四川省遂宁市射洪中学学年高一下学期期末物.docx

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四川省遂宁市射洪中学学年高一下学期期末物

2016-2017学年四川省遂宁市射洪中学高一（下）期末物理模拟试卷

一、单项选择题（每题只有一个选项符合题意，每题3分，共30分）

1．下列关于物理学史实的描述不正确的是（　　）

A．中子是英国物理学家查德威克发现的，并因此于1935年获得了诺贝尔物理学奖

B．1847年德国物理学家亥姆霍兹在理论上概括和总结了自然界中最重要、最普遍的规律之一﹣﹣﹣﹣能量守恒定律

C．我国宋朝发明的火箭是现代火箭的鼻祖，与现代火箭原理相同，但现代火箭结构复杂，其所能达到的最大速度主要取决于向后喷气速度和质量比

D．经典力学有一定的局限性，仅适用于微观粒子和低速运动、弱引力场作用的物体

2．如图所示的塔吊臂上有一可以沿水平方向运动的小车A，小车下装有吊着物体B的吊钩，在小车A与物体B以相同的水平速度沿吊臂方向匀速运动的同时，吊钩将物体B向上吊起，A、B之间的距离d符合d=H﹣2t2（SI））的规律变化，（SI表示国际单位制，式中H为吊臂离地面的高度）则物体的运动是（　　）

A．匀变速曲线运动B．速度大小不变的曲线运动

C．匀加速直线运动D．匀速直线运动

3．如图是地球的四颗不同的卫星，它们均做匀速圆周运动．以下说法正确的是（　　）

A．近地卫星的周期可以大于24小时

B．同步卫星可以和月亮一样高

C．四颗卫星的轨道平面必过地心

D．理论上极地卫星一定和同步卫星一样高

4．质量是5kg的小球以5m/s的速度竖直落到地板上，随后以3m/s的速度反向弹回，若取竖直向下的方向为正方向，且小球与地板的作用时间为0.1s，不计空气阻力，g=10m/s2，则小球对地板的平均作用力为（　　）

A．150N，竖直向下B．450N，竖直向下

C．90N，竖直向上D．130N，竖直向上

5．如图，战机在斜坡上进行投弹演练．战机水平匀速飞行，每隔相等时间释放一颗炸弹，第一颗落在a点，第二颗落在b点．斜坡上c、d两点与a、b共线，且ab=bc=cd，不计空气阻力，第三颗炸弹将落在（　　）

A．bc之间B．c点C．cd之间D．d点

6．如图所示，横截面为直角三角形的两个相同斜面紧靠在一起，固定在水平面上，如图所示．它们的竖直边长都是底边长的一半．现有三个质量相同的小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右平抛，最后落在斜面上．其落点分别是a、b、c．下列判断正确的是（　　）

A．图中三小球比较，落在a点的小球飞行时间最短

B．图中三小球比较，落在a点的小球飞行过程速度变化最大

C．图中三小球比较，落在c点的小球飞行过程速度变化最快

D．图中三小球比较，落斜面上时落在c点小球的重力功率最大

7．甲、乙两名滑冰运动员，M甲=60kg，M乙=40kg，面对面拉着弹簧测力计做圆周运动进行滑冰表演，如图所示．两人相距0.8m，弹簧测力计的示数为9.2N，下列判断中正确的是（　　）

A．两人的运动半径不同，甲为0.32m，乙为0.48m

B．两人的运动半径相同，都是0.45m

C．两人的线速度相同，约为40m/s

D．两人的角速度相同，约为6rad/s

8．如图所示，光滑水平面OB与足够长的粗糙斜面BC相接于B点，O端有一竖直墙面，一轻弹簧左端固定于竖直墙面，现用质量为m1的滑块压缩弹簧至D点，然后由静止释放，滑块脱离弹簧后经B点滑上斜面，上升到最大高度，并静止在斜面上，不计滑块在B点的机械能损失．若换用相同材料、相同粗糙程度、质量为m2（m2＞m1）的滑块压缩弹簧至同一点D后，重复上述过程，下列说法正确的是（　　）

A．两滑块到达B点的速度相同

B．两滑块沿斜面上升的最大高度相同

C．两滑块上升到最高点的过程中克服重力做功相同

D．m2上升到最高点的后会滑下来

9．为了测定子弹的飞行速度，在一根水平放置的轴杆上固定两个薄圆盘A、B，A、B平行相距2m，轴杆的转速为4800r/min，子弹穿过两盘留下两弹孔a、b，测得两弹孔半径夹角是60°，如图所示．则该子弹的速度大小是（　　）

A．360m/sB．720m/sC．108m/sD．960m/s

10．如图是一种升降电梯的示意图，A为载人箱，B为平衡重物，它们的质量均为M，上下均由跨过滑轮的钢索系住，在电动机的牵引下电梯上下运动．如果电梯中载人的总质量为m，匀速上升的速度为v，电梯即将到顶层前关闭电动机，依靠惯性上升h高度后停止，在不计空气阻力和摩擦阻力的情况下，h为（　　）

A．

B．

C．

D．

二、不定项选择题（每题有多个选项符合题意，全部选对得4分，部分对得2分，有错或不选给0分，共16分）

11．质量为M的长木板放在光滑的水平面上，一可视为质点的质量为m的滑块以某一水平速度沿木板表面从A点滑到B点，在板上前进了L，而木板前进了s，如图所示，若滑块与木板间的动摩擦因数为μ，则（　　）

A．摩擦力对滑块做负功为μmgL

B．摩擦力对木板做正功为μMgs

C．系统产生的热量为μmgL

D．M、m组成的系统在此过程中动量守恒

12．如图所示，同步卫星与地心的距离为r，运行速率为v1，向心加速度为a1；地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a2，第一宇宙速度为v2，地球半径为R，则下列比值正确的是（　　）

A．

B．

=（

）2C．

D．

13．如图所示，一水平方向足够长的传送带以恒定的速度v1沿顺时针方向运动，传送带右端有一与传送带等高的光滑水平面，物体以速率v2沿直线向左滑上传送带后，经过一段时间又返回光滑水平面上，这时速率为v′2，则下列说法正确的是（　　）

A．若v1＜v2，则v′2=v1B．若v1＞v2，则v′2=v2

C．不管v2多大，总有v′2=v2D．只有v1=v2时，才有v′2=v1

14．质量为2kg的物体，放在动摩擦因数μ=0.1的水平面上，在水平拉力的作用下由静止开始运动，水平拉力做的功W和物体发生的位移L之间的关系如图所示，重力加速度g取10m/s2，则此物体（　　）

A．在位移L=3m时的动能是15J

B．在位移L=9m时的速度是3m/s

C．在OA段运动的加速度是1.5m/s2

D．在AB段物体运动的加速度是1.0m/s2

三、实验题（6分+8分=14分）

15．某探究学习小组的同学欲验证“动能定理”，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，另外他们还找到了打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、纸带、小木块、细沙．当滑块连接上纸带，用细线通过滑轮挂上空的小沙桶时，释放小桶，滑块处于静止状态．若你是小组中的一位成员，要完成该项实验，则：

（1）你认为还需要的实验器材有　　和　　．

（2）实验时为了保证滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等，沙和沙桶的总质量应满足的实验条件是　　，实验时首先要做的步骤是　　．

16．某同学用如图所示装置通过半径相同的A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律．实验时先使A球从斜槽上某一固定位置G由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹．重复上述操作10次，得到10个落点痕迹．再把B球放在水平槽的末端，让A球仍从位置G由静止开始滚下，和B球碰撞后，A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹．重复这种操作10次，得到了如图所示的三个落地处．

（1）应该用什么方法找出落地点的平均位置　　

A、记下每次落点到O的距离，然后取平均值；

B、选择其中一次认为比较准确的落点，量出该点到O的距离；

C、多做几次实验，用尽可能小的圆把所有的落点都圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置

D、为了避免误差过大，只需做一次碰撞，找到其落点位置，就可以了．

（2）已知mA：

mB=2：

1，碰撞过程中动量守恒，则由图可以判断出Q是碰后　　球的落地点，P'是碰后　　球的落地点．（填“A”或“B”）

（3）用题中字母写出动量守恒定律的表达式：

　　．

四、计算题（8分+8分+9分+15分=40分，要求写出重要的公式和解题步骤以及必要的文字说明）

17．质量为m的卫星离地面R0处做匀速圆周运动．设地球的半径也为R0，地面的重力加速度为g，引力常数G，求：

（1）地球的质量；

（2）卫星的线速度大小．

18．某种型号的轿车，其部分配置参数如下表所示．若该轿车行驶过程中所受摩擦阻力大小始终不变．求：

净重（kg）

1540

水平直线路面最高车速（km/h）

216

额定功率（kW）

120

（1）若轿车在水平直线路面上以最高车速匀速行驶时，发动机功率是额定功率，此时牵引力多大？

（2）在某次官方测试中，一位质量m=60kg的驾驶员驾驶该轿车，在上述水平直线路面上以额定功率将车速由零提高到108km/h，用时9s，则该车在此加速过程中行驶的距离为多少？

19．如图所示，BC为半径R=2.5m的

圆弧，AB为光滑水平轨道，两轨道在B处相切连接；AB轨道上的滑块P通过不伸长的轻绳与套在竖直光滑细杆的滑块Q连接；开始时，P在A处，Q在与A同一水平面上的E处，且绳子刚好伸直处于水平，固定的小滑轮在D处，DE=3m不计滑轮与绳子间的摩擦和空气阻力，现把Q从静止释放，当下落h=3m时，P恰好到达圆弧轨道的B，且对B无压力．取g=10m/s2．试求：

（1）在P到达B处时，P的速度大小；

（2）在P到达B处时，Q的速度大小；

（3）滑块P、Q的质量之比，即

=？

20．如图所示，在竖直方向上A、B两物体通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，A放在水平地面上；B、C两物体通过细绳绕过轻质定滑轮相连，C放在固定的光滑斜面上．用手拿住C，使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证ab段的细线竖直、cd段的细线与斜面平行．已知A、B的质量均为m，C的质量为4m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态．释放C后它沿斜面下滑，A刚离开地面时，B获得最大速度，求：

（1）从释放C到物体A刚离开地面时，物体C沿斜面下滑的距离．

（2）斜面倾角α．

（3）B的最大速度vBm．

2016-2017学年四川省遂宁市射洪中学高一（下）期末物理模拟试卷

参考答案与试题解析

一、单项选择题（每题只有一个选项符合题意，每题3分，共30分）

1．下列关于物理学史实的描述不正确的是（　　）

A．中子是英国物理学家查德威克发现的，并因此于1935年获得了诺贝尔物理学奖

B．1847年德国物理学家亥姆霍兹在理论上概括和总结了自然界中最重要、最普遍的规律之一﹣﹣﹣﹣能量守恒定律

C．我国宋朝发明的火箭是现代火箭的鼻祖，与现代火箭原理相同，但现代火箭结构复杂，其所能达到的最大速度主要取决于向后喷气速度和质量比

D．经典力学有一定的局限性，仅适用于微观粒子和低速运动、弱引力场作用的物体

【考点】53：

动量守恒定律；1U：

物理学史．

【分析】明确有关原子物理和能量守恒定律的发现历程；能用动量守恒定律分析火箭原理；明确经典力学理论只适用于低速运动的宏观物体，微观粒子、高速运动物体都不适用．

【解答】解：

A、查德威克在α粒子轰击铍核时实现了人工转变发现了中子，并于1935年获得诺贝尔物理奖，故A正确．

B、1847年德国物理学家亥姆霍兹在理论上概括和总结了自然界中最重要、最普遍的规律之一﹣﹣﹣﹣能量守恒定律，故B正确；

C、设喷气速度为v，气体质量为m，火箭质量为M，则根据动量守恒定律有：

mv=Mv'，解得：

v'=

v，故影响火箭速度大小的因素是喷气速度和质量比，故C正确；

D、经典力学理论只适用于宏观的、低速运动的物体，微观粒子、高速运动物体都不适用，故D错误．

本题选错误的，故选：

D．

A．匀变速曲线运动B．速度大小不变的曲线运动

C．匀加速直线运动D．匀速直线运动

【考点】44：

运动的合成和分解．

【分析】物体B水平方向做匀速运动，竖直方向做匀加速直线运动，根据题意d=H﹣2t2，结合位移时间关系公式，可以得出加速度的大小；合运动与分运动的速度、加速度都遵循平行四边形定则，由于合速度大小和方向都变化，得出物体的运动特点和合加速度的情况．

【解答】解：

物体B参加了两个分运动，水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀加速直线运动；

对于竖直分运动，结合位移﹣时间关系公式x=v0t+

at2，可得到

d=H﹣x=H﹣（v0yt+

at2）①

又根据题意

d=H﹣2t2②

可以得对比①②两式可得出竖直分运动的加速度的大小为：

ay=4m/s2

竖直分运动的初速度为：

v0y=0

故竖直分速度为：

vy=4t

物体的水平分速度不变

合运动的速度为竖直分速度与水平分速度的合速度，遵循平行四边形定则，故合速度的方向不断变化，物体一定做曲线运动，合速度的大小v=

，故合速度的大小也一定不断变大；

水平分加速度等于零，故合加速度等于竖直分运动的加速度，因而合加速度的大小和方向都不变，物体B做匀变速曲线运动．故A正确，BCD错误；

故选：

3．如图是地球的四颗不同的卫星，它们均做匀速圆周运动．以下说法正确的是（　　）

A．近地卫星的周期可以大于24小时

B．同步卫星可以和月亮一样高

C．四颗卫星的轨道平面必过地心

D．理论上极地卫星一定和同步卫星一样高

【考点】4H：

人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；4F：

万有引力定律及其应用．

【分析】万有引力充当向心力，所以四颗卫星的轨道平面必过地心，同步卫星的周期是24小时，月亮的周期是27天．

【解答】解：

A、同步卫星的周期是24小时，近地卫星的周期小于24小时，故A错误；

B、月亮的周期是27天，同步卫星周期是24小时，轨道高度不同，故B错误；

C、由于万有引力充当向心力，所以四颗卫星的轨道平面必过地心，故C正确；

D、理论上极地卫星可以和同步卫星一样高，但不是一定和同步卫星一样高，故D错误

故选：

A．150N，竖直向下B．450N，竖直向下

C．90N，竖直向上D．130N，竖直向上

【考点】52：

动量定理．

【分析】根据初末速度，得出动量的变化量，结合动量定理求出小球对地板的平均作用力．

【解答】解：

规定向上为正方向，对小球，运用动量定理得：

（F﹣mg）t=mv2﹣mv1，

即为：

（F﹣50）×0.1=5×3+5×5

解得：

F=450N，方向向上，

根据牛顿第三定律知，小球对地板的作用力为450N，方向竖直向下，故B正确，ACD错误．

故选：

B．

A．bc之间B．c点C．cd之间D．d点

【考点】43：

平抛运动．

【分析】飞机与炮弹的水平速度相同，则落点在飞机的正下方，据水平向与竖直向的位移关系画图分析，确定落点．

【解答】解：

如图：

假设第二颗炸弹经过Ab，第三颗经过PQ（Q点是轨迹与斜面的交点）；则a，A，B，P，C在同一水平线上，

由题意可知，设aA=AP=x0，ab=bc=L，斜面倾角为θ，三颗炸弹到达a所在水平面的竖直速度为vy，水平速度为v0，

对第二颗炸弹：

水平向：

x1=Lcosθ﹣x0=v0t1

竖直向：

y1=vyt1+

若第三颗炸弹的轨迹经过cC，

则对第三颗炸弹，水平向：

x2=2Lcosθ﹣2x0=v0t2

竖直向：

解得：

t2=2t1，y2＞2y1，所以第三颗炸弹的轨迹不经过c，则第三颗炸弹将落在bc之间，故A正确；

故选：

A．

A．图中三小球比较，落在a点的小球飞行时间最短

B．图中三小球比较，落在a点的小球飞行过程速度变化最大

C．图中三小球比较，落在c点的小球飞行过程速度变化最快

D．图中三小球比较，落斜面上时落在c点小球的重力功率最大

【考点】63：

功率、平均功率和瞬时功率；43：

平抛运动．

【分析】三个小球做的都是平抛运动，平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，物体的运动的时间是由竖直方向上下落的高度决定的．可列式进行分析

【解答】解：

AC、根据h=

gt2得t=

知平抛运动的时间由高度决定，落在a点的小球下落的高度最大，则飞行时间最长，由速度变化量△v=gt，可知落在a点的小球飞行过程速度变化最大，故A错误，B正确．

C、三个小球均做平抛运动，加速度都是g，相同，则速度变化快慢一样，故C错误．

D、重力的瞬时功率P=mgvy，由vy=gt可知a的速度最大，故瞬时功率最大，故D错误．

故选：

A．两人的运动半径不同，甲为0.32m，乙为0.48m

B．两人的运动半径相同，都是0.45m

C．两人的线速度相同，约为40m/s

D．两人的角速度相同，约为6rad/s

【考点】4A：

向心力；48：

线速度、角速度和周期、转速．

【分析】分析甲、乙两名运动员，弹簧秤对各自的拉力提供向心力．

根据牛顿第二定律和向心力公式求解．

【解答】解：

AB、弹簧秤对甲、乙两名运动员的拉力提供向心力，根据牛顿第二定律得：

M甲R甲ω甲2=M乙R乙ω乙2=9.2N

由于甲、乙两名运动员面对面拉着弹簧秤做圆周运动的溜冰表演，所以ω甲=ω乙

．则R甲=0.32m，R乙=0.48m．故A正确，B错误

C、由于v=Rω，知两人的线速度不等，故C错误．

D、根据F=M甲R甲ω甲2

解得：

ω甲=rad/s．故D错误．

故选：

A．两滑块到达B点的速度相同

B．两滑块沿斜面上升的最大高度相同

C．两滑块上升到最高点的过程中克服重力做功相同

D．m2上升到最高点的后会滑下来

【考点】66：

动能定理的应用．

【分析】从释放弹簧到物体上升到斜面上最大高度的过程，先是弹性势能转化为动能，冲上斜面运动过程机械能损失变为摩擦生热，由能量守恒定律可得，动能的减少等于重力势能的增加量与摩擦产生的热量之和．根据重力沿斜面向下的分力与最大静摩擦力的关系分析m2上升到最高点后的状态．

【解答】解：

A、换用质量为m2的滑块压缩弹簧至同一点D时，弹簧具有的弹性势能相等，根据能量守恒定律知，两滑块到B点时的动能相同，由于质量不同，则速度不同，故A错误；

B、两滑块在斜面上运动时加速度相同，由于初速度不同，故上升高度不同．故B错误；

C、两滑块上升到最高点过程克服重力做的功表达式WG=mgh，对任一滑块（质量设为m），由能量守恒定律得：

EP=mgh+μmgcosθ×

，所以WG=mgh=

，故两滑块上升到最高点过程克服重力做的功相同，故C正确；

D、对于m1上升到最高点时有m1gsinθ≤μm1gcosθ，即sinθ≤μcosθ，该式与滑块的质量无关，所以m2上升到最高点后也静止在斜面上，故D错误．

故选：

A．360m/sB．720m/sC．108m/sD．960m/s

【考点】48：

线速度、角速度和周期、转速．

【分析】通过轴杆的转速，可求出圆盘的角速度，再由两个弹孔所在的半径间的夹角，及圆盘平行间可求出圆盘转动的角度，注意圆的周期性，从而即可求解

【解答】解：

4800r/min=80r/s

子弹从A盘到B盘，盘转过的角度为：

θ=2πn+

（n=0，1，2，…）

盘转动的角速度为：

ω=2πn=2π×80=160πrad/s．

子弹在A、B间运动的时间等于圆盘转动时间，即有：

解得：

，v=

（n=0，1，2，…）．

n=0时，v=960m/s，n=1时，v=137m/s，n=2时，v=73.8m/s，…．故D正确，ABC错误．

故选：

A．

B．

C．

D．

【考点】37：

牛顿第二定律；1E：

匀变速直线运动的位移与时间的关系．

【分析】载人箱、人及平衡重物加速度相同，则由隔离法可求得加速度的大小；再由运动学公式可求得上升的高度．

【解答】解：

设B对A拉力FT

对B：

FT﹣Mg=Ma

对A：

（M+m）g﹣FT=（M+m）a，

解得：

由V2=2ah得h=

，D选项正确．

故选D．

二、不定项选择题（每题有多个选项符合题意，全部选对得4分，部分对得2分，有错或不选给0分，共16分）

A．摩擦力对滑块做负功为μmgL

B．摩擦力对木板做正功为μMgs

C．系统产生的热量为μmgL

D．M、m组成的系统在此过程中动量守恒

【考点】53：

动量守恒定律；6B：

功能关系．

【分析】摩擦力对m所做的功等于摩擦力与m相对于地的位移的乘积，同理摩擦力对M做的功等于摩擦力与M相对于地的位移乘积；根据功能关系分析内能的增量；根据动量守恒的条件分析动量是否守恒．

【解答】解：

A、滑块受力情况如图甲所示，摩擦力对滑块做的功为W1=﹣μmg（s+L），故A错误；

B、木板受力如图乙所示，摩擦力大小为μmg；则摩擦力对木板做的功为W2=μmgs，故B错误；

C、根据能量守恒可知，系统产生的热量等于滑块克服摩擦力的功与摩擦力对木板做功的差值，故热量Q=μmg（s+L）﹣μmgs=μmgL，故C正确；

D、由于系统在水平方向不受外力，符合动量守恒的条件，故系统动量守

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