届陕西省汉中市高三第二次教学质量检测二模理综物理试题解析版.docx
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届陕西省汉中市高三第二次教学质量检测二模理综物理试题解析版
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陕西省汉中市2019届高三第二次教学质量检测（二模）
理综-物理试题
（解析版）
一、选择题：
1.下列说法正确的是（）
A.牛顿第一定律又称惯性定律，所以惯性定律与惯性的实质相同
B.伽利略通过理想斜面实验,说明物体的运动不需要力来维持
C.牛顿运动定律和动量守恒定律既适用于低速、宏观的物体,也适用于高速、微观的粒子
D.牛顿第三定律揭示了一对平衡力的相互关系
【答案】B
【解析】
【详解】牛顿第一定律又称惯性定律,但是惯性定律与惯性的实质是不相同的,选项A错误；伽利略通过理想斜面实验,说明物体的运动不需要力来维持,选项B正确；牛顿运动定律适用条件为：
宏观,低速,对微观,高速度运动不再适用。
动量守恒定律具有普适性,既适用于低速,也适用于高速运动的粒子,故C错误；牛顿第三定律揭示了一对作用与反作用力的相互关系,选项D错误.
2.关于近代原子物理,下列说法正确的是（）
A.根据玻尔理论可知,一个氢原子从n=4能级向低能级跃迁最多可辐射6种频率的光子
B.放射性物质的半衰期受环境温度的影响
C.α粒子散射实验揭示了原子核是可分的
D.能量为30eV的光子照射到某一金属表面时从金属表面逸出的电子最大初动能为l5eV,为使该金属发生光电效应,入射光子的能量至少为15eV
【答案】D
【解析】
【详解】根据玻尔理论可知,一个氢原子从n=4能级向低能级跃迁最多可辐射3种频率的光子,选项A错误；放射性物质的半衰期由内部因素决定,不受环境温度的影响,选项B错误；卢瑟福通过α粒子散射实验建立了原子的核式结构理论,选项C错误；能量为30eV的光子照射到某一金属表面时从金属表面逸出的电子最大初动能为l5eV,则金属的逸出功为15eV,则为使该金属发生光电效应,入射光子的能量至少为15eV,选项D正确.
3.如图所示,图甲为质点a和b做直线运动的位移一时间图象,图乙为质点c和d做直线运的速度一时间图象,由图可知（）
A.若t1时刻a、b两质点第一次相遇,则t2时刻两质点第二次相遇
B.若t1时刻c、d两质点第一次相遇,则t2时刻两质点第二次相遇
C.t1到t2时间内,b和d两个质点的运动方向发生了改变
D.t1到t2时间内,a和d两个质点的速率先减小后增大
【答案】A
【解析】
【详解】在位移-时间图象中,两图线的交点表示两质点位置相同而相遇,由甲图可知,t1时刻a、b两质点第一次相遇,则t2时刻两质点第二次相遇,故A正确；t1到t2时间内,根据v-t图像的面积表示位移知c的位移大于d的位移,若t1时刻c、d两质点第一次相遇,则t2时刻两质点没有相遇。
故B错误；两质点中只有b运动方向改变,a、c、d质点的方向未发生改变,故C错误；根据x-t图象的斜率表示速度,知t1到t2时间内,a质点的速度不变。
由v-t图象知：
d的速率先减小后增大,故D错误。
4.半圆柱体P放在粗糙的水平地面上,其右端有放置的竖直挡板MN。
在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q,整个装置处于静止状态。
如图所示是这个装置的纵截面图。
若用外力使MN保持竖直并缓慢地向右移动,在Q落到地面以前,发现P始终保持静止。
在此过程中,下列说法中正确的是（）
A.P受到Q的弹力逐渐减小
B.P受到Q的弹力先增大后减小
C.P受到地面的摩擦力逐渐增大
D.P受到地面的摩擦力先增大后减小
【答案】C
【解析】
【详解】先对Q受力分析,受重力、P对Q的支持力和MN对Q的支持力,如图；
根据共点力平衡条件,有：
N2=mgtanθ；再对P、Q整体受力分析,受重力、地面支持力、MN挡板对其向左的支持力和地面对其向右的支持力,如图；根据共点力平衡条件,有：
f=N2；故有：
f=mgtanθ；MN保持竖直且缓慢地向右移动过程中,角θ不断变大,故f变大,N1变大；故选C。
5.有4个完全相同的灯泡连接在理想变压器的原、副线圈中电源输出电压u恒定不变,如图所示。
若将该线路与交流电源接通,且开关S接在位置1时,4个灯泡发光亮度相同；若将开关S接在位置2时,灯泡均未烧坏。
则下列可能的是（）
A.该变压器是降压变压器,原、副线圈匝数比为4：
1
B.该变压器是升压变压器,原、副线圈匝数比为1：
4
C.当接位置2时副线圈中的灯泡仍能发光,只是亮度变亮
D.当接位置2时副线圈中的灯泡仍能发光,只是亮度变暗
【答案】C
【解析】
【详解】四个灯泡亮度相同,所以原线圈电流与副线圈电流之比为1：
3,根据电流与匝数成反比知原副线圈的匝数比为3：
1,可知该变压器是降压变压器,故AB错误；接到2位置,原线圈输入电压变大,根据电压与匝数的关系可知副线圈电压变大,所以灯泡的电流变大,灯泡仍能发光,但亮度变大,故C正确,D错误。
6.图甲所示的“轨道康复者”航天器可在太空中给“垃圾”卫星补充能源,延长卫星的使用寿命。
图乙是“轨道康复者”在某次拯救一颗地球同步卫星前,二者在同一平面内沿相同绕行方向绕地球做匀速圆周运动的示意图,此时二者的连线通过地心、轨道半径之比为1：
4。
若不考虑卫星与“轨道康复者”之间的引力,则下列说法正确的是（）。
A.站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向西运动
B.在图示轨道上,“轨道康复者”的加速度大小是地球同步卫星的16倍
C.在图示轨道上,地球同步卫星的机械能大于“轨道康复者”的机械能
D.若要对该同步卫星实施拯救,“轨道康复者”应从图示轨道上加速,然后与同步卫星对接
【答案】BD
【解析】
【详解】因“轨道康复者”的高度低于同步卫星的高度,可知其角速度大于同步卫星的角速度,也大于站在赤道上的观察者的角速度,则站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向东运动,选项A错误；由
得：
在图示轨道上,“轨道康复者”与地球同步卫星加速度之比为
故B正确；因“轨道康复者”与地球同步卫星的质量关系不确定,则不能比较机械能的关系,选项C错误；“轨道康复者”应从图示轨道上加速后,轨道半径增大,与同步卫星轨道相交,则可进行对接,故D正确；
7.如图所示边长为2L的正方形虚线框内有垂直于纸面向里的匀强磁场磁感应强度大小为B。
一个边长为L粗细均匀的正方形导线框abcd,其所在平面与磁场方向垂直,导线框的对角线与虚线框的对角线在一条直线上,导线框总电阻为R。
在导线框从图示位置开始以恒定速度v沿对角线方向进入磁场,到整个导线框离开磁场区域的过程中,下列说法正确的是（）
A.导线框进入磁场区域时产生逆时针方向的感应电流
B.整个过程导线框中有感应电流的时间为
C.导线框的bd对角线有一半进入磁场时,整个导线框所受安培力大小为
D.整个过程通过线框某一横截面电荷量为
【答案】AC
【解析】
【详解】导线框进入磁场区域时磁通量增加,根据楞次定律判断得知产生逆时针方向的感应电流；故A正确。
当线框进入和离开磁场时磁通量变化,才有感应电流产生,所以有感应电流的时间为
故B错误。
导线框的bd对角线有一半进入磁场时,线框有效的切割长度为：
产生的感应电动势为：
E=Blv=
BLv,感应电流为：
整个导线框所受安培力大小为：
；选项C正确；线圈进入磁场的过程通过线框某一横截面电荷量为
出离磁场时通过线框某一横截面电荷量也为
则整个过程通过线框某一横截面电荷量为0,选项D错误.
8.真空中质量为m的带正电小球由A点无初速自由下落t秒,在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场,再经过t秒小球又回到A点。
小球电荷量不变且小球从未落地,重力加速度为g。
则
A.整个过程中小球电势能变化了
B.整个过程中小球速度增量的大小为
C.从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能变化了
D.从A点到最低点小球重力势能变化了
【答案】AB
【解析】
【详解】小球先做自由落体运动,后做匀减速运动,两个过程的位移大小相等、方向相反。
设电场强度大小为E,加电场后小球的加速度大小为a,取竖直向下方向为正方向,则由
又v=gt,解得a=3g,则小球回到A点时的速度为v′=v-at=-2gt；整个过程中小球速度增量的大小为△v=v′=-2gt,速度增量的大小为2gt。
由牛顿第二定律得
联立解得,qE=4mg,
故A正确；从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了
故C错误。
设从A点到最低点的高度为h,根据动能定理得
解得,
从A点到最低点小球重力势能减少了
．D错误。
二、非选择题
9.某同学用图甲所示的装置来探究功和动能变化的关系。
在木板上固定两个完全相同的遮光条A、B,遮光条的宽度为d。
用不可伸长的细线绕过定滑轮和动滑轮将木板与弹簧测力计C相连,木板放在安装有定滑轮和光电门的轨道D上,轨道放在水平桌面上,P为小桶（内有沙子）,滑轮的质量和摩擦不计,重力加速度为g。
（1）实验中轨道应倾斜一定角度,对此下列说法正确的是___________
A．为了释放木板后,木板在细线拉动下能匀速下滑
B．为了增大木板下滑的加速度,提高实验精度
C．使木板在未施加拉力时能匀速下滑
D．尽量保证细线拉力对木板做的功等于木板所受合力对木板做的功
（2）实验主要步骤如下：
①测量木板、遮光条的总质量M,测量两遮光条间的距离L；按甲图正确安装器材。
②将木板左端与轨道左端对齐,静止释放木板,木板在细线拉动下运动,记录弹簧测力计示数F及遮光条B、A先后经过光电门的遮光时间t1、t2。
则遮光条B、A通过光电门的过程中木板动能的变化量△Ek=___________,合外力对木板做功W=___________,（均用字母M、t1、t2、d、L、F表示）
③在小桶中增加沙子,重复②的操作。
④比较W、△Ek的大小,得出实验结论
【答案】
（1）.CD
（2）.
（3）.
【解析】
【详解】
（1）为了使绳子拉力充当合力,即细线拉力做的功等于合力对小车做的功应先平衡摩擦力,摩擦力平衡掉的检测标准即：
可使得小车在未施加拉力时做匀速直线运动,故CD正确；
（2）B通过遮光板时的速度：
；A通过遮光板时的速度：
；小车通过A、B过程中动能的变化量
拉力所做的功W=FL；
10.某物理兴趣小组的同学准备测量一个定值电阻的阻值,实验室提供了以下实验器材供选择,请你帮助该实验小组完成以下操作
A．待测电阻Rx：
阻值约为200Ω
B．电源E：
电动势为3.0V,内阻可忽略不计；
C．电流表A1：
量程为0~30mA,内电阻r1=20Ω；
D．电流表A2：
量程为0~50mA,内电阻r2约为8Ω
E．电压表V：
量程为0~15V,内电阻RV约为10kΩ；
F．定值电阻R0；阻值R0=80Ω；
G．滑动变阻器R1：
最大阻值为10Ω
H．滑动变阻器R2：
最大阻值为1000Ω
J．开关S,导线若干
（1）由于实验室提供的电压表量程太大,测量误差较大,所以实验小组的同学准备将电流表A1和定值电阻R0改装成电压表,则改装成的电压表的量程为___________V。
（2）为了尽可能减小实验误差,多测几组数据且便于操作,滑动变阻器应该选择___________（选填“G”或“H”）,请在右侧方框内已经给出的部分电路图中,选择恰当的连接点把电路连接完整___________。
（3）若某次测量中电流表A1的示数为I1,电流表A2的示数为I2,则Rx的表达式为Rx=___________。
【答案】
（1）.3.0V
（2）.G（3）.
（4）.
【解析】
【详解】
（1）因为电源电动势为E=3V,故改装成的电压表的量程应为3V；
（2）保证安全的前提下应选择最大阻值较小的滑动变阻器,故滑动变阻器选择G；电路连接如图；
（3）若某次测量中电流表A1
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