考研计算机学科专业基础综合20.docx
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考研计算机学科专业基础综合20
考研计算机学科专业基础综合-20
一、单项选择题（总题数：
40，分数：
80.00）
1.下列有关数据存储结构的叙述中，正确的是（）。
A．顺序存储方式只能用于存储线性结构
B．顺序存储方式的优点是占用存储空间小，插入、删除等操作效率高
C．链表的每个结点中都恰好含有一个指针
D．Hash存储的基本思想是由关键词的值决定数据的存储地址
A.
B.
C.
D. √
顺序存储方式除了用于存储线性结构外，还能存储数组或完全二叉树等非线性结构。
插入、删除操作时，由于要移动大量的数据，执行效率低，链表的形式有单链表、双链表和多重链表，除了单链表外，其他链表中的结点需要两个以上的指针。
2.以数组Data[m+1]作为循环队列SQ的存储空间，front为头指针，rear为队尾指针，则执行出队操作的语句是（）。
A．front=front+1B．front=（front+1）%m
C．front=（front+1）%（m+1）D．rear=（rear+1）%m
A.
B.
C. √
D.
3.设n、m为一棵二叉树上的两个结点，在中序遍历时，n在m前的条件是（）。
A．n在m右方B．n是m祖先C．n在m左方D．n是m子孙
A.
B.
C. √
D.
中序遍历时，先访问左子树，再访问根结点。
n在m前，则n必须在m的左子树中。
因此本题答案为C。
4.前序遍历和后序遍历结果相同的二叉树为（）。
A．只有根结点的二叉树B．根结点无左孩子的二叉树
C．根结点无右孩子的二叉树D．所有结点只有左子树的二叉树
A. √
B.
C.
D.
使用特值法，排除B、C、D选项。
5.已知一个线性表为（38，25，74，63，52，48），假定采用H（K）=Kmod7计算散列地址进行散列存储，若利用线性探测的开放定址法处理冲突，则在该散列表上进行查找的平均查找长度为（）；若利用链地址法处理冲突，则在该散列上进行查找的平均查找长度为（）。
A．1.5，1B．1.7，3/2C．2，4/3D．2.3，7/6
A.
B.
C. √
D.
若利用线性探测的开放定址法处理冲突，发生0次冲突的关键字有3个，1次冲突的1个，2次冲突的1个，3次冲突的1个，因而在该散列表上进行查找的平均查找长度为ASL=（3*1+1*2+1*3+1*4）/6=2；若利用链地址法处理冲突，同一链表上有1个元素的线性链表有2个，有2个元素的线性链表有2个，因此ASL=（4*1+2*2）/6=4/3。
6.关于AVL（平衡二叉树），下列说法错误的是（）。
A．左子树与右子树高度差最多为1
B．插入操作的时间复杂度为O（logn）
C．平衡二叉树是二叉排序树中的一种
D．使用平衡二叉树的目的是为了节省空间
A.
B.
C.
D. √
平衡二叉树没有节省空间，引入其目的是防止排序二叉树左、右子树高度失衡。
7.下面关于对图的操作的说法不正确的是（）。
A．寻找关键路径是关于带权有向图的操作
B．寻找关键路径是关于带权无向图的操作
C．连通图的生成树不一定是唯一的
D．带权无向图的最小生成树不一定是唯一的
A.
B. √
C.
D.
8.在文件局部有序或文件长度较少的情况下，最佳的内部排序方法是（）。
A．直接插入排序B．冒泡排序
C．简单选择排序D．堆排序
A. √
B.
C.
D.
9.下列（）是一个堆。
A．19，75，34，26，97，56B．97，26，34，75，19，56
C．19，56，26，97，34，75D．19，34，26，97，56，75
A.
B.
C.
D. √
完全二叉树中所有非终端结点的值均不大于（或不小于）其左、右孩子结点的值，则此序列可称为堆。
据此，可画出二叉树来判断答案为D。
10.以下有关二叉树的描述中正确的是（）。
（1）二叉树按某种右岸序线索化后，任一结点均有指向其前驱和后继的线索
（2）二叉树的前序遍历序列中，任意一个结点均处在其子女结点的前面
A．只有
（1）B．只有
（2）
C．
（1）和
（2）D．以上全不对
A.
B. √
C.
D.
11.某定点机字长n位，其中包含一位符号位。
若采用补码一位乘（Booth算法）实现乘法运算，则最多需要做（）次移位运算。
A．n-1B．n
C．n+1D．n+2
A. √
B.
C.
D.
12.若某浮点机基数为4，尾数采用补码表示，则该浮点机的规格化尾数形式为（）。
A．最高两位数值位与符号位相反
B．最高两位数值位与符号位相同
C．最高两位数值位至少有一位与符号位相反
D．最高两位数值位至少有一位与符号位相同
A.
B.
C. √
D.
13.用74181和74182芯片构成小组内并行进位，小组间并行进位，大组间串行进位的32位ALU，需要74182芯片的片数为（）。
A．0B．1C．2D．3
A.
B.
C. √
D.
74181是内部并行进位的4位ALU芯片，74182是4位先行进位芯片，故4片74181和1片74182可构成小组内并行进位。
小组间并行进位的16位ALU；又题目要求构成小组内并行进位，大组内串行进位的32位ALU，故只需将2个前述16位ALU串联即可，共需2片74182芯片，选C。
14.某机字长32位，它的存储容量为256MB，按字节编址，则它的寻址范围大小为（）。
A．256MBB．（256-1）MB
C．64MBD．（64-1）MB
A. √
B.
C.
D.
该机存储容量为256MB，又按字节编址，故其寻址范围为0～256M-1，寻址空间大小为256MB。
15.采用了虚拟存储器的计算机系统中，逻辑地址与物理地址相比（）。
A．两者位数相等B．逻辑地址位数多
C．物理地址位数多D．无法判断
A.
B. √
C.
D.
虚拟存储器主要是为了解决存储系统的容量问题，引入虚拟存储器后，程序员编程可使用的虚拟空间要远大于物理内存容量，故逻辑地址位数要大于物理地址位数，选B。
16.下列关于RISC的叙述中，错误的是（）。
A．RISC普遍采用微程序控制器
B．RISC大多数指令在一个时钟周期内完成
C．RISC的内部通用寄存器数量相对CISC多
D．RISC的指令数、寻址方式和指令格式种类相对CISC少
A. √
B.
C.
D.
与CISC相比，RISC的特点是：
指令数量和寻址方式少，指令格式简单，大多数指令在一个时钟周期内完成；CPU内部通用寄存器数量多；控制器多采用硬布线逻辑，且多采用流水线技术，执行速度较快。
故A选项错误。
17.下列寻址方式中，执行速度最快的是（）。
A．立即数寻址B．直接寻址
C．间接寻址D．寄存器间接寻址
A. √
B.
C.
D.
四个选项中，只有立即数寻址不需要访存，故其执行速度最快。
18.CPU在响应中断的过程中，保护现场的工作由（）完成。
A．中断隐指令B．中断服务程序
C．A或B之一完成D．A和B共同完成
A.
B.
C.
D. √
保护现场包括保护程序断点和保护CPU内部各寄存器内容，其中，保护程序断点的任务由中断隐指令完成；而保护CPU内部其他寄存器的任务由中断服务程序来完成，故D为正确选项。
19.CPU的中断周期前可能是（）。
A．取指周期B．间址周期
C．执行周期D．以上都有可能
A.
B.
C. √
D.
CPU在一个指令周期结束，即一条指令的执行周期结束后检查是否有中断请求，如果有则进入中断周期，故中断周期前只可能是执行周期。
20.数据总线、地址总线、控制总线是根据总线（）来划分的。
A．传送内容的不同B．所处位置的不同
C．连接部件的不同D．所使用标准的不同
A. √
B.
C.
D.
根据总线上传输内容的不同，可将总线分为数据总线、地址总线和控制总线。
21.采用DMA方式传送数据时，每传送一个数据要占用（）。
A．一个指令周期B．一个机器周期
C．一个存取周期D．一个时钟周期
A.
B.
C. √
D.
采用DMA方式传送数据时，每传送一个数据需要占用CPU一个存取周期，即在该存取周期内，CPU不能访存。
22.中断系统中，中断屏蔽字的作用是（）。
A．暂停对所有中断源的响应B．暂停对所有可屏蔽中断源的响应
C．暂停对某些可屏蔽中断源的响应D．暂停对主存的访问
A.
B.
C. √
D.
CPU通过设置中断屏蔽字来中断对某些可屏蔽中断源的响应。
23.分页式虚拟存储管理系统中，一般来说页面的大小与可能产生缺页中断的次数（）。
A．成正比B．成反比
C．无关D．成固定比值
A.
B. √
C.
D.
页面越小发生缺页中断次数的可能性越大。
24.请求分页存储管理方案中，如果所需的页面不在内存中，则产生缺页中断，它属于（）中断。
A．硬件故障B．I/OC．外D．程序中断
A.
B.
C.
D. √
本题考查中断的概念。
25.页式虚拟存储管理的主要特点是（）。
A．不要求将作业装入到主存的连续区域
B．不要求将作业同时全部装入到主存的连续区域
C．不要求进行缺页中断处理
D．不要求进行页面置换
A.
B. √
C.
D.
本题考查页式存储的概念。
26.分区分配内存管理方式的主要保护措施是（）。
A．界地址保护B．程序代码保护C．数据保护D．栈保护
A. √
B.
C.
D.
界地址寄存器来保护内存管理方式的主要措施。
27.在存储系统管理中，采用覆盖与交换技术的目的是（）。
A．节省主存空间B．物理上扩充主存容量
C．提高CPU效率D．实现主存共存
A. √
B.
C.
D.
覆盖和交换是虚拟上扩充内存的技术。
28.既考虑作业等待时间又考虑作业执行时间的调度算法是（）。
A．响应比高者优先B．短作业优先
C．优先级调度D．先来先服务
A. √
B.
C.
D.
响应比=（等待时间+执行时间）/执行时间。
29.下列死锁的论述中，正确的论述是（）。
A．由于产生死锁的基本原因是系统资源不足，因而预防死锁最常用方法，是根据系统规模，配置足够的系统资源
B．由于产生死锁的另一个基本原因是进程推进顺序不当，因而预防死锁的常用方法，是使进程的推进顺序合法
C．因为只要系统不进入不安全状态，便不会产生死锁，故预防死锁的常用方法，是防止系统进入不安全状态
D．可以通过破坏产生死锁的四个必要条件之一或其中几个方法，来预防发生死锁
A.
B.
C.
D. √
A：
不可能根据系统的规模，配置足够的系统资源，因为系统的资源是有限的。
B：
这种方法不能保证死锁不发生，而且进程推进过程很复杂，实现合理的顺序不太可能。
C：
系统进入不安全状态不一定会产生死锁，防止系统进入不安全状态不太可能，故不是常用的方法。
30.设m为同类资源数，n为系统中并发进程数。
当n个进程共享m个互斥资源时，每个进程的最大需求是w，则下列情况会出现系统死锁的是（）。
A．m=2，n=1，w=2B．m=2，n=2，w=1
C．m=4，n=3，w=2D．m=4，n=2，w=3
A.
B.
C.
D. √
当2个进程已经拥有2个资源，都申请第3个资源时，导致死锁。
31.MS-DOS中的文件物理结构采用（）。
A．连续结构B．链接结构C．索引结构D．哈希表
A.
B. √
C.
D.
本题考查文件物理结构的知识。
32.通过硬件和软件的功能扩充，把原来独占的设备改造成若干用户共享的设备，这种设备称为（）。
A．系统设备B．存储设备C．用户设备D．虚拟设备
A.
B.
C.
D. √
本题考查虚拟设备的概念。
33.ICMP在TCP/IP协议集中属于（）。
A．数据链路层B．传输层C．网络层D．应用层
A.
B.
C. √
D.
ICMP在TCP/IP协议集中是属于IP层的，即属于网络层。
34.采用8种相位，每种相位各有两种幅度的QAM调制方法，在4800波特率的信号传输速率下能达到的数据传输速率为（）。
A．4800bpsB．9600bps
C．19200bpsD．38400bps
A.
B.
C. √
D.
QAM调制是一种多元制的振幅相位混合调制方法。
题目中有8种相位，每种相位各有两种幅度的QAM调制方法，共有16种状态，所以每个Baud为4位。
由于是4800波特率的信号传输速率，因此数据传输速率是19200bps。
35.两个网段在物理层进行互联时要求（）。
A．数据传输率和数据链路层协议都不相同
B．数据传输率和数据链路层协议都相同
C．数据传输率相同，数据链路层协议可不同
D．数据传输率可不同，数据链路层协议相同
A.
B.
C. √
D.
数据传输率是物理层的重要参数，两个网段在物理层进行互联，数据传输率必须相同。
如果在数据链路层互联，则要求数据链路层协议也相同。
36.一条线路带宽为1Mbps，往返时延为45ms，假设数据帧的大小为1000字节。
若采用停—等协议，实际的数据率是（）。
A．15KbpsB．1.5Kbps
C．151KbpsD．1510Kbps
A.
B.
C. √
D.
往返时延为45ms，发送一帧的时间是8×1000÷1000000s。
实际的数据率是8×1000÷（8×1000÷1000000+45×0.003）=150943（bps）≈151（Kbps）。
37.若数据链路层采用回退N滑动窗口字而已，发送帧的序列号用7bit表示，发送窗口的最大值为（）。
A．7B．64C．127D．128
A.
B.
C. √
D.
7位的发送序列号，最大可以有128个序列，采用回退N帧的协议，发送窗口的最大值应该是最大序列号减1，即127。
38.以下地址中的（）和86.32.0.0/12匹配。
A．86.33.224.123B．86.79.65.216
C．86.58.119.74D．86.68.206.154
A. √
B.
C.
D.
观察地址的第二个字节0×32=00100000，前缀12位，说明第二个字节的前4位在前缀中。
给出的4个地址的第二字节的前4位分别是：
0010，0100，0011和010。
，故只有A是匹配的。
39.在TCP连接中，如果已经接收了1000字节的数据，那么在发送回的数据包头中，确认号为（）。
A．1000B．1001C．999D．998
A.
B. √
C.
D.
确认号表示接下来希望接收数据的序列号，成功接收1000字节之后，TCP连接希望接收1001号字节，所以答案是1001。
40.FTP客户和服务器间传递FTP命令时，使用的连接是（）。
A．建立在TCP之上的控制连接B．建立在TCP之上的数据连接
C．建立在UDP之上的控制连接D．建立在UDP之上的数据连接
A. √
B.
C.
D.
TCP的控制连接用来传输控制命令，数据连接用来传输文件。
二、综合应用题（总题数：
7，分数：
70.00）
41.没有m个连续单元供一个栈与队列使用，且栈与队列的实际占用单元数事先不知道，但是要求在任何时刻它们占用的单元数量不超过m，试写出上述栈与队列的插入算法。
__________________________________________________________________________________________
正确答案：
（算法如下：
//定义结点的结构为
structNode{
ElemTypedata;
structNode*next;
//定义栈的结构
structStack{
Node*base;
Node*top；
}
//定义队列的结构
structQueue{
Node*front；
Node*tail;
};
//设m个连续单元的数组为b[m]，定义全局数组staticinta[m]用以标识m个单元中各个单元是否被占用
//a[i]=1表示已占用，a[i]=0表示未被占用
voidInsertStack（structstack＆S,ElemTypeelem）
{
for（inti=0;i＜m;i++）
if（a[i]==0）
break;
if（i==m）
{
printf（"NOSPACE/n"）;
return;
a[i]=1；
Node*P=＆b[i]:
P-＞data=elem:
P-＞next=NULL:
if（S.base==NULL）
{
S.base=P;
S.top=P:
}
else
{
p-＞next=P;
S.top=P:
}
}
voidInsertQueue（structQueue＆Q，ElemTypeelem）
{
for（inti=0；i＜m；i++）
if（a[i]==0）
break；
if（i==m）
{
printf（"NOSPACE/n"）;
return"
}
a[i]=1;
Node*P=＆b[i];
P-＞data=elem;
P-＞next=NULL:
if（Q.front==NULL）
{
Q.front=p;
Q.tail=p;
}
else
{
Q.tail-＞next=P;
Q.tail=p;
}
}）
42.序列的“中值记录”指的是：
如果将此序列排序后，它是第n/2个记录。
试写出一个求中值记录的算法。
（分数：
15.00）
__________________________________________________________________________________________
正确答案：
（[解析]算法如下：
typedefstruct{
intgt；//大于该记录的个数
intlt;//小于该记录的个数
}place;
intGet_Mid（inta[]，intn）
{
placeb[MAXSIZE];
/*对第i个元素统计比它大和比它小的元数的个数，分别为gt和It*/
for（inti=0;i＜n;i++）
for（intj=0;j＜n;j++）
{
if（a[j]＞aEi]）b[i].gt++;
if（a[j]＜a[i]）b[i].It++;
}
intmid=0;
/*找出gt值与It值最接近的元素，即为中值记录*/
intmin_dif=abs（b[0].gt-b[0].It）;
for（inti=0;i{
if（abs（b[i].gt_b[i].It）＜min_dif;
mid=i:
}
returnmid;
}）
43.某浮点机字长16位，其浮点数格式为：
阶码5位（含1位阶符），采用补码表示，尾数11位（含1位数符），采用补码表示，且尾数为规格化形式。
已知X=0.1011000011×20,0101，Y=0.0001100000×20,1000，试求X+Y，要求写出详细的计算过程。
假设浮点加减过程中阶码和尾数采用双符号位，并使用“0舍1入法”进行舍入。
（分数：
13.00）
__________________________________________________________________________________________
正确答案：
（写出X、Y的机器数形式，根据题意，尾数为规格化形式，故
Y=0.0001100000×20,1000=0.1100000000×20,0101。
运算过程中阶码、尾数采用双符号位，X、Y的机器数形式为
X=00,0101；00.1011000011，Y=00,0101；00.1100000000，
X+Y的计算过程如下：
①对阶，X、Y阶码相同，阶差为0，故不需对阶。
②尾数求和，
即得X+Y=00,0101；01.0111000011。
③规格化，尾数双符号位为01，说明尾数溢出，需要右规，尾数右移1位，阶码加1，得
X+Y=00,0110；00.1011100001
尾数为规格化数，规格化结束。
④舍入，采用“0舍1入法”进行舍入，由于③中规格化时丢掉的数位中最高位为1，故需将结果的最低数值位加1，得
X+Y=00,0110；00.1011100010
⑤溢出判断，X+Y阶码双符号位为00，说明未发生溢出。
综上，X+Y=0,0110；0.1011100010，即X+Y=0.1011100010×20,0110。
[注]答案中机器数形式中的逗号、分号只是为了方便区分符号位和数值位、阶码和尾数，并非机器数中实际存在。
）
某计算机的CPU主频为500MHz，CPI为5（即执行每条指令平均需5个时钟周期）。
假定某外设的数据传输率为0.5MB/s，采用中断方式与主机进行数据传送，以32位为传输单位，对应的中断服务程序包含18条指令，中断服务的其他开销相当于2条指令的执行时间。
请回答下列问题，要求给出计算过程。
（分数：
8.00）
（1）.在中断方式下，CPU用于该外设I/O的时间占整个CPU时间的百分比是多少?
（分数：
4.00）
__________________________________________________________________________________________
正确答案：
（该外设数据传输率为0.5MB/s，以32位为传输单位，故1s内因外设传输数据而引起的中断次数为
0.5MB/4B=1.25×105（次）
对应的中断服务程序及其他开销共需18+2=20条指令，CPI为5，故1s内用于该外没I/O的时钟周期数为
1.25×105×20×5=1.25×107（个）
CPU主频为500MHz，即1s内共有500M个时钟周期，故用于该外设I/O的时间占整个CPU时间的百分比是
（1.25×107）/（500×106）×100%=2.5%）
（2）.当该外设的数据传输率达到5MB/s时，改用DMA方式传送数据。
假设每次DMA传送大小为5000B，且DMA预处理和后处理的总开销为500个时钟周期，则CPU用于该外设I/O的时间占整个CPU时间的百分比是多少?
（假设DMA与CPU之间没有访存冲突）（分数：
4.00）
__________________________________________________________________________________________
正确答案：
（该外设的数据传输率为5MB/s，每次DMA传送大小为5000B，故1s内的DMA传输次数为
5MB/5000B=（5×106B）/（5×103B）=1000（次）
DMA预处理及后处理的总开销为500个时钟周期，故1s内用于该外设传输数据的
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