课时跟踪练十五 高考生物总复习精品专题学案Word版含答案.docx
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课时跟踪练十五高考生物总复习精品专题学案Word版含答案
课时跟踪练（十五）
一、选择题（每小题6分，共60分）
1．（2019·北京西城区模拟）下列有关孟德尔的“假说—演绎法”的叙述中，不正确的是（ ）
A．在“一对相对性状的遗传实验”中提出了遗传因子的说法
B．“测交实验”是对推理过程及结果进行的检验
C．“生物性状是由遗传因子决定的；体细胞中遗传因子成对存在；配子中遗传因子成单存在；受精时，雌雄配子随机结合”属于演绎的内容
D．“F1能产生数量相等的两种配子”属于推理内容
解析：
孟德尔在“一对相对性状的遗传实验”中提出了遗传因子的说法，A正确；为了验证做出的假设是否正确，孟德尔设计并完成了测交实验，即让F1与隐性纯合子杂交，B正确；“生物性状是由遗传因子决定的；体细胞中遗传因子成对存在；配子中遗传因子成单存在；受精时，雌雄配子随机结合”属于假说的内容，C错误；“F1能产生数量相等的两种配子”属于推理内容，D正确。
答案：
C
2．（2018·江苏卷）一对相对性状的遗传实验中，会导致子二代不符合3∶1性状分离比的情况是（ ）
A．显性基因相对于隐性基因为完全显性
B．子一代产生的雌配子中2种类型配子数目相等，雄配子中也相等
C．子一代产生的雄配子中2种类型配子活力有差异，雌配子无差异
D．统计时子二代3种基因型个体的存活率相等
解析：
一对相对性状的遗传实验中，若显性基因相对于隐性基因为完全显性，则子一代为杂合子，子二代性状分离比为3∶1，A正确；若子一代雌雄性都产生比例相等的两种配子，则子二代性状分离比为3∶1，B正确；若子一代产生的雄配子中2种类型配子活力有差异，雌配子无差异，则子二代性状分离比不为3∶1，C错误；若统计时，子二代3种基因型个体的存活率相等，则表现型比例为3∶1，D正确。
答案：
C
3．（2019·湖北联考）某同学利用性状分离比的模拟实验装置，进行了如下实验：
甲、乙两个容器中各放置两种小球，球上标记的A、a代表基因；实验时每次从甲、乙两个容器中各随机取出一个小球，记录组合情况，如此重复多次并计算各种组合间的比例，下列说法错误的是（ ）
A．甲容器中的小球可能代表精子，也可能代表卵细胞
B．本实验模拟了两对等位基因之间的自由组合
C．甲、乙两个容器中不同小球的数量比应为1∶1
D．重复的次数越多，组合间的比例越接近AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1
解析：
甲、乙两容器分别代表雌雄生殖器官，装入的小球代表雌雄配子，A正确；本实验只涉及一对等位基因，所以只模拟了一对等位基因的分离，B错误；甲、乙两容器中不同小球的数量比为1∶1，C正确；重复的次数越多，组合间的比例越接近AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，D正确。
答案：
B
4．某玉米品种含一对等位基因A和a，其中a基因纯合的植株花粉败育，即不能产生花粉，含A基因的植株完全正常。
现有基因型为Aa的玉米若干，每代均为自由交配至F2，F2植株中正常植株与花粉败育植株的比例为（ ）
A．1∶1 B．3∶1
C．5∶1D．7∶1
解析：
亲本Aa自交产生的F1有三种类型1AA、2Aa、1aa，F1自由交配，产生的雌配子有2种，
A、
a，由于aa的花粉败育，因而产生两种雄配子
A、
a，雌雄配子随机结合，产生的后代中花粉败育的aa占
，则正常的占
，故选C。
答案：
C
5．（2019·灵宝质检）玉米是雌雄同株、异花受粉植物，可以接受本植株的花粉，也能接受其他植株的花粉，在一块农田里间行种植等数量基因型为Aa和aa的玉米（A与a分别控制显性性状和隐性性状，AA、Aa表现型相同且不存在致死现象），在收获的子代玉米中该显性性状与隐性性状的比例应接近（ ）
A．1∶3B．5∶8
C．1∶1D．7∶9
解析：
群体中杂合子和隐性纯合子数量相等，即Aa∶aa＝1∶1，由此可以得到A的基因频率为
，a的基因频率为
。
由于玉米之间是自由交配，所以根据基因频率可以计算出后代aa即隐性个体的比例为
，则显性个体的比例为1－
＝
。
故子代中显性个体与隐性个体的数量比为7∶9。
答案：
D
6．（2019·郑州模拟）已知某种花的花瓣有三种表现型：
大花瓣、中花瓣、小花瓣。
受一对等位基因控制，且只有中花瓣个体自交才能产生小花瓣，则下列说法正确的是（ ）
A．该花花瓣为大花瓣的都是纯合子
B．小花瓣有可能是杂合子
C．中花瓣自交后代出现三种表现型，不能叫性状分离
D．中花瓣不一定是杂合子
解析：
假设花瓣性状由A、a控制。
根据题干中花瓣自交后代出现其他花瓣，则中花瓣一定是杂合子（Aa），而大花瓣和小花瓣都为纯合子（AA和aa）。
答案：
A
7．若用玉米为实验材料验证孟德尔分离定律，下列因素对得出正确实验结论影响最小的是（ ）
A．所选实验材料是否为纯合子
B．所选相对性状的显隐性是否易于区分
C．所选相对性状是否受一对等位基因控制
D．是否严格遵守实验操作流程和统计分析方法
解析：
用于杂交的两个个体如果都是纯合子，验证孟德尔分离定律的方法是先杂交再测交或先杂交再自交，子二代出现1∶1或3∶1的性状分离比；如果不都是或者都不是纯合子，则可以用自交或者测交的方法来验证，A项符合题意。
显隐性不容易区分容易导致统计错误，影响实验结果，B项不符合题意。
所选相对性状必须受一对等位基因控制，如果受两对或多对等位基因（位于两对或多对同源染色体上）控制，则符合自由组合定律，C项不符合题意。
如果不遵守实验操作流程和统计分析方法，实验结果的准确性就不能得到保证，D项不符合题意。
答案：
A
8．（2019·天一大联考）已知某种植物果皮的有毛和无毛由常染色体上的一对等位越因（D、d）控制，让多个果皮有毛的亲本自交，F1的表现型及比例为有毛∶无毛＝7∶1（不考虑基因突变、染色体变异和致死情况）。
下列有关分析不合理的是（ ）
A．该植物果皮的有毛对无毛为显性
B．亲本的基因型有DD、Dd两种，且比例为1∶1
C．F1中d基因的频率为
D．F1果皮有毛植株中DD∶Dd＝4∶1
解析：
让多个果皮有毛的亲本自交，F1的表现型及比例为有毛∶无毛＝7∶1，后代出现了无毛，说明了有毛对无毛为显性，A正确；Dd自交后代无毛的比例为
，而后代无毛的比例为
，说明亲本DD∶Dd＝1∶1，B正确；子一代DD∶Dd∶dd＝5∶2∶1，则d的基因频率＝2×
＋
＝
，C正确；F1果皮有毛植株中DD∶Dd＝5∶2，D错误。
答案：
D
9．某鼠种群毛色有黄色（A1）、白色（A2）和黑色（A3）三种。
基因的显隐关系为A1对A2、A3为显性。
A2对A3为显性。
任意两只黄色鼠交配，子代中黄色鼠概率总为
。
下列叙述错误的是（ ）
A．出现多种毛色说明基因突变具有不定向性
B．鼠黄色基因A1存在纯合致死现象
C．种群中鼠的毛色基因型共有5种
D．两只鼠杂交的子代不可能有三种毛色
解析：
复等位基因的产生是由于基因突变的不定向性，A正确；任意两只黄色鼠交配，子代黄色鼠的概率总为
，说明黄色基因A1纯合时胚胎死亡，B正确；种群中鼠毛色基因型为A1A2、A1A3、A2A3、A2A2、A3A35种，C正确；A1A3和A2A3杂交后代会出现三种毛色，D错误。
答案：
D
10．（2019·江苏调研）一群绵羊中，基因型为HH的个体表现为有角，基因型为hh的个体表现为无角，基因型为Hh的个体，公羊表现为有角，母羊表现为无角。
现将一头有角公绵羊与一头无角母绵羊交配，F1中公羊均有角，母羊均无角。
让F1中的公羊与母羊随机交配获得F2，F2的公羊中有角羊占
，母羊中有角羊占
。
下列有关叙述不正确的是（ ）
A．F1中公羊与母羊基因型相同
B．F2中无角公羊与无角母羊比例相同
C．若将F2中有角公羊与有角母羊交配，所得子代中有角羊占
D．若将F2中有角公羊与无角母羊交配，所得子代有角中纯合有角羊占
解析：
根据题意分析，有角公绵羊的基因型为HH或Hh，无角母绵羊的基因型为Hh或hh，F1中公羊均有角，母羊均无角，因此亲代基因型为HH和hh，子代公羊与母羊基因型都为Hh，A正确；让F1中的公羊与母羊随机交配获得F2，基因型及其比例为HH∶Hh∶hh＝1∶2∶1，则F2中无角公羊（hh）的比例为
，无角母羊（Hh或hh）比例为
，B错误；若将F2中有角公羊
与有角母羊（HH）交配，后代基因型及其比例为HH∶Hh＝2∶1，因此后代无角母羊的比例为
，所以子代中有角羊占
，C正确；若将F2中有角公羊
与无角母羊
交配，后代基因型及其比例为HH∶Hh∶hh＝
∶
∶
＝2∶5∶2，因此所得子代中纯合个体占
，D正确。
答案：
B
二、非选择题（共40分）
11．（8分）某研究性学习小组调查人群中双眼皮和单眼皮（控制眼皮的基因用A、a表示）的遗传情况，统计结果如表：
组别
婚配方式
家庭
（个）
儿子（人）
女儿（人）
母
父
单眼皮
双眼皮
单眼皮
双眼皮
一
单眼皮
单眼皮
45
23
0
24
0
二
单眼皮
双眼皮
222
30
90
33
80
三
双眼皮
双眼皮
160
20
60
21
64
四
双眼皮
单眼皮
80
20
22
21
19
根据表中内容，分析回答下列问题：
（1）根据表中第________组调查结果，可判断这对相对性状中的隐性性状是________。
（2）第二组抽样家庭中，父亲的基因型可能是________。
（3）第一组某家庭中，母亲去美容院通过外科手术将单眼皮变成双眼皮以后，该家庭生一个双眼皮孩子的概率为________。
（4）幼儿黑蒙性白痴是一种严重的精神病，这是一种由常染色体上基因控制的隐性遗传病。
一对正常的双亲生了一个患此病的女儿和一个正常的儿子，那么这个儿子携带此隐性基因的概率是________。
解析：
（1）表中第三组调查结果显示：
双亲均为双眼皮，却生出了单眼皮的子女，据此可判断单眼皮是隐性性状。
（2）第二组抽样家庭中，父亲为双眼皮，母亲为单眼皮，因后代既有双眼皮的个体，又有单眼皮的个体，所以父亲的基因型可能是AA或Aa。
（3）第一组家庭的双亲均为单眼皮，基因型均为aa，母亲通过外科手术将单眼皮变成的双眼皮不能遗传，即母亲的基因型仍为aa，所以该家庭生一个双眼皮孩子的概率为0。
（4）若控制幼儿黑蒙性白痴的基因用B、b表示，则一对正常的双亲生了一个患幼儿黑蒙性白痴的女儿和一个正常的儿子，说明双亲的基因型均为Bb，这个正常儿子可能的基因型及其比例为BB∶Bb＝1∶2，故其携带此隐性基因（b）的概率是
。
答案：
（1）三 单眼皮
（2）AA或Aa （3）0 （4）
12.（12分）（2019·菏泽模拟）羊毛的黑色和白色（相关基因用A、a表示）、羊的有角和无角（相关基因用B、b表示）是由位于两对常染色体上的不同基因控制的，两对基因独立遗传，其毛色的遗传图解如右图：
请回答下列相关问题：
（1）羊的毛色中，________为显性性状，F1中的两黑色羊再生一黑色母羊的概率为________。
（2）用多对纯合的有角公羊和无角母羊杂交，得到足够多的子一代，F1中公羊全为有角，母羊全为无角。
F1个体相互交配，在F2公羊中，有角∶无角＝3∶1；在F2母羊中，有角∶无角＝1∶3。
某生物学家对此作出的解释是：
相同的基因型在公羊和母羊中的________可能不同。
若此解释正确，则F2无角母羊的基因型及比例为____________。
若要验证此解释是否成立，应让无角公羊和___________交配，若子代________________________________，则此解释正确。
该生物学家的探究过程体现了现代科学研究中常用的一种科学方法叫做________。
解析：
（1）根据图解判断白色为隐性性状，黑色为显性性状，F1黑色羊的基因型为Aa，F1中的两黑色羊再生一黑色母羊的概率为
×
＝
。
（2）根据F2的表现型判断F1的基因型为Bb，Bb的公羊有角，Bb的母羊无角。
F2无角母羊的基因型及比例为Bb∶bb＝2∶1。
若要验证此解释成立，可让无角公羊（aa）与多只F1的无角母羊（Bb）或有角母羊（BB）交配，观察后代公羊和母羊的表现型及比例。
答案：
（1）黑色
（2）表现型 Bb∶bb＝2∶1 F1中的多只无角母羊（或多只有角母羊） 公羊中，有角与无角比例为1∶1，母羊全为无角（或公羊全为有角，母羊全为无角） 假说—演绎法
13．（8分）（2019·湖南师大附中检测）在某种安哥拉兔中，长毛（由基因HL控制）与短毛（由基因HS控制）是由一对等位基因控制的相对性状。
某生物育种基地利用纯种安哥拉兔进行如下杂交实验，产生了大量的F1与F2个体，统计结果如下表。
请分析回答下面的问题：
实验一
长毛（♂）×短毛（♀）
F1
雄兔
全为长毛
雌兔
全为短毛
实验二
F1雌雄个体交配
F2
雄兔
长毛∶短毛＝3∶1
雌兔
长毛∶短毛＝1∶3
（1）控制安哥拉兔长毛、短毛的等位基因（HL、HS）位于________染色体上，F1雌雄个体的基因型分别为________。
（2）F2中短毛雌兔的基因型及比例为________。
（3）若想利用F1及纯种亲本验证上述有关推测，既可让F1长毛雄兔与多只纯种短毛雌兔杂交，也可让________________杂交，请预期后者杂交子代雌兔、雄兔的表现型及比例为____________________。
解析：
分析表格：
长毛（♂）×短毛（♀）的子代中，雄兔全为长毛，雌兔全为短毛，说明雄兔中，长毛为显性性状，而雌兔中，短毛为显性性状。
F1雌、雄个体交配，子代雄兔中长毛∶短毛＝3∶1，雌兔中长毛∶短毛＝1∶3，可见都遵循基因的分离定律，且控制长毛和短毛的基因位于常染色体上。
（2）雄兔中长毛（由基因HL控制）为显性性状，雌兔中短毛（由基因HS控制）是显性性状，因此亲本基因型为HLHL（雄）、HSHS（雌），则F1的基因型为HLHS（雄）、HLHS（雌）。
F1雌雄个体交配，F2中雄性：
长毛（HLHL、HLHS）∶短毛（HSHS）＝3∶1，雌性：
长毛（HLHL）∶短毛（HLHS、HSHS）＝1∶3，因此F2中短毛雌兔的基因型及比例为HLHS∶HSHS＝2∶1。
（3）若要通过测交实验以验证上述有关推测，既可让F1长毛雄兔与多只纯种短毛雌兔杂交，也可让多只F1短毛雌兔与纯种长毛雄兔杂交，后者子代雌兔、雄兔的表现型及比例为长毛雌兔∶短毛雌兔∶长毛雄兔＝1∶1∶2。
答案：
（1）常 HLHS、HLHS
（2）HLHS∶HSHS＝2∶1
（3）多只F1短毛雌兔与纯种长毛雄兔 长毛雌兔∶短毛雌兔∶长毛雄兔＝1∶1∶2
14．（12分）某学校生物小组在一块较为封闭的低洼地里发现了一些野生植株，这些植株的花色有红色和白色两种，茎秆有绿茎和紫茎两种。
同学们分两组对该植物的花色、茎色进行遗传方式的探究。
请根据实验结果进行分析并回答下列问题：
第一组：
取90对亲本进行实验
第二组：
取绿茎和紫茎的植株各1株
分组
杂交组合
F1表现型
交配组合
F1表现型
A：
30对亲本
红花×红花
36红花∶1白花
D：
绿茎×紫茎
绿茎∶紫茎＝1∶1
B：
30对亲本
红花×白花
5红花∶1白花
E：
紫茎自交
全为紫茎
C：
30对亲本
白花×白花
全为白花
F：
绿茎自交
由于虫害，植株死亡
（1）从第一组花色遗传的结果来看，花色隐性性状为________，最可靠的判断依据是________组。
（2）若任取B组的一株亲本红花植株使其自交，其子一代表现型的情况是____________________________________。
（3）由B组可以判定，该种群中显性纯合子与杂合子的比例约为________。
（4）A、B两组杂交后代没有出现3∶1或1∶1的分离比，其原因是________________________________。
（5）从第二组茎色遗传的结果来看，隐性性状为________，判断依据是________组。
（6）如果F组正常生长繁殖，其子一代表现型的情况是
____________________________________________________。
解析：
（1）由A组中“红花×红花”后代出现性状分离可以判定白花为隐性性状。
依据C组不能作出判断，因为若亲代全为显性纯合子或至少有一方为显性纯合子，后代也会出现这种情况。
（2）B组亲本中的任意一株红花植株，可能是纯合子也可能是杂合子，因此自交后代出现的情况是全为红花或红花∶白花＝3∶1。
（3）B组中的白花个体为隐性纯合子，因此F1中5红花∶1白花就代表了亲代中的所有红花亲本所含显隐性基因的比为显性基因∶隐性基因＝5∶1。
如果设显性基因为R，则RR∶Rr＝2∶1。
（4）亲本中的红花个体既有纯合子，又有杂合子，因此杂交组合有多种情况（如A组可能有RR×RR、RR×Rr、Rr×Rr三种情况；B组可能有RR×rr、Rr×rr两种情况），所以后代不会出现一定的分离比。
（5）第二组的情况与第一组不同，第一组类似于群体调查结果，第二组为两亲本杂交情况，D组可判定为测交类型，亲本一个为杂合子，一个为隐性纯合子；再根据E组可判定紫茎亲本为隐性纯合子。
（6）杂合子自交，后代将出现3∶1的性状分离比。
答案：
（1）白色 A
（2）全为红花或红花∶白花＝3∶1
（3）2∶1 （4）红花个体既有纯合子，又有杂合子，因此，后代不会出现一定的分离比 （5）紫茎 D和E （6）绿色∶紫茎＝3∶1
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