x=1m；
（2）F=480N；（3）Ep=58J。
【解析】
（1）（3分）根据平抛运动竖直方向为自由落体运动
水平方向为匀速直线运动
水平射程为x=1m
（2）（3分）根据牛顿第二定律
根据牛顿第三定律Fc=F
两物体对C点的压力为F=480N
（3）（3分）根据水平方向动量守恒
根据动能定理
根据能量守恒
J
18.（9分）如图所示，质量M=8kg的长木板停放在光滑水平面上，在长木板的左端放置一质量m=2kg的小物块，小物块与长木板间的动摩擦因数μ=0.2，现对小物块施加一个大小F=8N的水平向右恒力，小物块将由静止开始向右运动，2s后小物块从长木板上滑落，从小物块开始运动到从长木板上滑落的过程中，重力加速度g取10m/s2。
求
F
M
m
（1）小物块和长木板的加速度各为多大；
（2）长木板的长度；
（3）通过计算说明：
互为作用力与反作用力的摩擦力对长木板和小物块做功的代数和是否为零。
【答案】
（1）a1=2m/s2；a2=0.5m/s2；
（2）L=3m；（3）不为零。
【解析】
（1）（3分）木板与木块间摩擦力
=4N
木块加速度
=2m/s2
木板加速度
=0.5m/s2
（2）（3分）木块对地位移
m木块对地位移
m
木板长L=
m
（3）（3分）摩擦力对木块做功
=-16J
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