空间直线及其方程.docx
《空间直线及其方程.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《空间直线及其方程.docx(10页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
![空间直线及其方程.docx](https://file1.bdocx.com/fileroot1/2022-11/24/663aa9f8-7542-4822-8049-494932d57f35/663aa9f8-7542-4822-8049-494932d57f351.gif)
空间直线及其方程
空间直线及其方程
§8.4空间直线及其方程
ü直线的一般方程
ü直线的参数方程和对称方程
ü两直线的夹角
ü直线与平面的夹角
一、空间直线的一般方程
定义空间直线可看成两平面的交线.
Π1:
A1x+B1y+C1z+D1Π2:
A2x+B2y+C2z+D2A1x+B1y+C1z+D1=0A2x+B2y+C2z+D2=0
空间直线的一般方程y
注:
表示同一直线的一般方程不唯一。
确定空间直线的条件
•由两个平面确定一条直线;
•由空间的两点确定一条直线;
•由空间的一点和一个方向来确定一条直线。
二、空间直线的参数方程与对称式方程
r如果一非零向量sr一条已知直线L,向量s线L的方向向量.
设定点M0(x0,y0,z0)∈L,方向向量的定义:
y
r∀M(x,y,z)∈L,0//srs={m,n,p},M0={x−x0,y−y0,z−z0}则{x−x0,y−y0,z−z0}=t{m,n,p}
x=x0+mty=y0+nt
z=z+pt0
消去参数t,有直线的参数方程
x−xy−yz−z==直线的对称式方程mnp
直线的一组方向数
方向向量的余弦称为直线的方向余弦.
注:
1.表示同一直线的对称方程不唯一;
2.对称式方程可转化为一般方程;
x=x0,x−x0y−y0z−z03.==理解为:
y−y=z−z.0nppn
4.任一条直线均可表示为对称式方程.
设直线过两点M(x1,y1,z1),N(x2,y2,z2)
r则s={x2−x1,y2−y1,z2−z1}
x−x1y−y1z−z1直线的对称方程为:
==x2−x1y2−y1z2−z1
例1用对称式方程及参数方程表示直线
x+y+z+1=0.2x−y+3z+4=0
解在直线上任取一点(x0,y0,z0)
y0+z0+2=0取x0=1⇒,y0−3z0−6=0
解得y0=0,z0=−2
点坐标(1,0,−2),
因所求直线与两平面的法向量都垂直取rrrs=n1×n2={4,−1,−3},
x−1y−0z+2对称式方程==,4−1−3
x=1+4t.参数方程y=−t
z=−2−3t
例2一直线过点A(2,−3,4),且和y轴垂直相交,求其方程.
解因为直线和y轴垂直相交,
所以交点为B(0,−3,0),
r取s=={2,0,4},
x−2y+3z−4==.所求直线方程204
三、两直线的夹角
定义两直线的方向向量的夹角称之.(锐角)
x−x1y−y1z−z1直线L1:
==,p1m1n1x−x2y−y2z−z2直线L2:
==,m2n2p2
^cos(L,L)=12|mm+nn+pp|m1+n1+p1⋅m2+n2+p2
两直线的夹角公式222222
两直线的位置关系:
(1)L1⊥L2⇐⇒m1m2+n1n2+p1p2=0,m1n1p1
==,
(2)L1//L2⇐⇒
m2n2p2
r
例如,直线L1:
s1={1,−4,0},
r直线L2:
s2={0,0,1},
rrrrQs1⋅s2=0,∴s1⊥s2,即L1⊥L2.
x−4z=3
例3一直线L过点(-3,2,5),且和直线2x−y−5z=1平行,
求其方程.
vi
解rrr
Qs=n1×n2=1
vj0
vk
−4=−{4,3,1}
2−1−5
∴所求直线方程
v
方法2:
设s={m,n,p}
x+3y−2z−5
==.431
m−4p=0mnpvvvv
Qs⊥n1,s⊥n2∴⇒==
4312m−n−5p=0
v
取s={4,3,1}………
x+1y−1z
==例4一直线过点M0(2,1,3),且与直线L:
32−1
垂直相交,求其方程.
解
设所求直线为l,先求两直线的交点。
L
过点M0做平面垂直于直线L:
3x+2y-z=5
x=−1+3t
QL的参数方程:
y=1+2t代入平面方程
z=−t所以交点为M1(2/7,13/7,-3/7)
r
取s=kM01={2,−1,4}
x−2y−1z−3所求直线方程==.2−14
四、直线与平面的夹角
定义直线和它在平面上的投影直线的夹
角ϕπ
0≤ϕ≤.
2
x−x0y−y0z−z0
L:
==,
mnpΠ:
Ax+By+Cz+D=0,
r^rπ(s,n)=−ϕ
2
s={m,n,p},r
n={A,B,C},
r^rπ(s,n)=+ϕ
2
ππsinϕ=cos(−ϕ)=cos(+ϕ).22
sinϕ=
|Am+Bn+Cp|222222A+B+C⋅m+n+p
直线与平面的夹角公式
直线与平面的位置关系:
(1)L⊥Π⇐⇒
(2)L//Π⇐⇒
ABC==.mnp
Am+Bn+Cp=0.
x−1yz+1
例5设直线L:
==,平面
2−12
Π:
x−y+2z=3,求直线与平面的夹角.
rr解n={1,−1,2},s={2,−1,2},
sinϕ=
|Am+Bn+Cp|
222222A+B+C⋅m+n+p
7|1×2+(−1)×(−1)+2×2|=.=
3⋅∴ϕ=arcsin
73为所求夹角.
五、平面束
定义:
通过一条直线的全部平面组成的平面族称为平面束。
A1x+B1y+C1z+D1=0L:
A2x+B2y+C2z+D2=0则过直线L的全部平面组成的平面束为
λ1(A1x+B1y+C1z+D1)+λ2(A2x+B2y+C2z+D2)=0
λ1,λ2不同时为零。
λ1=1,则过直线L的面束为
(A1x+B1y+C1z+D1)+λ(A2x+B2y+C2z+D2)=0
x+5y+z=0
且与平面x−4y例6求过直线:
x−z+4=0,
π
−8z+12=0组成角的平面方程.
4
解过已知直线的平面束方程为
x+5y+z+λ(x−z+4)=0,
即(1+λ)x+5y+(1−λ)z+4λ=0,
r
其法向量n={1+λ,5,1−λ}.
r
又已知平面的法向量n={1,−4,−8}.
由题设知
rrπn⋅n1cos=4nn1
(1+λ)⋅1+5⋅(−4)+(1−λ)⋅(−8)=2
22222
+(−4)+(−8)(1+λ)+5+(1−λ)
λ−3即=,2
22λ+27
3
由此解得λ=−.
4
代回平面束方程为x+20y+7z−12=0.
y=2x
例7求过点M0(1,1,1)且与两直线L1:
z=x−1
y=3x−4L2:
都相交的直线L.
z=2x−1解
将两已知直线方程化为参数方程为x=tx=t
L1:
y=2t,L2:
y=3t−4
z=t−1z=2t−1
设所求直线L与L1,L2的交点分别为A(t1,2t1,t1−1)和B(t2,3t2−4,2t2−1).
QM0(1,1,1)与A,B三点共线,故M0=λM0(λ为实数).
于是M0,M0对应坐标成比例,即有
t−12t−1(t−1)−1
==,t2−1(3t2−4)−1(2t2−1)−1
解之得t1=0,t2=0,∴A(0,0,−1),B(2,2,3)Q点M0(1,1,1)和B(2,2,3)同在直线L上,
故L的方程为x−1=y−1=z−1.
1
1
2
六、点到直线的距离及异面直线间的距离
r
直线过P1,直线的方向向量s,直线外一点P0计算点p0到直线的距离d。
rrs×P1P0=sd
⇒d=s
P1
P
rrrr
v=21⋅(s1×s2)=s1×s2d
rrPP⋅(s×s)
⇒d=s1×s2
另法:
做一法向量
异面直线间的距离
P2
L2
vvvn=s1×s2
过直线L1做平面π,则法向量为
vvvn=s1×s2
故平面π∥直线L2,点P2到平面π的距离就是d.
x+y−z−1=0
例8证明直线L1:
L2
2x+y−z−2=0异面,并求其间最短距离。
x+2y−z−2=0:
x+2y+2z+4=0
r证:
Qs1=11−1={0,−1,−1},P1(1,1,1)
21−1
rrijkr
0,−2)s2=12−1={6,−3,0},P(20,
122
rirjrk
vv
{1,1,3}⋅{1,2,−2}P⋅(s×s)
∴d===1.3s1×s2
x−1yz−1
==例9求直线在平面π:
11−1
上的投影直线L1的方程。
x−y+2z−1=0
解L的方向向量为,π经过L且垂直于π的平面π1的法线向量为vvvijk
vvv
n1=s×n=11−1={1,−3,−2}
1−1
2
又因为π1经过L,故经过L上的点(1,0,1),所以π1:
(x−1)−3(y−0)−2(z−1)=0,
即x−3y−2z+1=0
x−y+2z−1=0,∴L1的方程:
x−3y−2z+1=0.
r
解:
L的方向向量s={2,1,0}×{1,0,1}={1,−2,−1}
x−3z−1例10求直线L1:
=y=与直线
20
x+1y−2L2==z的公垂线方程。
10
L与L1确定一平面∏1,r
n1={1,−2,−1}×{2,1,0}={1,−2,5}
L与L2确定一平面∏2,r
n2={1,−2,−1}×{1,0,1}={−2,−2,2}
L1
L
L2
∴∏1:
(x−3)−2y+5(z−1)=0∏2:
(x+1)+(y−2)−z=0
x−2y+5z−8=0⇒公垂线:
x+y−z−1=0
思考题
x−4yz−2
在直线方程==中,m、
2mn6+p
n、p各怎样取值时,直线与坐标面xoy、
yoz都平行.
思考题解答
rrr
s={2m,n,6+p},且有s≠0.
rrrr
s⋅i=0,Qs⋅k=0,
6+p=0∴p=−6,m=0,⇒
2m=0rr
Qs≠0,∴n≠0,
故当m=0,n≠0,p=−6时结论成立.
练习一、填空题
x=1x+1y+2z−1
==1.与两直线y=−1+t及121z=2+t
都平行,且过原点的平面
[注]所求平面的法线向量n和两直线的方向中向量都垂直,故n={1,-1,1}
x−y+z=0
x=−t+2
2.过点M(1,2,-1)且与直线
y=3t−4z=t−1
垂直的平面方程是————。
x−3y−z+4=0
[注]已知直线的方向向量s={-1,3,1},所求平面的法线向量n//s,故取n=s建立点法式方程即可。
3.已知两条直线的方程是
x−1y−2z−3x+2y−1zL1:
==,L2:
==10−1211
则过L1且平行于L2的平面方程是——————
[注]所求平面的法线向量n={1,0,-1}×{2,1,1}={1,-3,1}
x−3y+z+2=0
过L1的平面束为:
y−2+λ(x+z−4)=0
−1∴{λ,1,λ}⋅{2,1,1}=0⇒λ=3
4.设一平面经过原点及点(6,-3,2),且与平面4x-y+2z=8垂直,则此平面方程为——————
[注]所求平面的法线向量n⊥{4,−1,2},n⊥{6,−3,2},取n={2,2,-3}2x+2y−3z=0
二、选择题
1.设有直线x−1y−5z+8L1:
==1−21与x−y=6L2:
2y+z=3则L1与L2的夹角为
π(D)2
[注]L1和L2的方向向量分别为s1={1,−2,1}和s2={−1,−1,2},
1πcosθ=s1⋅s2/|s1||s2|=,θ=23π(A)6ππ(B)(C)43
x+3y+2z+1=02.设有直线L:
2x−y−10z+3
及平面π:
4x−2y+z−2=0,则直线L(C)
(A)平行于π(B)在π上(C)垂直于π(D)与π相交
[注]L的方向向量和π的法线向量平行。