河北唐山乐亭第一中学届高三第一学期期中考试物理试题.docx

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河北唐山乐亭第一中学届高三第一学期期中考试物理试题

河北唐山乐亭第一中学2019届高三第一学期期中考试物理试题

学校:

___________姓名：

___________班级：

___________考号：

___________

一、单选题

1．如图所示，有一只重为G的蜻蜓在空中沿虚线方向匀速直线飞行，在此过程中，蜻蜓受到空气对它的作用力的方向是（　　）

A．a方向B．b方向

C．c方向D．d方向

2．某飞行员的质量为m，驾驶飞机在竖直面内以速度v做匀速圆周运动，圆的半径为R，在圆周的最高点和最低点比较，飞行员对坐椅的压力最低点比最高点大（设飞行员始终垂直坐椅的表面）（）

A．mgB．2mgC．mg+

D．

3．质量为M的木块位于粗糙水平桌面上，若用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度为a，当拉力方向不变，大小变为2F时，木块的加速度为a'，则（）

A．a'＝aB．a'＝2aC．a'>2aD．a'<2a

4．将一物体从地面竖直向上抛出，又落回抛出点，运动过程中空气阻力忽略不计，下列说法正确的是（）

A．上升过程和下落过程，时间相等、位移相同

B．物体到达最高点时，速度和加速度均为零

C．整个过程中，任意相等时间内物体的速度变化量均相同

D．竖直上抛的初速度越大（v0＞10m/s），物体上升过程的最后1s时间内的位移越大

5．如图所示，一足够长的固定斜面与水平面的夹角为37°，物体A以初速度V1从斜面顶端水平抛出，物体B在斜面上距顶端L=15m处同时以速度V2沿斜面向下匀速运动，经历时间t物体A和物体B在斜面上相遇，则下列各组速度和时间中满足条件的是（）

（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）

A．V1=16m/s，V2=15m/s，t=3s.B．V1=16m/s，V2=16m/s，t=2s.

C．V1=20m/s，V2=20m/s，t=3s.D．V1=20m/s，V2=15m/s，t=2s.

6．一质量为m的物体在倾角为θ的固定光滑斜面上由静止开始下滑，在竖直方向上下降了h时，重力做功的瞬时功率是（）

A．

B．

C．

D．

7．两块平行金属板带等量异号电荷，要使两板间的电压加倍，而板间的电场强度减半，可采用的办法有（　　）

A．两板的电量加倍，而距离变为原来的4倍

B．两板的电量加倍，而距离变为原来的2倍

C．两板的电量减半，而距离变为原来的4倍

D．两板的电量减半，而距离变为原来的2倍

二、多选题

8．如图所示，电量和质量都相同的带正电粒子分别以不同的初速度水平通过A、B两板间的加速电场后飞出，不计重力的作用，则（）

A．它们通过加速电场所需的时间相等

B．它们通过加速电场过程中动能的增量相等

C．它们通过加速电场过程中动量的增量相等

D．它们通过加速电场过程中电势能的减少量相等

9．竖立在水平地面上的轻弹簧，下端与地面固定，将一个金属球放置在弹簧顶端（球与弹簧不粘连），并用力向下压球，使弹簧做弹性压缩。

稳定后用细线把弹簧栓牢．如图a所示．烧断细线，球将被弹起，且脱离弹簧后能继续向上运动。

不计空气阻力。

如图b所示．那么该球从细线被烧断到刚脱离弹簧的运动过程中：

（）

A．球刚脱离弹簧时弹簧的弹性势能最小

B．球刚脱离弹簧时的动能最大

C．球所受合力的最大值不一定大于重力值

D．在某一阶段内，球的动能减小而它的机械能增加

10．重量为G的物体在水平力F的作用下沿竖直墙壁匀速下滑，如图所示。

已知物体和墙壁间的动摩擦因数为μ，则墙对物体的摩擦力是（）

A．μFB．μ（G+F）C．GD．G-μF

11．已知金星绕太阳公转的周期小于1年，则可判定（　　）

A．金星到太阳的距离小于地球到太阳的距离B．金星的质量大于地球的质量

C．金星的密度大于地球的密度D．金星的向心加速度大于地球的向心加速度

12．在光滑水平面上，动能为E0、动量的大小为p0的小钢球1与静止小钢球2发生碰撞，碰撞前后球1的运动方向相反．将碰撞后球1的动能和动量的大小分别记为E1、p1，球2的动能和动量的大小分别记为E2、p2．则必有（）

A．E1＜E0B．p1＜p0C．E2＞E0D．p2＞p0

三、实验题

13．用游标卡尺测一根金属管的内径和外径时，卡尺上的游标位置分别如图（a）、（b）所示。

这根金属管内径读数是______cm，管壁的厚度是____cm。

14．某同学用图1所示电路，测绘标有“3.8V，0.3A”的小灯泡的灯丝电阻R随电压U变化的图象．除了导线和开关外，有以下一些器材可供选择：

电流表：

A1（量程100mA，内阻约2Ω）；A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω）；

电压表：

V1（量程5V，内阻约5kΩ）；V2（量程15V，内阻约15Ω）；

电源：

E1（电动势为1.5V，内阻为0.2Ω）；E2（电动势为4V，内阻约为0.04Ω）．

滑动变阻器：

R1（最大阻值约为100Ω），R2（最大阻值约为10Ω），

电键S，导线若干．

（1）为了调节方便，测量准确，实验中应选用电流表_____，电压表_____，滑动变阻器_____，电源_____．（填器材的符号）

（2）根据实验数据，计算并描绘出R﹣U的图象如图2所示．由图象可知，此灯泡在不工作时，灯丝电阻为_____；当所加电压为3.00V时，灯丝电阻为_____，灯泡实际消耗的电功率为_____．

（3）根据R﹣U图象，可确定小灯泡耗电功率P与外加电压U的关系．符合该关系的示意图是下列图中的_____．

四、解答题

15．—个做匀变速直线运动的物体，先后经过A、B、C三点，A与B、B与C间的距离分別为22m和48m，用时分别为2s和3s，求物体通过B点的速度和加速度的大小．

16．如图所示，在沙堆表面放置一长方形木块A，其上面再放一个质量为m=0.10kg的爆竹B，木块的质量为M=6.0kg．当爆竹爆炸时，因反冲作用使木块陷入沙中深度h=5cm，而木块所受的平均阻力为f=80N．若爆竹的火药质量以及空气阻力可忽略不计，g取10m/s2，求爆竹能上升的最大高度．

17．如图所示，质量为M=8kg的小车放在光滑水平面上，在小车右端加一水平恒力F=8N，当小车向右速度达到1.5m/s时，在小车的前端轻轻放上一个大小不计、质量m=2kg的物体，物块与小车间的动摩擦因数μ=0.2，小车足够长，求物块从放上小车开始经过t=1.5s通过的位移大小（g=10m/s2）．

参考答案

1．A

【解析】

【详解】

蜻蜓做匀速直线运动，加速度为零，合力为零；蜻蜓受重力和空气的作用力而平衡，故空气作用力竖直向上，沿着a方向；故选A．

2．B

【详解】

在最高点有：

F1+mg＝m

；解得：

F1＝m

−mg；在最低点有：

F2−mg＝m

，解得：

F2＝mg+m

，所以F2-F1=2mg，故选B．

3．C

【详解】

由牛顿第二定律得：

F-Ff=ma；2F-Ff=ma′；由于物体所受的摩擦力：

Ff=μFN=μmg，即Ff不变，所以有：

，故选C．

4．C

【详解】

A.根据对称性可知，上升过程和下落过程的时间相等、位移大小相等、方向相反，则位移不同，故A错误。

B.物体到达最高点时，速度为零，加速度为g，故B错误。

C.根据：

△v=gt

知t相同，则整个过程中，任意相等时间内物体的速度变化量相同，故C正确。

D.用逆向思维，可知物体上升过程中最后1s内的运动，可以看自由落体运动的第1s内运动，则位移为：

m

与初速度无关，故D错误。

5．C

【解析】

【详解】

物体A做平抛运动，有：

（v2t+L）sinθ=

gt2；（v2t+L）cosθ=v1t；整理可得：

5t2-0.6v2t-9=0；（0.8v2-v1）t+12=0；故当v1=20 m/s，v2=20 m/s，t=3s，时等式成立，可知C正确。

故选C。

6．B

【解析】

【详解】

物体下滑过程中机械能守恒，所以有：

mgh=

mv2；物体滑到底端重力功率为：

P=mgvsinθ；联立解得：

P=mg

sinθ，故B正确，ACD错误。

故选B。

7．C

【解析】

【详解】

A、板间距离变为原来的4倍时，根据公式

可得电容为原来的

，两板的电量加倍，由

得知，电压变为8倍，由

分析得知，板间电场强度变为2倍，不符合题意，A错误；

B、距离变为原来的2倍时，根据公式

可得电容为原来的

，两板的电量加倍，由

得知，电压变为4倍，由

分析得知，板间电场强度变为2倍，不符合题意，B错误；

C、板间距离变为原来的4倍时，根据公式

可得，两板的电量减半，由

得知，电压变为原来的2倍，由

分析得知，板间电场强度变为原来的

符合题意，C正确；

D、板间距离变为原来的2倍，根据公式

可得电容为原来的2倍，两板的电量减半，由

得知，电压变为原来的

，由

分析得知，板间电场强度变为

倍，不符合题意，D错误．

8．BD

【解析】

【详解】

根据牛顿第二定律得，粒子的加速度

，可知加速度相等，因为初速度不同，根据位移时间公式知，运动的时间不同。

根据△v=at知，速度的变化量不同，根据∆P=m∆v可知动量增量不相同，故AC错误。

根据动能定理得，qU=△Ek，知电场力做功相同，则动能的增量相同。

故B正确。

因为电场力做做功相等，根据电场力做功与电势能的关系知，电势能的减小量相等。

故D正确。

故选BD。

9．AD

【解析】

【详解】

从细线被烧断到刚脱离弹簧的运动过程中，弹簧的压缩量逐渐减小，弹簧的弹性势能逐渐减小，所以球刚脱离弹簧时弹簧的弹性势能最小，故A正确。

开始弹力大于重力，小球加速上升，当小球的弹簧的弹力等于小球的重力时加速度减为零，此时速度最大，然后弹力小于重力，小球减速上升，当弹簧恢复原长时小球脱离弹簧，所以小球的动能先增大后减小，所以球刚脱离弹簧时的动能不是最大，故B错误。

小球在最低点时受到的合力最大，假设小球恰能到达弹簧原长位置速度为零，由对称性可知，小球在最低点时加速度为向上的g，此时小球受合力为mg，则在最低点受到的最大的合力为mg；因球脱离弹簧将被弹起继续向上运动，说明烧断细线瞬间，小球的加速度大于g，即球所受合力最大值大于球的重力值，选项C错误；从弹簧的弹力等于重力的位置向上继续运动直到脱离弹簧的过程中，小球的动能逐渐减小，但是弹簧的弹力对小球做正功，则小球的机械能增加，故D正确。

故选AD。

10．AC

【解析】

【详解】

物体向下滑动，故物体受到向上的滑动摩擦力为μF；因物体匀速下滑，则物体受力平衡，竖直方向受重力与摩擦力，二力大小相等，故摩擦力也等于G；故选AC。

11．AD

【解析】

【详解】

根据

得，周期

，由于地球公转的周期大于金星公转周期，则地球的轨道半径大于金星的轨道半径，故A正确。

金星和地球属于环绕天体，根据万有引力定律理论无法求出环绕天体的质量，则无法比较金星的质量和地球质量的大小关系，故B错误。

由于金星和地球的质量无法比较，半径也未知，无法比较密度的大小关系，故C错误。

根据

得，

，由于地球的轨道半径大，则地球的向心加速度小，故D正确。

故选AD。

12．ABD

【解析】

【详解】

根据碰撞过程中总动能不增加，必有 E1＜E0，E2＜E0，根据

可知，P1＜P0．否则就违反了能量守恒定律。

故AB正确，C错误；根据动量守恒定律得：

P0=P2-P1，得到P2=P0+P1，可见，P2＞P0．故D正确。

故选ABD.

13．2.37cm0.33cm

【解析】

【详解】

金属管内径读数是:

2.3cm+0.1mm×7=2.37cm，外径：

3cm+0.1mm×3=3.03cm；则管壁的厚度是：

（3.03-2.37）cm=0.33cm。

14．A2V1R2E21.511.50.78A

【解析】

【详解】

（1）[1][2][3][4]因小灯泡额定电流为0.3A，额定电压为3.8V，故电流表应选A2，电压表应选V1，又因测伏安特性曲线要求电压与电流调节范围大，故变阻器需用分压式接法，应选阻值小的变阻器，故变阻器应选R2，显然电源应选E2．

（2）[5]由R﹣U图象知U＝0时R为1.5Ω；

[6][7]U＝3V时R为11.5Ω；由

得P＝0.78W．

（3）[8]由

知，U＝0时P＝0，P随U的增大而增大，故A正确，BCD错误。

15．.

m/s，

m/s2

【解析】

设初速度为vA，分別经过AB、BC，则

代入数据联立，解得：

vA＝9m/s ，vB＝13m/s， a＝2m/s2

综上所述本题答案是：

m/s，

m/s2

16．

【解析】

试题分析：

木块下陷过程中受到重力和阻力作用，根据动能定理可得

（1）

爆竹爆炸过程中木块和爆竹组成的系统动量守恒，故有

（2）

爆竹完后，爆竹做竖直上抛运动，故有

（3）

联立三式可得：

考点：

考查了动量守恒定律，动能定理的应用

点评：

基础题，比较简单，本题容易错误的地方为在A下降过程中容易将重力丢掉

17．2.1m

【解析】

【详解】

开始一段时间，物块相对小车滑动，两者间相互作用的滑动摩擦力的大小为Ff=μmg=4N．

物块在Ff的作用下加速，加速度为：

am=

=2m/s2．

小车在推力F和f的作用下加速，加速度为：

aM=

=0.5m/s2．

初速度为υ0=1.5m/s，设经过时间t1，两者达到共同速度v，则有：

v=amt1=v0+aMt1

代入数据可得：

t1=1s，v=2m/s

在这t1时间内物块向前运动的位移为s1=

amt2=1m．

以后两者相对静止，相互作用的摩擦力变为静摩擦力将两者作为一个整体，在F的作用下运动的加速度为a，则：

F=（M+m）a

得：

a=0.8m/s2．

在剩下的时间t2=t-t1=0.5s时间内，物块运动的位移为：

s2=vt2+

at2

得：

s2=1.1m．

可见小物块在总共1.5s时间内通过的位移大小为：

s=s1+s2=2.1m．