广东省东莞市届九年级物理上学期第一次月考试题新人教版.docx
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广东省东莞市届九年级物理上学期第一次月考试题新人教版
2016—2017学年度第一学期月考九年级物理
（考试用时80分钟，满分100分）
姓名班级总得分
一、选择题（每题3分，共21分）
1、关于力、距离、功与功率的关系，下列说法正确的是（ ）
A．力越大，功率越大B．距离越长，功率越大
C．做功越多，功率越大 D．做功越快，功率越大
2、如图所示，将系在细线下的小球拿至A点，然后由静止释放，小球将在A、C两点之间往复摆动，如果不考虑空气对小球的阻力，下列分析中正确的是（ ）
A．小球在摆动过程中始终受到平衡力的作用
B．当小球摆至B点时，如果细线突然断裂，小球将竖直下落
C．当小球摆至C点时，如果小球所受的力同时消失，小球将静止在C位置
D．小球摆动过程中，随着小球位置的改变，小球所受重力的大小和方向也随之改变
3、以下实例，力对物体做功的是（ ）
A．举重运动员举着杠铃不动 B．小明将水桶从地面上提起
C．吊车吊着货物在空中水平匀速移动 D．用力搬桌子而未搬起
4、下列关于内能的说法中正确的是（ ）
A．晒太阳使身体变暖，是通过做功改变内能的
B．热量总是由内能大的物体传递给内能小的物体
C．一块0℃的冰熔化成0℃的水，内能增加
D．物体的内能减少，一定是物体对外做功
5、1827年植物学家布朗先发现，悬浮在水中的花粉微粒会做无规则的运动，称为布朗运动，温度越高，布朗运动越剧烈．以下关于布朗运动解释中，不符合分子动理论观点的是（ ）
A．花粉微粒是由大量分子组成的
B．布朗运动就是分子的热运动
C．水分子做无规则运动，会不断撞击花粉颗粒
D．温度越高，水分子的运动越剧烈，对花粉微粒的撞击次数越多
6、下列流程图是用来说明单缸四冲程汽油机的一个工作循环及涉及到的主要能量转化情况关于对图中①②③④的补充正确的是（ ）
A．①做功冲程 ②内能转化为机械能 ③压缩冲程④机械能转化为内能
B．①压缩冲程 ②机械能转化为内能 ③做功冲程④内能转化为机械能
C．①做功冲程 ②机械能转化为内能 ③压缩冲程④内能转化为机械能
D．①压缩冲程 ②内能转化为机械能 ③做功冲程④机械能转化为内能
7、汽车油箱的汽油用掉一半后，剩下的汽油中，不变的物理量有（ ）
A．质量密度热值B．质量密度比热容
C．密度热值比热容 D．质量热值比热容
8、用测力计沿水平方向两次拉着同一物体在同一水平面上运动，两次运动的s﹣t图象如图所示，其对应的测力计示数分别为F1和F2，功率分
别为P1和P2，则F1 F2，P1 P2（填“＞”“＜”“=”）．
二、填空题（每空1分，共30分）
9、某同学用20N的力将重50N的铅球沿水平方向扔出，球在地面上滚动了10m后停下．在铁球滚动的过程中，人对球做的功是______J，重力对球做的功是______J．
10、如图所示是第二届“中国（重庆）国际机器人及智能制造装备论坛暨博览会〃上展出的一款集自动清洁技术和人性智能设计于一体的地面清洁机器人，该机器人的质量为3kg，静止于水平地面时，它受到的支持力是______N；若在水平地面上以0.4m/s的速度做匀速直线运动时，机器人的功率是56W，则机器人所受阻力是______N．
11、我国著名羽毛球运动员傅海峰扣球时不仅改变了羽毛球的 方向，而且使羽毛球的速度高达383km/h，合 m/s（计算结果保留一位小数），从而使羽毛球具有较大的 能．
12、如图是皮球落地后弹跳过程中，每隔相等时间曝光一次所拍摄的照片．A、B是同一高度的两点，则A点的重力势能 B点的重力势能；A点的动能 B点的动能（选填“大于”“小于”或“等于”），此过程中皮球的机械能 （选填“增大”“减小”或“不变”）．
13、关于热量、温度、内能之间的关系，如果物体吸收了热量，温度不一定升高，但内能______增加（选填“一定”或“不一定”）；寒冷的冬天搓手会感觉到暖和，这是用______的方式改变物体的内能．
14、一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是1200r/min，该汽油机每秒钟内完成______个冲程，做功______次．
15、汽车发动机工作时，当汽油在发动机内燃烧不充分时会冒“黑烟”，这时发动机的效率______（选填“升高”、“不变”或“降低”）．发动机散热器常用水做冷却剂，这是因为水的______大．
16、汽油的热值为4.6×107J/kg，这个数值究竟有多大？
有人通过一个具体的例子来认识汽
油热值的大小：
一个60kg的人，从1楼步行至11楼，每层楼的高度为3m，他克服重力做了_________J的功。
17、如图所示，先在一个配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团棉花，然后迅速压下活塞，筒内棉花燃烧起来．对这一现象的解释是，活塞压缩玻璃筒内的空气，对筒内空气______，使空气的______增加，温度升高，达到棉花的着火点就燃烧起来了．
18、一台四冲程汽油机，其中 冲程将机械能转化为内能；已知所用汽油的热值是4.6×107J/kg，完全燃烧
2g汽油所释放的内能是 J，若热机效率为40%，燃烧2g汽油转化的机械能是 J，若此机械能全部用于发热，能使质量1kg的水，温度升高 ℃，（结果保留1位小数），已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）
19、体积为0.1m3、热值为2.1×107J/m3的某气体燃料完全燃烧放出的热量为 J；若这些热量全部被温度为20℃、质量为10kg的水吸收，则水升高的温度是 ℃．[c水=4.2×103J/（kg•℃）]．
20、如图6所示，做“探究水沸腾时温度变化的特点”实验，在烧杯中加入200g的水，测得初始温度为18℃。
用酒精灯加热一段时间后，如图7所示，温度变为 ℃，若水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），则水吸收的热量为 J。
这些热量相当于完全燃烧热值为3.0×107J/kg的酒精 g放出的热量。
21、有一圆形跑道，跑道长120m，甲，乙同学沿跑道同时同地反向匀速跑步时，每隔20s相遇一次，已知甲、乙速度之比为2：
3，如果甲、乙同学以原速度沿跑道同时同地同向跑步，每隔 s相遇一次；若甲同学体重小于乙同学体重，则他们匀速跑步时 同学的动能大．
三、实验探究题（每空2分，共24分）
22、如图所示实验中，水蒸气会把软木塞冲出去．水蒸气膨胀对软木塞______，水蒸气的内能______（填“增大”、“减小”或“不变”）．这时水蒸气的部分______转化为塞子的______．（填能的形式）
23、两个同样的烧杯，内装温度、质量相同的水和某种液体，用同样的酒精灯加热，每隔1min记录一次它们的温度，
测得如下数据：
时间/min
0
1
2
3
4
5
水的温度/℃
20
22
24
26
28
30
某种液体的
温度/℃
20
23
26
29
32
35
回答下列问题：
（1）在加热时间相同的条件下，升温快的是______；
（2）如果它们升高相同的温度，______吸收的热量多；
（3）由此可根据公式______，推出C水______C液（填“＞”“＜”或“=”）
（4）根据以上数据可算出C液=______．
24、某实验小组为了探究气缸内气体压强p与缸内气柱长度h的关系，设计了一带有活塞（横截面积S=5cm2）并封闭了气体的密闭金属气缸，如图甲所示．某次实验过程中，活塞缓慢下压，记录数据后绘制出如图乙所示图象．请回答下列问题：
（1）活塞下压过程中，缸内气体质量 （选填“变小”、“变大”或“不变”）；
（2）据图乙可知，缸内气体压强p与长度h成 比；
（3）经测量，当缸内气体压强p为1×105Pa时，缸内气体的密度为1.3kg/m3，那么，当缸内气体压强p为5×105Pa时，缸内气体的密度为 kg/m3．
四、计算题（25.26题各题8分，27题9分，共25分）
25、三峡升船机于2015年12月21日进行实船测试．如图所示，旅游船“长江电力”号先进入上游航道，开启活动桥、卧倒门、防撞装置、工作门后，旅游船缓慢驶入承船厢，随后承船厢内相关设施依次关闭．客轮在承船厢中，仿佛进入了一个装水的“大脚盆”，像坐电梯一样，由机械驱动承船厢下降，承船厢以0.2m/s的速度匀速下降，从上游175m水位下降至下游62m水位处，又依次开启活动桥、卧倒门、防撞装置、工作门后，旅游船缓缓驶出承船厢．
（1）升船机承船厢在下降过程中动能、重力势能和机械能怎样变化？
（2）升船机承船厢下降过程所用的时间是多少？
26、随着人们生活水平的提高，越来越多的家庭采用“水地暖”进行取暖．其原理是：
在房间地面装饰层下铺设散热管道，通过管道内的热水散热提高室温．当供水温度为45℃时，单位面积的散热功率与地面装饰层材料、散热管材料的对应关系见下表：
散热管\地面装饰层材料
陶瓷
塑料
木地板
聚乙烯（PE-RT）
136.6W/m2
103.5W/m2
93.5W/m2
聚丁烯（PB）
125.7W/m2
96.9W/m2
90.0W/m2
（1）若该地暖系统的总水量为2×103kg，将全部的水从5℃加热至45℃，水至少需要吸收多少热量？
[c水=4.2×103J/（kg•℃）]
（2）某家庭木地板的面积为80m2，散热管材料为聚丁烯（PB），供水温度为45℃，则该供暖系统每小时的散热量为多少焦耳？
（3）“水地暖”散热量除与散热时间、面积有关外，你认为还与哪些因素有关？
请至少写出两点．
27、如图所示，简易太阳能热水器受光面积1.2m2，内装80kg水，太阳每分钟辐射到1m2面积上的热量是7.56×104J，如果60%的热量被水吸收，问：
（1）太阳能热水器内壁为什么涂成黑色？
（2）20℃的水晒3h后水温达多少摄氏度（℃）？
（3）煤气的热值是4.2×107J/kg，若煤气灶的效率为40%，烧热（达到
（2）中水的末温）这些水需燃烧多少千克煤气？
参考答案
一、选择题
1、D．
2、C
3、B
4、C【考点】热传递改变物体内能；温度、热量与内能的关系；热传递．
【分析】
（1）做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；
（2）热量总是从温度高的物体传递到温度低的物体；
（3）冰熔化时吸热，所以内能增大；
（4）物体的内能减少可能是对外放热，也可能是对外做功．
【解答】解：
A、晒太阳使身体变暖，是通过热传递改变内能的，故A错误；
B、热量总是从温度高的物体传递到温度低的物体，而不是由内能大的物体传递给内能小的物体，故B错误；
C、一块0℃的冰熔化成0℃的水，虽然温度不变，但吸收了热量，所以内能增加，故C正确；
D、物体的内能减少可能是对外放热，也可能是对外做功，故D错误．
故选C．
【点评】本题考查了内能的改变、热传递的条件、温度与内能的关系等，属热学综合题，难度不大．
5、B【考点】分子的热运动．
【分析】布朗运动是悬浮颗粒的无规则运动，不是分子的运动，形成原因是悬浮颗粒无规则撞击引起的，小颗粒并不是分子，小颗粒运动的轨迹不是分子无规则运动的轨迹．
【解答】解：
A、花粉微粒是由大量分子组成的，该选项说法正确；
B、布朗运动是悬浮颗粒的无规则运动，该选项说法错误，
C、水分子做无规则运动，会引起不断撞击花粉颗粒，该选项说法正确；
D、温度越高，水分子的运动越剧烈，对花粉微粒的撞击次数越多，该选项说法正确．
故选B．
【点评】解答本题须清楚：
布朗运动是悬浮颗粒的无规则运动，不是分子的运动，形成原因是悬浮颗粒无规则撞击引起的，小颗粒并不是分子．
6、B【考点】内燃机的四个冲程．
【分析】内燃机的一个工作循环包括四个冲程：
吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，这四个冲程的顺序是一定的，不能改变．
其中的压缩冲程和做功冲程进行了两次重要的能量转化：
压缩冲程是机械能转化为内能；做功冲程是内能转化为机械能．
【解答】解：
根据内燃机的工作过程可知，第二个冲程是压缩冲程，在此过程中活塞压缩气缸内的气体，将机械能转化为内能，气缸内的气体温度升高．
第三个冲程是做功冲程，此时燃料燃烧生成的高温高压的燃气推
动活
塞
对外做功，将内能转化为机械能．
故选B．
【点评】本题考查汽油机的工作循环及能量转化．明确内燃机的四个冲程，并且知道每个冲程中的能量转化是解决此题的关键．
7、C【考点】燃料的热值；密度及其特性；比热容的概念．
【分析】要解答本题需掌握：
密度和比热容都是物质的特性，热值是燃料的特性，只要物质确定，这些属性是不变的．
【解答】解：
一筒汽油用去一半后，所含的汽油减少，质量变为原来的一半，但是热值、密度和比热容是不会改变的，因为物质确定后，物质的这些属性与质量无关．故A、B、D错误．
故选C．
【点评】本题主要考查学生对物质的基本属性的理解和掌握．是中招的热点．
8、=；＞．
二、填空题
9、0，0．
10、【考点】二力平衡条件的应用；功率计算公式的应用．
【分析】
（1）知道机器人的质量，根据G=mg求出受到的重力，然后根据重力和支持力是一对平衡力求出支持的大小；
（2）已知机器人的功率和运动速度，可以利用公式P=Fv求出动力的大小，由于机器人做匀速直线运动，由二力平衡可知，该机器人所受阻力大小等于动力的大小．
【解答】解：
机器人的重力：
G=mg=3kg×10N/kg=30N；因为重力与支持力为一对平衡力，并且重力的方向竖直向下，所以支持力的大小为30N；
由公式P=Fv可知可得机器人的动力：
F=
=
=140N，
由于机器人做匀速直线运动，由二力平衡可知，机器人所受阻力大小等于动力的大小，为140N．
故答案为：
30；140．
11、【分析】①力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；运动状态的包括物体的运动方向和速度的改变；
②1km/h=
m/s；
③影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度．
【解答】解：
①著名羽毛球运动员傅海峰扣球时不仅改变了羽毛球的运动方向；
②383km/h=383×
m/s≈106.4m/s；
③羽毛球的质量不变，速度很大，所以羽毛球具有较大的动能．
故答案为：
运动；106.4；动．
【点评】此题考查力的作用效果、速度的单位换算和动能大小的影响因素，是一道综合性较强的题目，但难度不大，属于基础题．
12、等于；大于；减小．
13、【考点】温度、热量与内能的关系；做功改变物体内能．
【分析】
（1）物体吸收热量，可能是物体温度升高，也可能是物体的状态发生改变．
（2）改变内能有两种方式：
做功和热传递．
【解答】解：
物体吸收热量，内能一定会增大，可能是物体温度升高，也可能是物体的状态发生改变，
冬天很冷的时候搓双手，双手相互摩擦做功，将机械能转化为内能，手的温度升高，手就感到暖和．
故答案为：
一定；做功．
14、【考点】内燃机的四个
冲程．
【分析】解决此题要知道在四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次．
【解答】解：
飞轮转速是1200r/min=20r/s，因一个工作循环转2圈，完成4个冲程，做功一次；
所以每秒完成10个工作循环，完成40个冲程，做功10次；
故答案为：
40；10．
【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，属于易错题目．
15、【考点】水的比热容的特点及应用；热机的效率．
【分析】
（1）热机
工作的过程中内能转化为机械能；热机的效率是指用来做有用功的能量占燃料完全燃料放出的总能量的
百分比，据此结合现象可分析对效率的影响；
（2）水具有比热容较大的特性，这是常被选做冷却剂的原因．
【解答】解：
（1）汽车发动机工作时将内能转化为机械能，冒“黑烟”说明燃烧不充分，用来做有用功的能量占燃料完全燃烧放出的总能量的比值就小，所以效率降低；
（2）用水做冷却剂是因为水的比热容较大，在相同条件下能吸收更多的热量．
故答案为：
降低，比热容．
【点评】本题主要考查了热机工作时能量的转化以及对热机效率、比热容概念的理解，属于基础题目．
16、1.8×104 0.39
【解析】质量m=60kg，从1楼步行至11楼，上升的高度h=3m×10=30m，他克服重力做功W=Gh=600N×30m=18000J的功。
17、做功；内能．
18、【考点】内燃机的四个冲程；热平衡方程的应用；热机的效率
【分析】
（1）内燃机的一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中压缩冲程将机械能转化成内能，做功冲程将内能转化成机械能；
（2）燃料完全燃烧放出的热量用公式Q=qm计算，其中q为燃料的热值；
（3）根据热机效率可知燃料燃烧转化为机械能的多少；
（4）根据Q=cm△t的变形公式求出水升高的温度．
【解答】解：
（1）内燃机的四个冲程中，实压缩冲程将机械能转化成内能；
（2）2g汽油完全燃烧要放出的热量：
Q=qm=4.6×107J/kg×0.002kg=9.2×104J；
（3）燃烧2g汽油转化的机械能为40%×9.2×104J=3.68×104J；
（4）由Q=cm△t可知：
△t=
≈8.8℃．
故答案为：
压缩；9.2×104；3.68×104；8.8．
19、【考点】做功改变物体内能．
【分析】本题抓住做功与物体内能改变，对物体做功，物体的内能增加，物体对外做功内能会减少．
【解答】解：
把水加热至沸腾，水蒸气会把软木塞冲出去，高温水蒸气对木塞做功，水蒸气的内能减小，温度降低；塞子由静止变为运动，机械能增大，即水蒸气的部分内能转化为塞子的机械能．
故答案为：
做功；减小；内能；机械能．
【点评】做功改变物体内能的过程是能量转化的过程，即内能和机械能的相互转化过程．
20、68 4.2×104 1.4
21、【分析】
（1）设甲的速度为v甲，因为甲、乙速度之比为2：
3，所以乙的速度为1.5v甲，先根据甲，乙同学沿跑道同时同地反向匀速跑步时，每隔20s相遇一次，可得s甲+s乙=120m，据此求出甲乙的速度；若甲、乙同学以原速度沿跑道同时同地同向跑步，s乙﹣s甲=120m，据此求需要的时间；
（2）物体的动能与质量和速度有关，物体的质量越大、速度越大，物体的动能越大．
【解答】解：
（1）设甲的速度为v甲，因为甲、乙速度之比为2：
3，所以乙的速度为1.5v甲，
因为甲，乙同学沿跑道同时同地反向匀速跑步时，每隔20s相遇一次，
即s甲+s乙=120m，
v甲t+v乙t=120m，
v甲×20s+1.5v甲×20s=120m，
解得v甲=2.4m/s，
则v乙=1.5v甲=1.5×2.4m/s=3.6m/s，
若甲、乙同学以原速度沿跑道同时同地同向跑步，
s乙﹣s甲=120m，
v乙t′﹣v甲t′=120m，
3.6m/s×t′﹣2.4m/s×t′=120m，
解得：
t′=100s；
（2）若甲同学体重小于乙同学体重，则甲的质量小于乙的质量，而甲的速度小于乙的速度，所以甲的动能小于乙的动能．
故答案为：
100；乙．
【点评】本题考查了速度公式的原因以及动能大小的比较，注意两同学沿跑道同时同地反向匀速跑步第一次相遇时s甲+s乙=120m；若两同学同时同地同向跑步第一次相遇时s乙﹣s甲=120m．
三、实验,探究题
22、【分析】根据燃料完全燃烧放量公式Q放=mq计算煤油完全燃烧所放出的热量，再由Q放=Q吸=cm△t，得到△t=
后计算水升高的温度．
【解答】解：
完全燃烧0.1m3某气体放出的热量：
Q放=qV气体=2.1×107J/m3×0.1m3=2.1×106J；
由Q吸=cm△t=Q放，可得
水温度升高值：
△t=
=
=50℃．
故答案为：
2.1×106；50．
【点评】此题利用了公式Q放=mq和Q吸=cm△t进行计算．计算关键：
一是注意升高了（△t）、升高到（末温）和升高（△t）的区别，二是水的沸点．
23、【考点】控制变量法与探究性实验方案．
【
分析】
（1）根据表中数据可直观看出升温快的液体；
（2）根据表中数据可知，吸收相同热量，液体温度的变化，然后推理可知，升高相同的温度，吸收热量的多少；
（3）根据公式Q吸=cm（t﹣t0），在吸收热量、质量相同的情况下，根据温度的变化值和比热容成反比可知水的比热容和液体比热容的大小关系．
（4）已知水的比热容，根据水的比热容，以及水和某种液体比热容的关系，即可求出某种液体的比热容．
【解答】解：
（1）根据表中数据可知，吸收相同的热量，水的温度从20℃升高到30℃；某种液体的温度从20℃升高到35℃，因此在加热时间相同的条件下，升温快的是某种液体；
（2）根据表中数据可知，吸收相同的热量，水的温度从20℃升高到30℃；某种液体的温度从20℃升高到35℃，因此都从20℃升高到30℃，某种液体加热的时间短，故如果它们升高相同的温度，水吸收的热量多；
（3）根据Q=cm△t可知，在吸收热量、质量相同的情况下，温度的变化值和比热容成反比，又因为某种液体的温度变化快，故某种液体的比热容小，即C水大于C液；Q
（4）由表中数据可知：
在加热相同的时间，如1min，水和某种液体的吸收的热量是相同的，水的温度升高了2℃，某种液体温度升高了3℃，水和这种液体升高的温度之比是2：
3；
根据Q吸=cm（t﹣t0）可知：
在质量和吸收的热量相同时，物质升高的温度和物质的比热容成反比，水和这种液体升高的温度之比是2：
3，水和这种液体的比热容之比就是3：
2．
这种液体的比热容等于4.2×103J/（kg℃）×
=2.8×103J/（kg℃）．
故答案为：
（1）某种液体；
（2）水；（3）Q=cm△t；＞；（4）2.8×103J/（kg℃）．
【点评】此题考查了我们对于实验数据的分析能力，以及根据Q吸=cm（t﹣t0）计算吸收热量的能力，是一道重点题．
24、【考点】气体压强跟体积的关系．
【分析】
（1）物体的质量是指物体所含某种物质的多少，当把打气筒的活塞向下压时，由
于出气口被封住，没有气体跑出来，管内气体多少并没有发生改变，所以其质量应该不变；
（2）根据图象乙可知：
一定质量的气体，温度不变时，Ph乘积为一定值，即压强与长度成反比，
（3）根据图象乙，得出气体压强p为1×105Pa时对应的缸内气体的长度，根据气缸的横截面积，求出气缸内气体的体积和质量，然后求出当缸内气体压强p为5×105Pa时，缸内气体的密度．
【解答】解：
（1）气缸是封闭的，当活塞向下压，由于气缸内的气体含量并没有发生变化，所以它的质量并不发生改变；
（2）由图象可得：
一定质量的气体，温度不变时，Ph乘积为一定值，即压强与气缸内气体的长度成反比；
（3）由图象乙可知，当气体压强p为1×105Pa时对应的缸内气体的长度为h1=10cm，
所以气缸内气体的体积为：
V1=Sh1，
气缸内气体的质量为：
m=ρ1V1=ρ1Sh1，
由图象乙可知，当气体压强p为5×105Pa时对应的缸内气体的长度为h2=2cm，在此过程中气体的质量不变，
所以m=ρ2V2=ρ2Sh2，
所以ρ1Sh1=ρ2Sh2，
解得：
ρ2=
=
ρ1=
×1.3kg/m3=6.5kg/
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