辽宁省大连市普兰店市届高三物理上学期期中试题.docx
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辽宁省大连市普兰店市届高三物理上学期期中试题
辽宁省大连市普兰店市2018届高三物理上学期期中试题
评卷人
得分
一、选择题本大题共4道小题。
1.
（多选题）在某一高度处将A球以大小为v1的初速度水平抛出．同时在A球正下方地面处将B球以大小为v2的初速度斜向上抛出．结果在B球上升至最高点时两球恰在空中相遇，相遇时两球的速度大小分别为vA、vB，不计空气阻力．则（ ）
A．v1＞v2B．v1＜v2C．vA＞vBD．vA＜vB
2.
（多选题）两异种点电荷A、B附近的电场线分布如图所示，P为电场中的一点，已知P点的电势为φ，电荷A产生的电场在P点的场强大小为EA，电荷B产生的电场在P点的场强大小为EB．取无穷远处的电势为零．下列说法中正确的有（ ）
A．A、B所带电荷量不等
B．P点的场强大小为EA+EB
C．A、B连线上有一个电势为零的点
D．将电荷为+q的点电荷从P点移到无穷远处，电场力做的功为qφ
3.
（多选题）如图所示，水平转台上有一个质量为m的小物块．用长为L的轻细绳将物块连接在通过转台中心的转轴上．细绳与竖直转轴的夹角为θ，系统静止时细绳绷直但张力为零．物块与转台间动摩擦因数为μ（μ＜tanθ），设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．当物块随转台由静止开始缓慢加速转动且未离开转台的过程中（ ）
A．物块受转台的静摩擦力方向始终指向转轴
B．至绳中出现拉力时，转台对物块做的功为μmgLsin
C．物块能在转台上随转台一起转动的最大角速度为
D．细绳对物块拉力的瞬时功率始终为零
4.
2016年9月15日．“天宫二号”空间实验室发射升空，10月17日7时30分，“神舟11号”飞船载着两名宇航员飞向太空．并于10月19日凌晨与“天宫二号”交会对接，交会时“天宫二号”在前，“神舟11号”在后．如图是交会对接时的示意图．则该过程中（ ）
A．宇航员看“天宫二号”是向后运动的
B．飞船应该从低轨道加速追上“天宫二号”
C．飞船应该直接发射到“天宫二号”运行的轨道上，然后慢慢加速追上并对接
D．对接过程中，飞船对“天宫二号”的作用力大于“天宫二号”对飞船的作用力
评卷人
得分
一、实验题本大题共2道小题。
5.
为测量某金属丝的电阻率，小明同学取来一段粗细均匀、长为L0的金属丝进行实验．
（1）用蜾旋测微器测金属丝的直径d，读数如图甲所示．则d= mm．
（2）用一电阻档有三个倍率（分别是×1、×10、×100）的多用电表粗测其电阻．选用×10档测量某电阻时．操作步驟正确，发现表头指针偏转角度很大，为了较准确地进行测量，应换到 档．重新正确操作后，表盘的示数如图乙所示，其读数为 Ω．
（3）进一步准确测量金属丝的电阻，实验室提供的器材有：
A．直流电源E（电动势4V，内阻不计）；B．电流表A1（量程0～0.6A，内阻约1Ω）；C．电流表A2（量程0～150mA，内阻约2Ω）；D．电压表V（量程0～3V，内阻约10kΩ）：
E．滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）；F．滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）；G．待测电阻丝Rx，开关、导线若干．
①实验中，小明设计了如图丙所示的电路，其中电流表应选用 ，滑动变阻器应选用 ．实验时，开关S2应接 （选垓“1”成“2”）．
②请用笔画线代替导线在图丁中完成实物电路连接（部分连线已画出）．
③若实验中测得该金属丝的电阻为R0，则计算这种电阻丝材料电阻率的表达式为ρ= （用题中给定的物理量符号和已知常数表示）．
6.
某实验小组用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律．
（1）实验中得到的一条纸带如图乙所示，第一个打点标记为O，选择点迹清晰且便于测量的连续6个点．分别标为1、2…6，测出各点到O点的距离分別为d1、d2…d6，己知打点频率为f，则打点2时小车的速度为 ；若钩码的质量为m，己知当地重力加速度为g，则验证第2点与点间重锤的机械能守恒的关系表达式可表示为 ．
（2）已知打点频率f=50Hz，如果发现纸带上第一个和第二个打点间的距离大约是5mm，出现这种情况可能的原因是 ．
A．重锤的质量过大
B．电源电压偏大
C．打点计时器没有竖直固定
D．先释放纸带后接通打点计时器
（3）请你提出一条减小实验误差的改进建议．
评卷人
得分
二、计算题本大题共1道小题。
7.
如图所示，质量M=2.0kg的薄木板静止在水平桌面上，薄木板上放有质量m=1.0kg的小铁块（可视为质点），它离木板左端的距离为L=0.25m，铁块与木板间的动摩擦因数为μ=0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现用一水平向右的拉力作用在木板上，使木板和铁块由静止开始运动，g取10m/s2．
（1）若桌面光滑，拉力大小恒为F1=4.8N，求小铁块运动的加速度大小；
（2）若木板以4.0m/s2的加速度从铁块下抽出，求抽出过程所经历的时间t；
（3）若桌面与薄木板间的动摩擦因数也为μ，则拉力F2的大小满足什么条件才能将木板从铁块下抽出？
试卷答案
1.BC
【考点】平抛运动．
【分析】A球做平抛运动，B球做斜抛运动，将两运动分解为水平方向和竖直方向进行研究．抓住相同时间内水平位移相等，比较出初速度的大小．
【解答】解：
AB、A球做平抛运动，B球做斜抛运动，水平方向都做匀速直线运动．
因为两球在空中相遇，知水平位移相等，由x=vxt知，水平分速度相等，有v1=v2cosθ，θ是B球的初速度与水平的夹角，则得v1＜v2．故A错误，B正确．
CD、相遇时，A球的速度大小为vA=
在B球上升至最高点时，vB=v2cosθ=v1．可得，vA＞vB．故C正确，D错误．
故选：
BC
2.ACD
【考点】电势差与电场强度的关系；电势；电势能．
【分析】根据电场线的分布图，利用对称性比较A、B所带的电荷量大小；由电场的叠加原理求电荷B在P点的场强；沿电场线方向电势逐渐降低，根据正电荷周围电势为正，负电荷周围的电势为负，确定电势为零的位置；由电场力公式W=qU求电场力做功．
【解答】解：
A、根据等量异种点电荷的电场线分布图具有对称性，而该图左右不对称，知A、B所带的电荷量不相等，故A正确；
B、P点的场强是点电荷A、B在P点产生的合场强；根据平行四边形定则可以得出P点的场强，可知P点的场强小于EA+EB，故B错误．
C、如果取无穷远处的电势为0，正电荷附近的电势高于0，负电荷附近低于0，所以其A、B连线上有电势为0，故C正确；
D、根据W=q（φ﹣0）=qφ知，电场力做功为qφ，故D正确．
故选：
ACD．
3.CD
【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速．
【分析】对物体受力分析知物块离开圆盘前合力F=f+Tsinθ=
；N+Tcosθ=mg，根据动能定理知W=Ek=
然后根据临界条件分析做功和势能变化．
【解答】解：
A、由题可知，物体做加速圆周运动，所以开始时物体受到的摩擦力必定有一部分的分力沿轨迹的切线方向．故A错误；
B、对物体受力分析知物块离开圆盘前，沿轴线方向的合力：
F=f+Tsinθ=
①
N+Tcosθ=mg②
根据动能定理知W=Ek=
③
当弹力T=0，r=Lsinθ④
由①②③④解得W=
fLsinθ≤
至绳中出现拉力时，转台对物块做的功为
μmgLsinθ，故B错误；
C、当N=0，f=0，由①②知ω0=
，所以当物块的角速度增大到
时，物块与转台间恰好无相互作用，故C正确；
D、有几何关系可知，物体在做圆周运动的过程中受到的绳子的拉力方向与物体运动的方向始终垂直，所以细绳对物块拉力的瞬时功率始终为零．故D正确；
故选：
CD
4.B
【考点】万有引力定律及其应用．
【分析】飞船绕着地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，在同一轨道线速度、角速度均相等，加速后会做离心运动；卫星离地面越近的轨道运动对应的环绕速度越大．
【解答】解：
A、交会对接时“神舟11号”飞船与“天宫二号”相对静止，即宇航员看“天宫二号”是静止不动的，故A错误；
BC、同一个轨道飞船的角速度相等，离地面越近飞船的角速度越大，故飞船应该从低轨道加速追上“天宫二号”，故B正确，C错误；
D、飞船对“天宫二号”的作用力与“天宫二号”对飞船的作用力是相互作用力，大小总是相等，故D错误；
故选：
B
5.
解：
螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为18.0×0.01mm=0.180mm，所以最终读数为0.5mm+0.180mm=0.680mm．
（2）用×10档测量某电阻时，表头指针偏转角度很大，说明所选挡位太大，为了较准确地进行测量，应换到×1档．
由图示表盘可知，则该电阻的阻值是：
R=22×1=22Ω；
（3）①通过电阻丝的最大电流
，所以电流表选择量程150mA的电流表C；
滑动变阻器应采用分压式接法，选择小电阻，便于调节；
临界电阻
，选择电流表外接法，所以开关
应接1
②实物电路如图所示：
③根据电阻定律
，
联立得
故答案为：
（1）0.680；
（2）×1，22；（3）①C，E，1；②如图所示；③
【考点】测定金属的电阻率．
【分析】
（1）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．
（2）用欧姆表测电阻，应选择适当的档位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数．
（3）①计算出电阻丝的最大电流，从而确定电流表量程；滑动变阻器采用分压式接法，这样便于调节，误差小；滑动变阻器采用分压式接法，伏安法测电阻用安培表外接法；
②根据电路图连接实物电路图．
③根据电阻定律求电阻率
6.
（1）
，mg（d5﹣d2）=
（M+m）（v52﹣v22）；
（2）D；（3）换用阻力较小的电火花式的打点计时器，或选用质量较大的重物；
【考点】验证机械能守恒定律．
【分析】
（1）由匀变速直线运动平均速度等于中间时刻的瞬时速度可算2点速度，根据重力势能等于增加的动能验证机械能守恒．
（2）明确自由落体规律，知道正常自由落体的物体前两点的距离应为2mm左右；
（3）明确误差原因，知道本实验中应尽量减小阻力的作用．
【解答】解：
（1）匀变速直线运动平均速度等于中间时刻的瞬时速度可算2点速度，
即第点2的瞬时速度等于13间的平均速度v2=
，
把钩码和小车看成系统
系统减小的势能即为钩码减小的重力势能△Ep=mg（d5﹣d1）
系统增加的动能为小车和钩码增加的动能△Ek=
（M+m）v52﹣
（M+m）v12
验证点2与点5间系统的机械能是否守恒，就是验证△Ep=△Ek，即mg（d5﹣d2）=
（M+m）（v52﹣v22）
（2）打点的同时纸带开始下落，则1、2两点间的距离接近2mm，如果1、2两点间的距离为5mm，这是由于先释放纸带后解题电源造成的，故选D．
（3）为了减小实验阻力，可换用阻力较小的电火花式的打点计时器，或选用质量较大的重物；
故答案为：
（1）
，mg（d5﹣d2）=
（M+m）（v52﹣v22）；
（2）D；（3）换用阻力较小的电火花式的打点计时器，或选用质量较大的重物；
7.
解：
（1）小铁块的最大静摩擦力
小铁块最大加速度
假设小铁块相对木板静止，根据牛顿第二定律
所以小铁块不会相对长木板滑动，小铁块运动的加速度大小
（2）木板和铁块发生相对运动，对小铁块，根据牛顿第二定律，有
解得：
根据位移关系：
代入数据：
解得：
t=0.5s
（3）对木板：
木板从铁块下抽出条件
即：
解得：
答：
（1）若桌面光滑，拉力大小恒为F1=4.8N，求小铁块运动的加速度大小；
（2）若木板以4.0m/s2的加速度从铁块下抽出，求抽出过程所经历的时间t；
（3）若桌面与薄木板间的动摩擦因数也为μ，则拉力F2的大小满足条件
才能将木板从铁块下抽出
【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．
【分析】
（1）对整体根据牛顿第二定律求出小铁块运动的加速度大小；
（2）木板从铁块下面抽出位移满足条件
，代入即可求出t
（3）对木板和小铁板整体，据牛顿第二定律求出木板和小铁块的加速度，发生相对滑动的条件是
，发生相对滑动时F应满足的条件
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