广东省惠州市博罗县届九年级上学期期末教学质量检查考试物理试题解析版.docx

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广东省惠州市博罗县届九年级上学期期末教学质量检查考试物理试题解析版

2017年秋季学期期末教学质量检查考试九年级物理试卷

一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）

1.甲、乙、丙三个轻质小球，甲球排斥乙球，乙球吸引丙球，下列说法正确的是（）

A.甲、乙两球一定带异种电荷B.甲、乙两球一定带同种电荷

C.乙、丙两球一定带异种电荷D.乙、丙两球一定带同种电荷

【答案】B

【解析】试题分析：

根据带电体的性质和电荷间的作用规律可知：

两个物体相互吸引，有三种带电情况：

一个带正电，一个带负电；一个带正电，一个不带电；一个带负电，一个不带电；两个物体相互排斥，则都带同种电荷．由此入手分析即可确定甲乙丙三者的带电情况．

解：

（1）甲球排斥乙球，则甲、乙带同种电荷，故A错误，B正确；

（2）乙球吸引丙球，丙有可能带异种电荷，也有可能不带电，故CD错误．

故选B．

视频

2.关于温度、热量、内能之间的关系，下列说法正确的是（）

A.物体温度升高，内能一定增加B.物体吸收热量，温度一定升高

C.物体温度不变，一定没有吸热D.物体温度升高，一定吸收热量

【答案】A

【解析】A.物体温度升高，分子热运动加剧，内能一定增加，故A正确；B.物体吸收热量，内能增加，但温度不一定升高，如晶体熔化时吸热但温度不变，故B错误；C.物体温度不变，不一定没有吸热，如晶体熔化时吸热但温度不变，故C错误；D.物体温度升高，不一定吸收热量，也可能是物体对其做了功，故D错误。

点睛：

一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关．物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化．改变物体内能的两种方式：

做功和热传递．

3.下列事例中，人对物体做功的是（）

A.举着杠铃原地不动B.扛着米袋慢慢登上楼梯

C.提着水桶在水平地面上匀速前进D.用300N的力推汽车，汽车没动

【答案】B

【解析】试题分析：

A、举着杠铃原地不动，杠铃没有移动距离，所以人对杠铃不做功．

B、扛着米袋慢慢登上楼梯，米袋在力的作用下，移动了距离，人对米袋做功；

C、提着水桶在水平地面上匀速前进，水桶移动方向和力的方向垂直，人对水桶不做功；

D、用300N的力推汽车，汽车没动，汽车没有移动距离，人对汽车不做功；

故选B．

4.下列哪个措施能增强通电螺线管的磁性（）

A.减小线圈的电流B.减少线圈的匝数

C.将电源的正、负极对调D.在线圈中插入铁芯

【答案】D

【解析】试题分析：

影响通电螺线管的磁性的因素有电流大小、线圈匝数、有无铁芯，所以要增强通电螺线管的磁性要在线圈中插入铁芯。

故选D。

【考点定位】影响通电螺线管的磁性因素

视频

5.如图是研究电流产生热量实验装置的一部分，已知两瓶内装有同质量、同温度的煤油，当在A、B间接上电源后，发现乙的温度升高比甲要快，下列比较R1、R2两电热丝的说法正确的是（　）

A.流过R2的电流较大B.流过R1的电流较大

C.R1的阻值较大D.R2两端的电压较大

【答案】D

【解析】由图可知，两电阻串联，通过它们的电流相同，故AB错；当在A.B间接上电源后，发现乙的温度升高比甲要快，说明乙电阻产生的热量多，而Q＝I2Rt，通过导体的电流、通电时间相同，所以乙的电阻大；又因为U＝IR，所以乙电阻R2两端的电压大，故C错、D正确。

点睛：

由焦耳定律Q＝I2Rt可知电流产生的热量与通过导体的电流、导体的电阻和通电时间有关，图中通过导体的电流、通电时间相同，导体的电阻不同，研究的是电流产生的热量与电阻的关系．

6.家庭用电吹风，可以根据需要调节选择开关，实现吹冷风或吹热风的功能，为人们的生活带来许多方便。

如下图中的四种电吹风电路能够实现上述功能的是（　　）

A.

B.

C.

D.

【答案】A

【解析】试题分析：

由电路图可知，当触点接触2、3时，电路为电动机的简单电路，电吹风吹冷风；当触点接触1、2时，电动机和电热丝同时工作，电吹风吹热风，故A符合题意；由电路图可知，当触点接触1、2时，电路为电热丝的简单电路，电动机不工作，不能吹出热风，故B不符合题意；由电路图可知，当触点接触1、2或2、3时，电动机和电热丝同时工作，电吹风吹热风，当电路无法实现电动机单独工作，即无法吹冷风，故C不符合题意；由电路图可知，当触点接触1、2时，电动机和电热丝同时工作，电吹风吹热风；当触点接触2、3时，电路为电热丝的简单电路，电动机不工作，不能吹出热风，故D不符合题意；故应选A。

【考点定位】串、并联电路的设计

7.如下图所示的两个电路中，电源电压恒定且相等，两个灯泡的规格相同。

闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P都从中点向右滑动的过程中，关于灯泡L1和L2的亮度情况，下列判断正确的是（）

A.L1和L2都变亮B.L1和L2都变暗C.L1始终比L2亮D.L2始终比L1亮

【答案】D

【解析】试题分析：

图示电路中灯泡与滑动变阻器的连接方式分别为串联和并联；灯泡的实际功率决定灯泡的明暗程度．

当滑片位于中点时，左图，滑动变阻器与灯串联，则灯两端的电压低于电源电压；右图，滑动变阻器与灯并联，则灯两端的电压等于电源电压，根据

，并联时功率大于串联时的功率；

...............

右图：

灯泡与滑动变阻器并联，并且并联电路中各支路用电器互不影响，或根据

进行分析，R和U都不变，因此灯泡的实际功率不变，故灯泡的亮度不变．

因此L2始终比L1亮．

故选D．

考点：

欧姆定律的应用；电功率的计算；实际功率．

点评：

首先要求学生会识别串联电路和并联电路，并且知道决定灯泡明暗程度的物理量，会根据串并联电路的特点判断灯泡明暗程度的变化．

二、填空题（本大题7小题，每小题3分，共21分）

8.我国宋代学者_______在《梦溪笔谈》中记载与验证了磁针“常微偏东、不全南也”的磁偏角现象；南宋民族英雄文天祥，曾在《扬子江》一诗中写下“臣心一片磁针石，不指南方不肯休”的诗句。

这里磁针石的南极指向地理位置的_____方，是因为它受到______场的作用。

【答案】

（1）.沈括

（2）.南（3）.地磁

【解析】沈括最早发现了磁偏角，即地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近，它们并不完全重合；所以地磁场的磁感线从地理的南极附近出来，回到地理的北极附近；磁针石就是一个小磁体，放在地磁场中静止时，由于受到地磁场的作用，磁针石的北极指向地磁场的南极，磁针石的南极指向地磁场的北极，也就是地球的南方；

9.如下图所示，卫星在近地点_______能最大，在远地点动能最______，势能最_______。

【答案】

（1）.动

（2）.小（3）.大

【解析】卫星在远地点向近地点运动时，质量不变，速度增大，相对距离减小，动能增大，势能减小。

在近地点时，速度最大，相对距离最小，此时动能最大，势能最小。

同理在远地点时，动能最小，势能最大。

10.如下图是汽油机工作的四个冲程（顺序已打乱），其中表示做功冲程的是图_____，在做功冲程中，高温、高压的燃气推动活塞做功，燃气自身的温度_________，内能________。

（选填“升高”、“降低”或“增加”、“减少”）

【答案】

（1）.c

（2）.降低（3）.减少

【解析】做功冲程中，高温、高压的燃气推动活塞向下运动做功，且进气门和出气门都关闭，由此可知C是做功冲程，此时燃气自身的温度降低，内能减小。

11.如甲、乙两图所示，是电磁学中很重要的两个实验。

⑴在图甲所示实验中，闭合开关后导体ab向右运动，这说明通电导体在磁场中受到_____的作用；⑵乙图所示的实验是研究__________现象的，此实验原理的发现者是____________。

【答案】

（1）.力

（2）.电磁感（3）.法拉第

【解析】甲图中闭合开关后导体ab向右运动，这说明通电导体在磁场中受到力的作用；

是通电导体在磁场中受力的作用实验。

乙图是电磁感应实验，当导体ab在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会有感应电流产生，电流表指针偏转，将机械能转化为电能。

根据这个现象制成了发电机，此实验原理的发现者是法拉第。

点睛：

要解决此题，需要掌握发电机和电动机的制作原理：

发电机是根据电磁感应现象制成的．电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的．同时要能够区别电磁感应、通电导体在磁场中受力的作用两个实验．

12.如图，电能表的示数为__________kw·h；在某段时间内转盘转过1000转，表示此段时间内用了_________度电，合____J。

【答案】

（1）.1931.6

（2）.0.4（3）.1.44×106

【解析】从电能表上可以看出电能表的示数为1931.6kW⋅h；

（2）由“2500r/kW⋅h”可知每消耗1kW⋅h的电能，电能表转2500转，电能表转了1000转，消耗电能：

W＝1000r×

＝0.4kW⋅h＝1.44×106J，

13.太阳能热水器工作时，把太阳能转化为水的_______能；有一太阳能热水器，水箱的容积为160L，装满水后，若水温由20℃升高到70℃，水箱里的水温度升高了_____℃，吸收的热量是____________J。

[C水＝4.2×103J/（kg·℃）]

【答案】

（1）.内

（2）.50（3）.3.36×107

【解析】解答：

太阳能热水器工作时，把太阳能转化为水的内能使水温度升高，由水温由20℃升高到70℃，知水箱里的水温度升高了50℃；水箱装满水水的体积：

v＝160L＝160×10−3m3，

水的质量：

m＝ρ水v＝1×103kg/m3×160×10−3m3＝160kg，水箱里的水吸收的热量：

Q吸＝c水m△t＝4.2×103J/（kg⋅℃）×160kg×（70℃−20℃）＝3.36×107J.

14.如图所示，电阻R与小灯泡连接在电路中，当闭合S1、S2时，灯泡的电功率为9W。

当闭合S1、断开S2时，灯泡的电功率为1W（不考虑灯泡的电阻随温度而发生变化）。

则当闭合S1、S2时电阻R被_______，此时电阻R消耗的电功率为_____W；当闭合S1、断开S2时，此时电阻R消耗的电功率为______W。

【答案】

（1）.短路

（2）.0（3）.2

【解析】由图知灯L与电阻R串联，开关S2与R并联，则当闭合S1、S2时电阻R被短路，此时电阻R消耗的电功率为0W；由电路图可知，当S1闭合、S2断开时，灯泡L与电阻R串联，P＝

得RL＝

＝，所以

，所以

，因为串联电路的电压等于各分电压之和，所以

，∵串联电路的电流处处相等，所以由P＝UI可知：

，所以PR＝2PL＝2×1W＝2W

三、作图题（共7分）

15.⑴如图甲，用滑轮组将物块从位置A匀速拉到位置B,请在图中画出最省力的绕线方法；⑵如图乙，请根据闭合开关S后小磁针的指向，标出电源的正负极、通电螺线管的N极和图中磁感线的方向；⑶如图丙所示，请根据实物连接图，在方框内画出与之对应的电路图。

【答案】

（1）.

（2）.

（3）.

【解析】⑴要最省力，需从动滑轮绕起，依次通过定滑轮、动滑轮，如图所示：

（3）从图中可以看出电流路径只有一条即此电路为串联电路，电压表测R两端的电压，所以其对应的电路图如下：

四、实验题（本大题3小题，共20分）

16.

（1）某同学在使用电流表测量通过某一灯泡的电流的实验，闭合开关后，发现电流表的指针偏转到如图所示的位置，于是他立即断开开关。

测量时产生这种现象的原因是_____________；该同学为了完成实验，下一步应该采取的措施是___________________；

（2）如下图所示，它们的读数分别是甲：

_______A，乙：

_______V，丙：

_______A，丁：

_______V。

【答案】

（1）.电流表用了小量程

（2）.改接0～3A的大量程（3）.0.24（4）.1.8（5）.1.2（6）.9

【解析】解答：

由图可知，指针偏转到最右边，且超出了刻度盘上的最大刻度，所以是电流表选用的量程太小了；为了能测出电路中的电流，必须将电流表的量程更换为0∼3A；

（2）甲电流表的0∼0.6A量程，对应的分度值为0.02A，电流为0.24A；图乙中电压表的量程是0∼3V，对应的分度值是0.1V,电表的读数为1.8V；图丙所示：

电流表的0∼3A量程对应的分度值为0.1A，电流为1.2A；图丁中电压表的量程是0∼15V，对应的分度值是0.5V,电表的读数为9V.

17.为了探究物体温度升高时吸收热量的多少与哪些因素有关，某小组同学在两个相同的烧杯中分别装有水和煤油，用同样的加热器加热（如图所示,实验器材还有天平和钟表），收集的部分实验数据记录如下表。

问：

（1）实验中用同样加热器加热的目的是使水和煤油在相等的时间内_______________；

（2）此实验运用的研究方法：

一是_________法；二是转换法，用___________________来表示液体吸收的热量就是“转换法”；

（3）通过分析表中数据可知：

①该小组同学控制了___________和__________不变；②物体温度升高时，吸收热量的多少与_______________、物体的质量和温度升高的度数有关。

【答案】

（1）.吸收的热量相等

（2）.控制变量（3）.加热时间（4）.物体的质量（5）.温度升高的度数（6）.物质的种类

【解析】

（1）同样加热器相同时间放出的热量相等，实验中用同样加热器加热的目的是使水和煤油在相等的时间内吸收的热量相等；

（2）此实验运用的研究方法：

一是控制变量法，即在研究不同物体的吸热能力时控制它们的质量和初温相同；二是转换法，用加热时间来表示液体吸收的热量就是“转换法”；（3）通过分析表中数据可以看出物体质量相同，初温和末温相同即升高温度相同所以该小组同学控制了物体的质量和温度升高的度数不变；②物体温度升高时，吸收热量的多少与物质的种类、物体的质量和温度升高的度数有关。

18.小丽实验小组的同学在做“测定小灯泡额定功率”的实验时，电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为3.8V，阻值约为12Ω。

如下图甲所示是小丽连接的实物电路。

⑴根据题目要求，把图甲中的电路补充完整；

⑵在连接电路时，开关应_______，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移至_____端。

实验时，要使小灯泡正常发光，应调节滑动变阻器使电压表的示数为________V，若此时电流表的示数如乙图所示，电流为_______A，那么小灯泡的额定功率是_______W；

⑶小丽同学在检查电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数且为4.5V，电流表示数为0V，则产生这个故障的原因可能是_____________________________。

【答案】

（1）.

（2）.断开（3）.B（右）（4）.3.8（5）.0.28（6）.1.064（7）.灯泡灯丝断了

【解析】

（1）应使电流从“+”接线柱流入从“−”接线柱流出；滑动变阻器要串联在电路中，接线柱选择要“一上、一下”小灯泡的额定电压为3.8V，所以电压表应该使用大量程。

电路图如下：

⑵在连接电路时，为保护电路开关应断开，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于最大阻值处即移至B端。

实验时，要使小灯泡正常发光，应调节滑动变阻器使电压表的示数为3.8V，由图知电流表使用的是小量程，其对应的分度值是0.02A，电流为0.28A，小灯泡的额定功率P＝UI＝3.8V

＝1.064W；（3）小灯泡不亮，说明电路中断路的地方，电压表示数为4.5V等于电源电压，说明电压表的两个接线柱和电源连接的部分没有断路，从实物图上不难看出，故障是小灯泡断路了。

点睛：

（1）测量小灯泡功率时，小灯泡和滑动变阻器组成串联电路，电流表测量通过小灯泡的电流，电压表测量小灯泡两端的电压；

（2）连接电路时，开关断开，滑片移到滑动变阻器移到最大阻值；实验中，移动滑片使电压表示数等于小灯泡的额定电压，记下此时电流表的示数就是额定电流，额定功率等于额定电压和额定电流的乘积．（3）小灯泡不亮说明电路中有断路，再根据电压表的示数判断出电路故障．

五、计算题（本大题2小题，共13分）

19.如图所示，工人利用滑轮组将沙子从地面提升到距地面6m高的三楼，沙子的质量为50kg，装沙子的桶的质量8kg，动滑轮的质量为2kg，工人匀速拉绳子的力为300N（忽略摩擦和绳重，g取10N/kg）。

求：

（1）工人做的有用功；

（2）工人做的总功；（3）工人做的额外功。

【答案】

（1）.3000J

（2）.3600J（3）.600J

【解析】解答：

G沙＝m沙g＝50kg

10N/kg＝500N工人做的有用功W有＝Gh＝500N

6m＝3000J；由图知，n＝2，拉力端移动的距离S＝2h＝2×6m＝12m，

拉力做功：

W总＝Fs＝300N×12m＝3600J；∵忽略摩擦和绳重，∴W额＝（G桶+G动）h＝（m桶+m动）gh＝（8kg+2kg）×10N/kg×6m＝600J．

20.某电热水器工作电路可简化成如图所示的形式，其中S是一个温控开关，当S接b时，电热水器正常工作，将水迅速加热；当水达到一定温度时，开关S自动切换到a，电热水器处于保温状态。

若电热水器正常工作时发热板R2的电功率为550W，而保温时发热板R2的功率是88W，忽略R2的阻值受温度的影响。

求：

（1）电阻R2的阻值；

（2）电阻R1的阻值。

【答案】

（1）.88Ω

（2）.132Ω

【解析】解电热水器正常工作时为R2的基本电路，U＝220VP加＝550W根据P＝

得R2＝

＝88Ω，又保温时发热板R2的功率是88W，根据P＝

得此时R2两端的电压UR2＝

＝88V，因为保温时R1R2串联，根据串联电路的电压规律可知R1两端的电压UR1＝220V

88V＝132V,根据串联电路的电流规律知通过R1R2的电流相同即

解得R1＝132Ω

六、综合能力题（本大题3小题，共18分）

21.（“10.1”黄金周假期，小明同学的全家去旅游，在高速路上看到如图所示标志牌，小明发现小轿车、大型客车、载货汽车最高行驶速度不同。

爱思考的小明想：

为什么要对机动车的最高行驶速度进行限制？

为什么在同样的道路上，对不同车型设定不一样的最高行驶速度？

聪明的小明很快用学习到的物理知识进行了如下的正确解释。

请你把小明的解释进一步补充完整。

要对机动车的最高行驶速度限制，是因为同一辆汽车质量不变，_______越大，具有的动能越______；当载货汽车和小汽车的______相同时，由于载货汽车的质量大，它具有的动能_____，刹车阻力相同时，它滑行的距离_____，容易与前面的物体相撞，相撞时冲击力也更大。

所以限制汽车的速度，对载货汽车设定更_____的最高行驶速度。

【答案】

（1）.速度

（2）.大（3）.速度（4）.大（5）.大（远）（6）.小（低）

【解析】要对机动车的最高行驶速度限制，是因为同一汽车的质量不变，速度越快，具有的动能越大，刹车时制动距离越大；当载货汽车和小汽车的速度相同时，由于载货汽车质量大，它具有动能大，刹车阻力相同时，它滑行的距离长，容易与前面的物体相撞，相撞时冲击力也更大，所以应限制汽车的速度，对载货汽车设定更小的最高行驶速度。

点睛：

本题是有关动能的题目，解答本题的关键是要掌握动能的影响因素；对机动车的行驶速度进行限制，可用影响动能的因素分析；由于动能与质量和速度有关，对于质量较大的车，允许的速度就比质量较小的车的速度低。

22.如图所示（甲）是某实验小组同学探究电流与电压关系的电路图，开关S闭合后，将滑动变阻器的滑片P从a端移至b端，电流表和电压表的示数变化关系如图（乙）。

请回答下列问题：

（1）根据图象，当电阻一定时，_______与________成正比；

（2）R0的电阻值是______Ω；

（3）该实验电路的最小功率是_______W，最大功率是________W；

（4）当滑动变阻器的滑片P从a端移至b端时，滑动变阻器R的电功率变化情况是_____________（选填“变大”、“变小”、“先变大后变小”或“先变小后变大”）。

【答案】

（1）.电流

（2）.电压（3）.5（4）.0.3（5）.1.8（6）.先变大后变小

【解析】解答：

（1）.由图象科研看出电阻两端的电压增大通过它的电流与相应增大，所以可得结论：

当电阻一定时，电流与电压成正比；当滑片位于b端时,电路为R0的简单电路,电压表测电源的电压,电路中的电流最大,由图乙可知,电源的电压U＝3.0V,电路中的最大电流I大＝0.6A,由I＝

可得,R0的阻值：

R0＝

＝5Ω；（3）因为电源电压一定，当电路中电流最小时，电路的功率最小：

P小＝UI小＝3.0V×0.1A＝0.3W，电路中电流最大时，电路的功率最大：

P大＝UI大＝3.0V×0.6A＝1.8W；

PR＝I2R＝

R＝

＝

则当R＝5Ω，变阻器消耗的电功率最大，变阻器的功率先变大后变小。

点睛：

当滑片位于b端时接入电路中的电阻为0，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，根据图象可知电源电压的大小和电路中的最大电流，根据欧姆定律求出R0的电阻值；当滑片位于a端时接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由图象读出电路中的最小电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器的最大阻值，根据P＝UI求出电路消耗的最小功率；根据图乙确定电源电压，当电流最小时，变阻器的阻值最大，根据串联电路的特点及欧姆定律求出变阻器的最大阻值；当滑动变阻器的阻值与所串联电阻的阻值相等时，其消耗的电功率最大．

23.阅读下面的短文，回答问题。

混合动力汽车已经面世，混合动力汽车（Hybrid Electrical Vehicle，简称HEV）是指同时装备两种动力来源——热动力源（由传统的汽油机或者柴油机产生）与电动力源（电池与电动机）的汽车。

混合动力汽车主要由一台内燃机和一台电机组成，这台电机既可以充当电动机也可以充当发电机。

汽车启动时内燃机不工作，主要由蓄电池提供动力，当汽车需要高速行驶或电池电量过低时，改由内燃机工作，一方面能为汽车提供动力，同时能通过电机给蓄电池充电。

（1）内燃机工作时，燃料燃烧释放的_____能转化为汽车的_____能和蓄电池的_____能；

（2）如果测试员驾驶该汽车时是完全由内燃机（汽油机）提供动力，汽车与驾驶员的总质量为400kg，汽车在平直公路上以90km/h的速度匀速直线行驶了1h，消耗汽油10L，汽车所受的阻力是总重力的0.2倍。

已知汽油的热值为4.6×107J/kg，密度为0.8×103kg/m3，g取10N/kg。

则：

完全燃烧汽油10L，放出________J的热量；汽车的牵引力为______N，牵引力的功率为______W。

【答案】

（1）.内

（2）.机械（3）.化学（4）.3.68×108（5）.800（6）.20000

【解析】

（1）内燃机工作时，燃料燃烧释放的内能转化为汽车的机械能和蓄电池的化学能；

（2）由密度计算公式ρ＝mV得，10L汽油的质量为：

m＝ρV＝0.8×103kg/m3×10×10−3m3＝8kg，

释放的热量为：

Q放＝mq＝8kg×4.6×107J/kg＝3.68×108J，汽车的总重为：

G＝m车g＝400kg×10N/kg＝4000N，汽车匀速直线行驶