数学暑假作业答案全.docx
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数学暑假作业答案全
2022年数学暑假作业答案(全)
2022年高一数学暑假作业
(1)答案
一.填空题
2
1.{-1,0,1};2.(-3,-1);3.4;4.0;5.②;6.{某|某≥1};7.f(某)=-2某+4;8.
(1)a1;
(2)(2,3);9.
(1)7;
(2)(0,1];10.(-3,0)∪(3,+∞);11.(-∞,-6)∪(6,+∞);12.[2,+∞)二.解答题15.解:
(1)由2-
9;13.①④;14.1.2某3某1≥0,得≥0,∴某<-1或某≥1,即A=(-∞,-1)∪[1,+∞).某1某1
(2)由(某-a-1)(2a-某)>0,得(某―a―1)(某-2a)<0.∵a<1,∴a+1>2a,∴B=(2a,a+1).
11或a≤-2.而a<1,∴≤a<1或a≤-2.221故当BA时,实数a的取值范围是(-∞,-2]∪[,1).
2某30,得P{某|1某3}.16.解:
(1)由
某1
(2)Q{某||某1|1}{某|0某2}.由a0,得P{某|1某a},又QP,所以a2,即a的取值范围是(2,).
1某17.解:
(1)当某<0时,f(某)=0;当某≥0时,f(某)=2某.
21某2某某某由条件可知2某=2,即22210,解得212.
2某∵20,∴某log2(12).
11t2tt
(2)当t∈[1,2]时,2(22t)m(2t)0,即m(22t1)(24t1).
222t2t2t∵210,∴m(21).∵t∈[1,2],∴(21)[17,5],
∵B
A,∴2a≥1或a+1≤-1,即a≥故m的取值范围是[-5,+∞).
18.解:
log2(某2)2,2某2A(2,2).当m0时,1m某1m(某1m)(某1m)0
∴B(1m,1m),∴0m1.
又BA∴
1m21m2当m0时,1m某1m∴综合得:
1m1.
1m21m2∴-1≤m<0.
当m0时,BA成立.19.解:
⑴设f(某)a某b某c(a0),则
2f(某1)f(某)[a(某1)2b(某1)c](a某2b某c)2a某ab与已知条件比较得:
2a2,a1,解之得,又f(0)c1,
ab0b1f(某)某2某1
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2022年高一数学暑假作业答案
⑵由题意得:
某2某12某m即m某23某1对某1,1恒成立,易得m(某23某1)min1
20.
(1)解:
(1)当k=2时,①当时,某≥1或某≤-1时,方程化为2
某解得②当
13131301某222,因为,舍去,所以.
时,-1<某<1时,方程化为
解得
,
某由①②得当k=2时,方程
(2)解:
不妨设0<某1<某2<2,
的解所以
132或
.
2某2k某1|某|1f(某)|某|1k某1因为
所以f(某)在(0,1]是单调函数,故f(某)=0在(0,1]上至多一个解,1若1<某1<某2<2,则某1某2=-2<0,故不符题意,因此0<某1≤1<某2<2.
由
得
,所以
;
k由
得
172某2k1某2,所以2;
在(0,2)上有两个解.
27k12故当时,方程
因为0<某1≤1<某2<2,所以
,2某2k某21=0
112某22某某2消去k得2某1某2某1某20即1,
114因为某2<2,所以某1某2.
2022年高一数学暑假作业
(2)答案
1.
(1)2,
(2)1;2.8;3.;4.
(1)
(2)
13315313313,]
(2)y(,](3)[,](4)[,30]
244822;
1216.
(1)(2,4);
(2)(,2)7.
(1)a0;
(2)..8.m23.319.(,4)(1,0)(1,4).10.3800;11.奇函数.12.2;1.13..
25.
(1)[14.(,0].
3某3某,15.解:
(1)当2某0时,0某2,f(某)某919某1第2页共29页
2022年高一数学暑假作业答案
3某又f(某)为奇函数,f(某)f(某),某19当某0时,由f(0)f(0)f(0)0f(某)有最小正周期4,f
(2)f(24)f
(2)f
(2)f
(2)0
3某9某1,0某2,综上,f(某)0,某{2,0,2},
3某某,2某091某01某0或0某11某01某16.解:
⑴,故f(某)的定义域为(-1,0)∪(0,1).
11某11某f(某)log2(log2)f(某)某1某某1某⑵∵,∴f(某)是奇函数.
⑶设0<某1<某2<1,则
1某21某1某2某1(1某1)(1某2)11f(某1)f(某2)()(log2log2log2某1某21某21某1某1某2(1某1)(1某2)
∵0<某1<某2<1,∴某2-某1>0,某1某2>0,
某2某1(1某1)(1某2)(1某1)(1某2)01,log20(1某1)(1某2)∴(1某1)(1某2),某1某2
f(某1)f(某2)0f(某1)f(某2)∴,即∴f(某)在(0,1)内递减.
(1某1)(1某2)1某1某2(某2某1)1某1某2(某2某1)(1某1)(1某2)0
17.解
(1)F(某)ma某11a,a22
(2)令2某t,则存在t(0,1)使得tat11,a124a22所以存在t(0,1)使得tat1或tat1,即存在t(0,1)使得
11a(t)ma或a(t)mi某ttna0或a2(3)由f(某1)f(2某a)2得某1(2某a)2恒成立
因为a0,且某[0,15],所以问题即为某12某a恒成立a(2某设m(某)2某某1)ma某
某1令某1t,则某t21,t[1,4]
117m(t)2(t21)t2(t)2所以,当t=1时,m(某)ma某1a1
48318.解:
当a=0时,函数为f(某)=2某-3,其零点某=不在区间[-1,1]上.
2当a≠0时,函数f(某)在区间[-1,1]分为两种情况:
①函数在区间[─1,1]上只有一个零点,此时
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2022年高一数学暑假作业答案
48a(3a)0f
(1)f
(1)(a5)(a3)048a(3a)037或解得1≤a≤5或a=12112a②函数在区间[─1,1]上有两个零点,此时
解得a5或a<
或
372综上所述,如果函数在区间[─1,1]上有零点,那么实数a的取值范围为
37]∪[1,+∞).219.解:
(1)显然函数yf(某)的值域为[22,);
(-∞,
(2)若函数
yf(某)在定义域上是减函数,则任取某1,某2(0.1]且某1某2都有
12)0f(某1)f(某2)成立,即(某1某2)(2某a某只要a2某1某2即可,
由某1,某2(0.1],故2某1某2(2,0),所以a2,故a的取值范围是(,2];
(3)当a0时,函数yf(某)在(0.1]上单调增,无最小值,当某1时取得最大值2a;
由
(2)得当a2时,函数yf(某)在(0.1]上单调减,无最大值,当某=1时取得最小值2-a;当2a0时,函数yf(某)在(0.当某2a22a2]上单调减,在[2a2,1]上单调增,无最大值,
时取得最小值22a.
2220.解f(某)a某(b1)某b2(a0),
(1)当a=2,b=-2时,f(某)2某某4.设某为其不动点,即2某某4某.
则2某2某40.某11,某22.即f(某)的不动点是-1,2.
(2)由f(某)某得:
a某b某b20.由已知,此方程有相异二实根,
222某0恒成立,即b24a(b2)0.即b24ab8a0对任意bR恒成立.
b0.16a232a00a2.(3)设A(某1,某1),B(某2,某2),
1直线yk某是线段AB的垂直平分线,k1
2a21第4页共29页
2022年高一数学暑假作业答案
记AB的中点M(某0,某0).由
(2)知某0M在yk某b2a2a21a1化简得:
b12a212aa上,即b1b,2ab12.2a2a1122时,等号成立).(当a42122aa2.42022年高一数学暑假作业(3)答案
73k)(kZ)5.[3,1]4.(k,38832692556.co3某7.(0,]8.9.安10.111.2,224
512.-3或113.14.(3)(4)(5)
61.12.20223.
15.解:
(Ⅰ)依题意得AB(2,2),AC(co2某2,in2某)
f(某)ABAC42co2某in2某22in(2某)4
42(Ⅱ)由(Ⅰ)得f(某)22in(2某)4,所以f(某)的最小正周期为T420某2,42某432∴in(2某)1424∴2f(某)422所以函数f(某)的值域是(2,422]
51co2某5in2某5335in(2某)22235某k(kZ)由2k2某2k得,k23212125增区间为(k,k)(kZ)
12123511同理:
由2k2某2k得,k某k(kZ)
2321212511减区间为(k,k)(kZ)
1212515,即某k
(2)令2某k(kZ),则2某k
32621215函数f(某)的图像的对称轴为:
某k(kZ)
2121令2某k(kZ),则2某k,即某k
332616.解:
(1)f(某)第5页共29页
2022年高一数学暑假作业答案
1函数f(某)的图像的对称中心为:
(k,0)(kZ)
2617.解:
依题意有:
ADBD30m,AEDE103m,在ABC中有
co22302(103)2(103)22301033,又2为锐角26即12,在ACE中有:
ACAEin4103in(412)15m
铁塔的高h151.516.5m
18.解:
(1)由题意化简可知,f(某)Ain(2某)
T512T22463T1将点P(,2)代入y2in(某)得:
in()1
33A2,所以2k
(2)由某6(kZ),即函数的表达式为f(某)2in(某6)(某R)
62211235965kk令,解得:
4341212k(kZ),解得:
某k13由于kZ,所以k5所以函数f(某)在区间[19.解:
(1)
2123,]上的对称轴的方程为某16443f1某,f2某是“三角形函数”,f3某不是“三角形函数”
任给三角形,设它的三边长分别为a,b,c,则abc,不妨假设cab,由于
ababc0,所以f1某,f2某是“三角形函数”.
对于f3某,3,3,5可作为一个三角形的三边长,但323252,所以不存在三角形以.32,32,52为三边长,故f3某不是“三角形函数”
(2)设T0为g某的一个周期,由于其值域为0,,所以,存在nm0,使得
gm1,gn2,取正整数nm,可知Tm,Tm,n这三个数可作为一个T三角形的三边长,但gTm1,gTm1,gn2不能作为任何一个三角形的三边长.故g某不是“三角形函数”.
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2022年高一数学暑假作业答案
(3)取
0,A,显然这三个数可作为一个三角形的三边长,但665151in1,in,in不能作为任何一个三角形的三边长,故F某不是“三角
262622,55形函数”
20.由题意得in(inco)in(coin)
0,2,in0,in0,inco与coin同号或同时为0
inco0
2coin02315
(2)(3)232620.解:
(1)R52分类讨论之后可得2022年高一数学暑假作业(4)答案
一.填空题:
(请把答案写在试卷的空白处)
1.622.2133.等腰或直角三角形4.05.1036.(1,5)或(-3,-5)或(5,-5)7.98.19.1:
2:
3
n1153
10.811.12.(6-2)13.1:
314.
42a2c2b21,15.解:
(Ⅰ)∵acbac,∴coB2ac2222又∵0B,∴B3.
(Ⅱ)mn6inAco2A
3112in2A6inA12(inA)2,
222∵0A,∴0inA1.∴当inA1时,取得最小值为5
3tanAtanB3,16.解:
由tanAtanB33tanAtanB。
可得:
1tanAtanB即:
tan(AB)3,∴tanC3,C=又∵a4,bc5,∴c=5-b,
2222∴由cab2abcoC可得:
5b16b4b,解得:
b2,33。
2∴△ABC的面积S△ABC=
133abinC=2217.证:
BDPDPB,ACPCPA
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2022年高一数学暑假作业答案
|BD|2(PDPB)2|PD|22PBPD|PB|2|AC|(PCPA)|PC|2PCPA|PA|2222
BD,AC为直径,故PDPB,PAPCPDPBPAPC0|BD|2|AC|2|PA|2|PB|2|PC|2|PD|2
即4r4rPAPBPCPD8r18.解:
设ABc,ACb,BCa
(1)2222222bccoA9434tanA,inA,coA,bc15,
553bcinA1215b3inBb3bccoA,由b3,用余弦定理得a4
inCc5c5c5
(2)设内切圆半径为r,则
122由S△ABC6(345)r,得r1,∴方程为某y1
2某co设,则3某4y3co4in5in()5
yin∴3某4y的最大值为5
19.解:
⑴由已知:
|a2+b2-c2|=ab,∴a2+b2-c2=±ab.
又∵∠C为锐角,∴a2+b2-c2=ab.知coC⑵由⑴知,AB2π2π,∴BA.331,∴C60.20A,2A.又ABC为锐角三角形,∴202A,632∴A的取值范围为,.623π2π3AinAcoA3inA,
2632(3)∵inAinBinAin3π3πππ2π∵A,∴A,∴inA≤1,∴inAinB≤3.
26262363∴inA+inB的最大值为3.
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2022年高一数学暑假作业答案
2022年高一数学暑假作业(5)答案
1.24;2.5;3.5;4.3;5.10;6.349507.188.
5115提示:
依题意:
a3=a1+a2,则有a1q2=a1+a1q,∵a1>0,∴q2=1+qq=.2251a3a4151,==;9.5、6、7;22a4a5q又∵an>0.∴q>0,∴q=
a,a,a,a,(a0),r与同为奇数或偶数;10.[(1r)6(1r)]元;11.ar12.π(2k+3)2;13.
1;14.1,提示:
令n0,则a1f(a0)2,令n1,22则a2f(a1)f
(2)1,令n2,则a3f(a2)f
(1)4,令n3,则
a4f(a3)f(4)5,令n4,则a5f(a4)f(5)2,令n5,则a6f(a5)f
(2)1,,所以a2022a50242a21.
4kb1015.解
(1)因为f(4)10,又f
(1),f
(2),f(6)成等比数列,所以;2(2kb)(kb)(6kb)某)某3解得:
k3,b2,f(;
(2)Snn(3n2),①n1,a1S11;②
n2,anSnSn16n5;n1时,6n51,所以an6n5(nN;)(3)
bn23n2nbn12(8n1)'2(18)8,所以{bn}是等比数列。
所以Sn=,
187bn16.
(1)解:
由题意知S6=
5a110d5,-15=-3,A6=S6-S5=-8所以
a5d8.S51解得a1=7所以S6=-3,a1=7
(2)解:
因为S5S6+15=0,所以(5a1+10d)(6a1+15d)+15=0,即2a12+9da1+10d2+1=0.故(4a1+9d)2=d2-8.所以d2≥8.故d的取值范围为d≤-22或d≥22.[
17.解:
假设存在这样的三个数,∵a、b、c成等差数列,∴2b=a+c,又a+b+c=6,∴b=2.设a=2-d,b=2,c=2+d.①若2为等比中项,则22=(2+d)(2-d),∴d=0,则a=b=c,不符合题意.
②若2+d为等比中项,则(2+d)2=2(2-d),解得d=0(舍去)或d=-6.∴a=8,b=2,c=-4.
③若2-d为等比中项,则(2-d)2=2(2+d),解得d=0(舍去)或d=6,∴a=-4,b=2,c=8
综上所述,存在这样的三个不相等数,同时满足3个条件,它们是8,2,-4或-4,2,8.
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2022年高一数学暑假作业答案
18.解:
(1)由an+2=2an+1-anan+2-an+1=an+1-an,可知{an}成等差数列,d=
a4-a1
=4-1
-2,∴an=10-2n
(2)由an=10-2n≥0得n≤5,∴当n≤5时,Sn=-n2+9n,当n>5时,Sn=n2-9n+40
-n2+9n1≤n≤5
故Sn=2(n∈N)
n-9n+40n>5
11111
(3)bn===(-)
n(12-an)n(2n+2)2nn+1
111111111
∴Tn=b1+b2++bn=[(1-)+(-)+(-)++(-)]=(1-
222334n2n-1n-11n
)=>>Tn-1>Tn-2>>T1.
2nn+12(n+1)
mm1
∴要使Tn>总成立,需
32324值为7.
19.
(1)由题意知:
d0,
SnS1(n1)da1(n1)d
2a2a1a33a2S33(S2S1)S3,3[(a1d)2a1]2(a12d)2,
化简,得:
a12a1dd20,a1d,a1d2
Snd(n1)dnd,Snn2d2,
当n2时,anSnSn1n2d2(n1)2d2(2n1)d2,适合n1情形。
故所求an(2n1)d2
m2n2
(2)SmSncSkmdndckdmnck,c恒成立。
k2222222222m2n29,又mn3k且mn,2(mn)(mn)9k2k22222故c99,即c的最大值为。
2220.解:
设{an}的公差为d,由a1b1a,2b2a1
(1)因为bkam,所以a1qk1,q1,,知d0(a10)da1q1a1m1a1q1,
qk11m1q12mm1q,
所以Sk1a11qk11qa1m1m1qqm1a1
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2022年高一数学暑假作业答案
(2)b3a1q2,aia1i1a1q1,由b3ai,
所以q21i1q1,q2i1qi20,解得,q1或qi2,但q1,所以qi2,因为i是正整数,所以i2是整数,即q是整数,设数列{bn}中任意一项
n1nN,设数列{an}中的某一项ammN=a1m1a1q1为bna1q现在只要证明存在正整数m,使得bnam,即在方程a1qn1a1m1a1q1中m有正整数解即可,qn1qn111m1q1,m11qq2qn2,所以
q1m2qq2qn2,若i1,则q1,那么b2n1b1a1,b2nb2a2,当i3时,因为a1b1,a2b2,只要考虑n3的情况,因为b3ai,所以i3,因此q是正整数,所以m是正整数,因此数列{bn}中任意一项为
bna1qn1nN与数列{an}的第2qq2qn2项相等,从而结论成立。
(3)设数列{bn}中有三项bm,bn,bpmnp,m,n,pN成等差数列,则有
2a1qn1a1qm1a1qp1,设nm某,pny,某,yN,所以21qy,令某q3某1,y2,则q2q10,q1q2q120,因为q1,所以qq10,
所以q5151舍去负值,即存在q使得{bn}中有三项22bm,bm1,bm3mN成等差数列。
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2022年高一数学暑假作业答案
2022年高一数学暑假作业(6)答案
4(mn)314n11.5;2.-;3.11;4.5.150;6.显然
3mn16119(1q3)1-q6q1,所以=1q3q2,所以{}是首项为1,公比为的等比数
2an1-q1q11()5231.7.-1.提示:
由已知:
an+1=an2-1=(an+1)列,前5项和T5(an-1),11612∴a2=0,a3=-1,a4=0,a5=-1.8.2600
1,n1,9.an=14n2提示:
∵an+1=Sn,∴an=Sn-1(n≥2).,相减得,an+1-an=an,∴
(),n2.331,n1,n-2
(n≥2),∵a2=S1=某1=,∴当n≥2时,an=·().an=14n2(),n2.3321。
【解析】an=(an-an-1)+(an-1-an-2)++(a2-a1)+a1=2[1+2+(n-1)]+33=33+n2-n2a333333n1设f(n)n1,所以n令f(n)210,则f(n)在(33,)上
nnnn10.
是单调递增,在(0,33)上是递减的,因为n∈N+,所以当n=5或6时f(n)有最小值。
又因为
a553a66321aa21,,所以,n的最小值为65566262nn27n18211.an;12.2;
9n(n1)9n1nn1anan110n1013.a8、a9最大.提示:
设{an}中第n项最大,则有,即,
nn1aan1n9(n1)9(n2)10n110n∴8≤n≤9.即a8、a9最大.
14.4,【解析】本题主要考查了等比数列的前n项和公式与通项及平均值不等式的应用,
17a1[1
(2)n]a1[1
(2)2n]1
(2)2n17
(2)n161212Tnna1
(2)12
(2)n11616nn[
(2)n17]
(2)因为≧8,当且仅当=4,即n=4时取
(2)nn12
(2)
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2022年高一数学暑假作业答案
等号,所以当n0=4时Tn有最大值。
15.解:
(1)由题意得(a1+d)(a1+13d)=(a1+4d)2,整理得2a1d=d2.∵a1=1,解得(d=0舍),d=2.∴an=2n-1(n∈N某).
11111n(an3)=2n(n1)=2(n-n1)
(2)bn=,
111111∴Sn=b1+b2+…+bn=2[(1-2)+(2-3)+…+(n-n1)]
n118St(an3)总成立.
=2(1-n1)=2(n1).(3)假设存在整数t满足n得t2n2n,而2(n1)2(n1)1适合条件22n1221的最大值为,,即21(n1)2n2222n∴t16.【解】
(1)由Sn
(1)anSn1
(1)an1(n2),相减得:
ananan1,∴an(n2),∴数列{an}是等比数列an11
(2)f()1,∴bnbn111,
1bn1bnbn1∴{1111}是首项为2,公差为1的等差数列;∴2(n1)n1∴bnn1bnb1bn12n1(3)1时,an(),∴Cnan(111)()n1n,bn2∴Tn12()3()n()1212212n1,①
11111Tn()2()23()3n()n②222221112131n11n②-①得:
Tn1()()()()n(),
2222221112131n11n1n1n∴Tn1()()()()n()2(1())n(),222222221n1n所以:
Tn4(1())2n()
2217.解:
(1)由题意,零m=2,n-1,可得a3=2a2-a1+2=6
再令m=3,n=1,可得a5=2a3-a1+8=20
某
(2)当n∈N时,由已知(以n+2代替m)可得a2n+3+a2n-1=2a2n+1+8
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2022年高一数学暑假作业答案
于是[a2(n+1)+1-a2(n+1)-1]-(a2n+1-a2n-1)=8w_ww.k#5即bn+1-bn=8所以{bn}是公差为8的等差数列
(3)由
(1)
(2)解答可知{bn}是首项为b1=a3-a1=6,公差为8的等差数列则bn=8n-2,即a2n+=1-a2n-1=8n-2另由已知(令m=1)可得an=那么an+1-an=
-
a2n1a2n12a2n1a1-(n-1)2.28n2-2n+1=-2n+1=2n
2于是cn=2nqn1.
当q=1时,Sn=2+4+6++2n=n(n+1)
-
当q≠1时,Sn=2·q0+4·q1+6·q2++2n·qn1.
两边同乘以q,可得qSn=2·q1+4·q2+6·q3++2n·qn.
-
上述两式相减得(1-q)Sn=2(1+q+q2++qn1)-2nqnw_ww.k#5_u.co某m
1q