届高中生物一轮复习人教版复习提升课自由组合定律的遗传特例及相关的遗传探究学案.docx
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届高中生物一轮复习人教版复习提升课自由组合定律的遗传特例及相关的遗传探究学案
2020届一轮复习人教版复习提升课自由组合定律的遗传特例及相关的遗传探究学案
一、自由组合定律的遗传特例
（一）自交后代“和”为16的特殊分离比
（2016·全国卷Ⅲ，T6）用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花。
若F1自交，得到的F2植株中，红花为272株，白花为212株；若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株。
根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是（ ）
A．F2中白花植株都是纯合体
B．F2中红花植株的基因型有2种
C．控制红花与白花的基因在一对同源染色体上
D．F2中白花植株的基因型种类比红花植株的多
D [本题的切入点在“若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株”上，相当于测交后代表现出1∶3的分离比，可推断该相对性状受两对等位基因控制，且两对基因独立遗传。
设相关基因为A、a和B、b，则A_B_表现为红色，A_bb、aaB_、aabb表现为白色，因此F2中白花植株中有纯合体和杂合体，故A项错误；F2中红花植株的基因型有AaBb、AABB、AaBB、AABb4种，故B项错误；控制红花与白花的两对基因独立遗传，位于两对同源染色体上，故C项错误；F2中白花植株的基因型有5种，红花植株的基因型有4种，故D项正确。
]
1．由基因互作导致的特殊分离比
（1）形成原因：
序号
条件
F1（AaBb）自交后代比例
F1测交后代比例
1
存在一种显性基因时表现为同一类型，其余正常表现
9∶6∶1
1∶2∶1
2
两种显性基因同时存在时，表现为一种类型，否则表现为另一种类型
9∶7
1∶3
3
当某一对隐性基因成对存在时表现为双隐类型，其余正常表现
9∶3∶4
1∶1∶2
4
只要存在显性基因就表现为一种类型，其余正常表现
15∶1
3∶1
（2）解题步骤：
2．由显性基因累加效应导致的特殊分离比
（1）表现：
（2）原因：
A与B的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强。
1．（2019·安徽宣城调研）香豌豆的花色有白色和红色两种，由独立遗传的两对核等位基因（A/a、B/b）控制。
红花品种甲与白花品种乙杂交，子一代全是红花，子二代红花∶白花＝9∶7。
以下分析错误的是（ ）
A．品种甲的基因型为AAbb或aaBB
B．子二代红花的基因型有4种
C．子二代白花植株中杂合的比例为3/7
D．子二代红花严格自交，后代红花的比例25/36
C [根据题意分析，子二代红花∶白花＝9∶7，是9∶3∶3∶1的变形，说明子一代是双杂合子AaBb，红花的基因型为A_B_，其余基因型都是白花，因此亲本纯合白花的基因型为AAbb、aaBB，A正确；子二代红花的基因型为有2×2＝4种，B正确；子二代白花植株占总数的7份，其中有3份是纯合子，因此其中杂合的比例为4/7，C错误；子二代红花基因型及其比例为AABB∶AABb∶AaBB∶AaBb＝1∶2∶2∶4，因此自交后代红花的比例＝1/9＋2/9×3/4＋2/9×3/4＋4/9×9/16＝25/36，D正确。
]
2．某种植物其花色有白色和紫色，现选取白色和紫色二个纯合品种做杂交实验，结果如下：
紫花×白花，F1全为紫花，F1自交，F2表现型及比例为9紫花∶3红花∶4白花。
将F2红花自交，产生的F3中纯合子占总数的比例为（ ）
A．1/6 B．5/9
C．1/2 D．2/3
D [F2表现型及比例为9紫花∶3红花∶4白花，是9∶3∶3∶1的变式，由此可推知该植物花色受2对基因控制，且遵循基因的自由组合定律，F1为双杂合子（设为AaBb），则F2中红花基因型（设为A_bb）及比例为1/3AAbb、2/3Aabb，其自交产生的F3中杂合子（Aabb）占总数的比例为2/3×1/2＝1/3，则F3中纯合子占总数的比例为1－1/3＝2/3，故D项正确。
]
3．（2016·上海卷）控制棉花纤维长度的三对等位基因A/a、B/b、C/c对长度的作用相等，分别位于三对同源染色体上。
已知基因型为aabbcc的棉纤维长度为6cm，每个显性基因增加纤维长度2cm。
棉花植株甲（AABbcc）与乙（aaBbCc）杂交，则F1的棉纤维长度范围是（ ）
A．6～14cm B．6～16cm
C．8～14cmD．8～16cm
C [AABbcc和aaBbCc杂交得到的F1中，显性基因最少的基因型为Aabbcc，显性基因最多的基因型为AaBBCc，由于每个显性基因增加纤维长度2厘米，所以F1的棉纤维长度范围是（6＋2）～（6＋8）厘米。
]
4．基因型为aabbcc的桃子重120克，每产生一个显性等位基因就使桃子增重15克，故基因型为AABBCC的桃子重210克。
甲桃树自交，F1每桃重150克。
乙桃树自交，F1每桃重120～180克。
甲、乙两桃树杂交，F1每桃重135～165克。
甲、乙两桃树的基因型可能是（ ）
A．甲AAbbcc,乙aaBBCC
B．甲AaBbcc,乙aabbCC
C．甲aaBBcc,乙AaBbCC
D．甲AAbbcc,乙aaBbCc
D [因为一个显性基因可使桃子增重15克，甲桃树自交，F1每桃重150克，则甲桃树中应有两个显性基因，且是纯合子；乙桃树自交，F1每桃重120～180克，则乙桃树中应有两个显性基因，且是杂合子；甲、乙两桃树杂交，F1每桃重135～165克，进一步确定甲、乙两桃树的基因型可能为AAbbcc和aaBbCc。
]
（二）自交后代“和”小于16的特殊分离比
（2019·湖南怀化一模）某二倍体植物有高茎与矮茎、红花与白花两对相对性状，且均各只受一对等位基因控制。
现有一高茎红花亲本，其自交后代表现型及比例为高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝5∶3∶3∶1，下列分析错误的是（ ）
A．控制上述两对相对性状的基因遗传时遵循自由组合定律
B．出现5∶3∶3∶1的原因是可能存在某种基因型植株（合子）致死现象
C．出现5∶3∶3∶1的原因是可能存在某种基因型配子致死现象
D．自交后代中高茎红花均为杂合子
B [设高茎与矮茎、红花与白花分别受一对等位基因A和a、B和b控制。
一高茎红花亲本自交后代出现4种类型，则该亲本的基因型为AaBb，又因自交后代的性状分离比为5∶3∶3∶1说明控制这两对相对性状的两对等位基因位于两对同源染色体上，其遗传遵循基因的自由组合定律，A正确；理论上该高茎红花亲本自交后代性状分离比为9∶3∶3∶1，而实际上却为5∶3∶3∶1，若将5∶3∶3∶1拆开来分析，则有高茎∶矮茎＝2∶1，红花∶白花＝2∶1，说明在后代中不存在AA和BB的个体，进而推知：
出现5∶3∶3∶1的原因可能是基因型为AB的雌配子或雄配子致死，B错误，C正确；综上分析可推知：
在自交后代中，高茎红花的基因型为AABb、AaBB、AaBb，均为杂合子，D正确。
]
1．致死类型归类分析
（1）显性纯合致死
①AA和BB致死
②AA（或BB）致死
（2）隐性纯合致死
①双隐性致死
②单隐性致死 aa或bb
2．致死类问题解题思路
第一步：
先将其拆分成分离定律单独分析，确定致死的原因。
第二步：
将单独分析结果再综合在一起，确定成活个体基因型、表现型及比例。
3．“致死”原因的精准推导
第一种方法：
直接判断法——直接利用基因自由组合定律来分析
第二种方法：
间接判断法——分解成两个基因分离定律问题，分别分析。
将“黄短∶黄长∶灰短∶灰长＝4∶2∶2∶1”转化为两个基因分离定律问题来处理，即黄色∶灰色＝2∶1，短尾∶长尾＝2∶1，由此来确定致死原因是Y和D基因都纯合致死。
1．（2019·河北石家庄一模）某种鼠的体色有三种：
黄色、青色、灰色，受两对独立遗传的等位基因（A、a和B、b）控制。
A_B_表现为青色，A_bb表现为灰色，aa__表现为黄色（约50%黄色个体会因黄色素在体内积累过多死亡）。
让灰色鼠与黄色鼠杂交，F1全为青色，理论上F2存活个体中青色鼠所占的比例是（ ）
A．9/16 B．3/4
C．6/7 D．9/14
D [理论上后代的基因型及表现型为A_B_∶A_bb∶（aaB_＋aabb）＝9∶3∶4＝青色∶灰色∶黄色，由于黄色中有50%的个体死亡，则后代个体表现型比例为，黄色∶青色∶灰色＝2∶9∶3，理论上F2存活个体中青色鼠所占的比例是
。
]
2．某植物有白花和红花两种性状，由等位基因R/r、I/i控制，已知基因R控制红色素的合成，基因I会抑制基因R的表达。
某白花植株自交，F1中白花∶红花＝5∶1；再让F1中的红花植株自交，后代中红花∶白花＝2∶1。
下列有关分析错误的是（ ）
A．基因R/r与I/i独立遗传
B．基因R纯合的个体会致死
C．F1中白花植株的基因型有7种
D．亲代白花植株的基因型为RrIi
C [根据题意分析可知，红色的基因型为R_ii，白色的基因型为R_I_，rrI_，rrii。
某白花植株自交，F1中白花∶红花＝5∶1，后代红花R_ii占1/6＝2/3×1/4，说明两对等位基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律，A正确；根据分析可知，亲本白花的基因型为RrIi，且RR基因纯合致死，B、D正确；F1中白花植株的基因型为RrII、RrIi、rrII、rrIi、rrii，C错误。
]
3．（2019·山东潍坊模拟）在一个玉米的自然种群中，等位基因A、a控制高茎和矮茎，等位基因B、b控制抗病和感病，两对基因分别位于两对常染色体上，其中含A基因的花粉致死。
现选择高茎抗病植株自交，F1有四种表现型，以下叙述错误的是（ ）
A．F1中抗病植株与感病植株的比为3∶1
B．高茎对矮茎是显性，抗病对感病是显性
C．F1高茎抗病植株的基因型有4种
D．F1抗病植株间相互随机传粉，后代抗病植株占8/9
C [由题意分析可知含A基因的花粉致死，而选择的高茎抗病植株自交，F1有四种表现型，所以高茎抗病植株为AaBb，F1中抗病植株与感病植株应为3∶1，A正确。
因为子代中出现了亲本没有的性状，而亲本的性状应是显性性状，所以高茎对矮茎是显性，抗病对感病是显性，B正确。
因为含A基因的花粉致死，所以F1高茎抗病植株的基因型有2种，C错误。
F1抗病植株有1/3纯合子，2/3杂合子，它们之间相互随机传粉，后代中不抗病植株占1/3×1/3＝1/9，所以抗病植株占8/9，D正确。
]
（三）多对等位基因是否遵循自由组合现象的判断
（2019·山东联考联盟）某植物叶形的宽叶和窄叶是一对相对性状，用纯合的宽叶植株与窄叶植株进行杂交，如下表（相关基因用A、a；B、b；C、c……表示）。
下列相关叙述错误的是（ ）
母本
父本
子一代
子二代
杂交组合一
宽叶
窄叶
宽叶
宽叶∶窄叶＝3∶1
杂交组合二
宽叶
窄叶
宽叶
宽叶∶窄叶＝15∶1
杂交组合三
宽叶
窄叶
宽叶
宽叶∶窄叶＝63∶1
A．该植物的叶形至少受三对等位基因控制
B．只要含有显性基因该植株的表现型即为宽叶
C．杂交组合一亲本的基因型可能是AABBcc、aaBBcc
D．杂交组合三的子二代宽叶植株的基因型有26种
C [由表格信息可知，宽叶植株与窄叶植株杂交，子一代都是宽叶，说明宽叶是显性性状。
杂交组合一，子二代窄叶植株所占的比例是1/4，说明符合一对杂合子自交实验结果；杂交组合二，子二代窄叶植株所占的比例是1/16，说明符合两对杂合子自交实验结果；杂交组合三，子二代窄叶植株所占的比例是1/64，说明符合三对杂合子自交实验结果，因此该植物的宽叶和窄叶性状至少由三对等位基因控制，且三对等位基因在遗传过程中遵循自由组合定律，隐性纯合子表现为窄叶，其他都表现为宽叶。
杂交组合三子一代的基因型是AaBbCc，子二代的基因型有3×3×3＝27（种），其中基因型为aabbcc的植株表现为窄叶，因此杂交组合三的子二代宽叶植株的基因型有26种。
]
巧用“性状比之和”，快速判断控制遗传性状的基因的对数
1．自交情况下，得到的“性状比之和”是4的几次方，就说明自交的亲代中含有几对等位基因；
2．测交情况下，得到的“性状比之和”是2的几次方，则该性状就由几对等位基因控制。
1．（2019·河南郑州调研）某植物红花和白花为一对相对性状，同时受多对等位基因控制（如A、a；B、b；C、c……），当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时（即A_B_C_……）才开红花，否则开白花。
现有甲、乙、丙、丁4个纯合白花品系，相互之间进行杂交，杂交组合、后代表现型及其比例如表所示，下列分析错误的是（ ）
组一
组二
组三
组四
组五
组六
P
甲×乙
乙×丙
乙×丁
甲×丙
甲×丁
丙×丁
F1
白色
红色
红色
白色
红色
白色
F2
白色
红色81∶白色175
红色27∶白色37
白色
红色81∶白色175
白色
A．组二F1基因型可能是AaBbCcDd
B．组五F1基因型可能是AaBbCcDdEE
C．组二和组五的F1基因型可能相同
D．这一对相对性状最多受四对等位基因控制，且遵循自由组合定律
D [组二和组五的F1自交，F2的分离比为红∶白＝81∶175，即红花占81/（81＋175）＝（3/4）4，则可推测这对相对性状至少受四对等位基因控制，且四对基因分别位于四对同源染色体上，遵循自由组合定律。
组二、组五的F1至少含四对等位基因，当该对性状受四对等位基因控制时，组二、组五的F1基因型都可为AaBbCcDd；当该对性状受五对等位基因控制时，组五F1基因型可能是AaBbCcDdEE。
]
2．某植物的红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因控制，各对基因独立遗传。
当某个个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时才开红花，否则开白花。
现有4个纯合白花品系甲、乙、丙、丁（其中甲、乙、丙都只含有一对与花色相关的隐性基因且基因型各不相同），让4个白花品系之间进行杂交实验，后代表现型及其比例如下：
据杂交结果回答问题：
（1）花色这对相对性状至少受几对等位基因控制，请说明判断的理由：
________________________________________________________________________。
（2）某同学用化学诱变剂处理纯合红花品系X的萌发种子，培育出1株只有一对基因隐性突变的白花植株Y。
请设计实验判断该白花植株Y是否与品系甲、乙、丙中的某一个基因型相同。
（要求写出实验方案，预测实验结果和结论）实验方案：
________________________________________________________________________。
结果预测及结论：
________________________________________________________________________。
解析
（1）某植物的红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因控制，各对基因独立遗传，说明花色的遗传遵循基因的自由组合定律。
图示分析可知：
在杂交④中，纯合白花品系甲与丁杂交，F2代中红花植株占全部个体的比例为27/（27＋37）＝27/64＝（3/4）3，根据N对等位基因自由组合且完全显性时，子代中显性个体所占比例（3/4）3可推知：
F1至少含有3对等位基因；同理，在杂交①②③中，F2代中红花植株占全部个体的比例为9/（9＋7）＝9/16＝（3/4）2，说明这三组的F1至少含有2对等位基因；综上分析并结合题意“甲、乙、丙都只含有一对与花色相关的隐性基因且基因型各不相同”和“当某个个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时才开红花”可进一步推知：
控制该植物花色的等位基因至少有3对。
（2）用化学诱变剂处理纯合红花品系X的萌发种子，培育出1株只有一对基因隐性突变的白花植株Y。
欲通过实验判断该白花植株Y是否与品系甲、乙、丙中的某一个基因型相同，可用该白花植株Y与品系甲、乙、丙分别杂交，观察子代的花色。
如果该白花植株Y与品系甲、乙、丙中的某一个基因型相同，则杂交子代中只有一组为白花。
如果该白花植株Y与品系甲、乙、丙中的任何一个基因型都不同，则杂交子代全部为红花。
答案
（1）控制该植物花色的等位基因至少有3对。
理由：
从上述杂交④可知F2代中红花植株占全部个体的比例为27/64＝（3/4）3，根据N对等位基因自由组合且完全显性时，子代中显性个体所占比例（3/4）3，可判定花色遗传至少涉及3对等位基因。
综合各杂交组合的实验结果，可确定控制该植物花色的等位基因至少有3对。
（2）用该白花植株Y与品系甲、乙、丙分别杂交，观察子代花色结果预测及结论：
如果杂交的子代中只有一组为白花，则白花植株Y与品系甲、乙、丙中的某一个基因型相同。
如果杂交的子代全部为红花，则白花植株Y与品系甲、乙、丙中的任何一个基因型都不同
二、探究不同对基因在染色体上的位置问题
（2019·河南洛阳一模）豌豆花的位置有腋生（A）、顶生（a），豆荚颜色有绿色（B）、黄色（b），这两对相对性状均为完全显性，现有若干纯合的腋生黄豆荚（甲）、顶生绿豆荚（乙）、顶生黄豆荚（丙）种子。
回答下列问题：
（1）若只研究腋生和顶生这一对相对性状，让甲和乙杂交产生F1，F1全为腋生豌豆，F1自交产生F2。
F2中既出现腋生豌豆，又出现了顶生豌豆，这种现象在遗传学上称为________。
产生这种现象的原因是_____________________________________________。
（2）为了确定A、a与B、b这两对等位基因是否分别位于两对同源染色体上，可用测交实验来进行检验，请简要写出①实验的思路，②预期实验结果及结论。
解析
（1）腋生豌豆自交，后代既有腋生豌豆，又有顶生豌豆，这种现象在遗传学上称为性状分离。
亲本中甲为AA，乙为aa，则F1为Aa，F1在自交时，A与a发生分离，从而使F2中出现性状分离。
（2）①用测交实验来进行检验，首先需要得到双杂和个体，即AaBb，因此需要将甲与乙杂交，产生F1（AaBb），让F1（AaBb）与丙（aabb）测交。
统计测交后代的表现型及比例。
②若A、a与B、b这两对等位基因分别位于两对同源染色体上，则AaBb能产生4种比例相同的配子（AB、Ab、aB、ab＝1∶1∶1∶1），测交后代的表现型及比例为腋生绿色∶腋生黄色∶顶生绿色∶顶生黄色＝1∶1∶1∶1；若A、a与B、b这两对等位基因不是分别位于两对同源染色体上，则测交后代不会出现腋生绿色∶腋生黄色∶顶生绿色∶顶生黄色＝1∶1∶1∶1。
答案
（1）性状分离 F1腋生豌豆为杂合子，杂合子在自交时会发生性状分离的现象
（2）①实验思路：
将甲与乙杂交，产生F1，让F1与丙测交。
统计测交后代的表现型及比例。
②预期实验结果及结论：
若测交后代的表现型及比例为腋生绿色∶腋生黄色∶顶生绿色∶顶生黄色＝1∶1∶1∶1，则A、a与B、b这两对等位基因分别位于两对同源染色体上；反之，A、a与B、b这两对等位基因不是分别位于两对同源染色体上。
1．判断基因是否位于一对同源染色体上：
以AaBb为例，若两对等位基因位于一对同源染色体上，不考虑交叉互换，则产生两种类型的配子，在此基础上进行自交会产生两种或三种表现型，测交会出现两种表现型；若两对等位基因位于一对同源染色体上，考虑交叉互换，则产生四种类型的配子，在此基础上进行自交或测交会出现四种表现型。
2．判断基因是否易位到一对同源染色体上：
若两对基因遗传具有自由组合定律的特点，但却出现不符合自由组合定律的现象，可考虑基因转移到同一对同源染色体上的可能，如由染色体易位引起的变异。
3．判断外源基因整合到宿主染色体上的类型：
外源基因整合到宿主染色体上有多种类型，有的遵循孟德尔遗传定律。
若多个外源基因以连锁的形式整合在同源染色体的一条上，其自交会出现分离定律中的3∶1的性状分离比；若多个外源基因分别独立整合到非同源染色体的一条上，各个外源基因的遗传互不影响，则会表现出自由组合定律的现象。
4．判断基因是否位于不同对同源染色体上：
以AaBb为例，若两对等位基因分别位于两对同源染色体上，则产生四种类型的配子。
在此基础上进行测交或自交时会出现特定的性状分离比，如1∶1∶1∶1或9∶3∶3∶1（或9∶7等变式），也会出现致死背景下特殊的性状分离比，如4∶2∶2∶1或6∶3∶2∶1。
在涉及两对等位基因遗传时，若出现上述性状分离比，可考虑基因位于两对同源染色体上。
1．（2019·山东省实验中学诊断）科学家将抗冻蛋白基因导入烟草，筛选出抗冻蛋白基因成功整合到染色体上的烟草（假定抗冻蛋白基因都能正常表达）。
某些烟草的体细胞含两个抗冻蛋白基因，这两个基因在染色体上的整合情况有图示的三种类型（黑点表示抗冻蛋白基因的整合位点）；让这些含两个抗冻蛋白基因的烟草自交，后代抗冻烟草和普通烟草（不含抗冻蛋白基因）的比值分别是（ ）
A．1∶0 3∶1 15∶1 B．3∶1 3∶1 9∶6∶1
C．1∶0 1∶1 9∶6∶1D．1∶1 3∶1 15∶1
A [甲图中在一对同源染色体上都有抗冻蛋白基因，可看做是纯合子（用AA表示），自交后代全都含抗冻蛋白基因，即后代抗冻烟草∶普通烟草＝1∶0；乙图可以看做是杂合子（用Aa表示），自交后代有3/4的个体含有抗冻蛋白基因，因此后代抗冻烟草∶普通烟草＝3∶1；丙图在两对同源染色体上各有一条含有抗冻蛋白基因，相当于双杂合子（AaBb），并且遵循基因的自由组合定律，因此自交后代不含抗冻蛋白基因（aabb）的占1/16，即后代抗冻烟草∶普通烟草＝15∶1，故A正确。
]
2．已知桃树中，树体乔化与矮化为一对相对性状（由等位基因A、a控制），蟠桃果形与圆桃果形为一对相对性状（由等位基因B、b控制），以下是相关的两组杂交实验。
杂交实验一：
乔化蟠桃（甲）×矮化圆桃（乙）→F1：
乔化蟠桃∶矮化圆桃＝1∶1
杂交实验二：
乔化蟠桃（丙）×乔化蟠桃（丁）→F1：
乔化蟠桃∶矮化圆桃＝3∶1
根据上述实验判断，以下关于甲、乙、丙、丁四个亲本的基因在染色体上的分布情况正确的是（ ）
D [根据实验二：
乔化×乔化→F1出现矮化，说明乔化相对于矮化是显性性状，蟠桃×蟠桃→F1出现圆桃，蟠桃对圆桃是显性性状。
实验一后代中乔化∶矮化＝1∶1，属于测交类型，说明亲本的基因型为Aa和aa；蟠桃∶圆桃＝1∶1，也属于测交类型，说明亲本的基因型为Bb和bb，推出亲本的基因型为AaBb、aabb，如果这两对性状的遗传遵循自由组合定律，则实验一的杂交后代应出现2×2＝4种表现型，比例应为1∶1∶1∶1，与实验一的杂交结果不符，说明上述两对相对性状的遗传不遵循自由组合定律，控制两对相对性状的基因不在两对同源染色体上。
同理推知，杂交实验二亲本基因型应是AaBb、AaBb，基因图示如果为C，则杂交实验二后代比例为1∶2∶1，所以C不符合。
]
3．（2019·山东威海模拟）某种植物花的颜色由两对基因（A和a，B和b）控制，A基因控制色素合成（AA和Aa的效应相同），B基因为修饰基因，淡化颜色的深度（BB和Bb的效应不同）。
其基因型与表现型的对应关系见下表，请据表分析回答：
基因组合
A_Bb
A_bb
A_BB或aa__
花的颜色
粉色
红色
白色
为了探究两对基因（A和a，B和b）是位于一对同源染色体上，还是分别位于两对同
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