.
15.已知圆O:
x2+y2=1与x轴负半轴的交点为A,P为直线3x+4y-a=0上一点,过P作圆O的切线,切点为T,若|PA|=2|PT|,则a的最大值为________.
答案
解析 易知A(-1,0),设P(x,y),由|PA|=2|PT|,可得(x+1)2+y2=4(x2+y2-1),化简得2+y2=,可转化为直线3x+4y-a=0与圆2+y2=有公共点,所以d=≤,解得-≤a≤.故a的最大值为.
16.已知函数f(x)=-2x2+lnx(a>0),若函数f(x)在[1,2]上为单调函数,则a的取值范围是____________.
答案 ∪[1,+∞)
解析 f′(x)=-4x+,
若函数f(x)在[1,2]上为单调函数,
即f′(x)=-4x+≥0或f′(x)=-4x+≤0
在[1,2]上恒成立,
即≥4x-或≤4x-在[1,2]上恒成立.
令h(x)=4x-,则h(x)在[1,2]上单调递增,
所以≥h
(2)或≤h
(1),
即≥或≤3,
又a>0,所以0<a≤或a≥1.
三、解答题(本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)
17.(12分)在△ABC中,角A,B,C的对边分别是a,b,c,且满足b2+c2=bc+a2.
(1)求角A的大小;
(2)若等差数列{an}的公差不为零,a1cosA=1,且a2,a4,a8成等比数列,求的前n项和Sn.
解
(1)∵b2+c2=bc+a2,
∴cosA===,
又A∈(0,π),∴A=.
(2)设{an}的公差为d,由已知得a1==2,且a=a2a8,
∴(2+3d)2=(2+d)(2+7d).又d不为零,∴d=2,
∴an=2n,
∴==-,
∴Sn=++…+
=1-=.
18.(12分)为选拔选手参加“全市高中数学竞赛”,某中学举行了一次“数学竞赛”活动,为了了解本次竞赛学生的成绩情况,从中抽取了部分学生的分数(得分取正整数,满分为100分)作为样本(样本容量为n)进行统计.按照[50,60),[60,70),[70,80),[80,90),[90,100]的分组作出频率分布直方图,并作出样本分数的茎叶图(图中仅列出了得分在[50,60),[90,100]的数据).
(1)求样本容量n和频率分布直方图中的x,y的值;
(2)在选取的样本中,从竞赛成绩在80分以上(含80分)的学生中随机抽取2名学生参加“全市高中数学竞赛”,求所抽取的2名学生中至少有一人得分在[90,100]内的概率.
解
(1)由题意可知,样本容量n==50,
y==0.004,x=0.100-0.004-0.010-0.016-0.040=0.030.
(2)由题意可知,分数在[80,90)内的学生有5人,记这5人分别为a1,a2,a3,a4,a5,分数在[90,100]内的学生有2人,记这2人分别为b1,b2.抽取的2名学生的所有情况有21种,分别为:
(a1,a2),(a1,a3),(a1,a4),(a1,a5),(a1,b1),(a1,b2),(a2,a3),(a2,a4),(a2,a5),(a2,b1),(a2,b2),(a3,a4),(a3,a5),(a3,b1),(a3,b2),(a4,a5),(a4,b1),(a4,b2),(a5,b1),(a5,b2),(b1,b2).
其中2名同学的分数都不在[90,100]内的情况有10种,分别为:
(a1,a2),(a1,a3),(a1,a4),(a1,a5),(a2,a3),(a2,a4),(a2,a5),(a3,a4),(a3,a5),(a4,a5).
∴所抽取的2名学生中至少有一人得分在[90,100]内的概率P=1-=.
19.(12分)如图,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD为平行四边形,AB=2AD=2,PD=BD=AD,且PD⊥底面ABCD.
(1)证明:
BC⊥平面PBD;
(2)若Q为PC的中点,求三棱锥A-PBQ的体积.
(1)证明 ∵AD2+BD2=AB2,∴AD⊥BD,
∵AD∥BC,∴BC⊥BD.
又∵PD⊥底面ABCD,∴PD⊥BC.
∵PD∩BD=D,PD,BD⊂平面PBD,
∴BC⊥平面PBD.
(2)解 三棱锥A-PBQ的体积VA-PBQ与三棱锥A-QBC的体积相等,
而VA-QBC=VQ-ABC=VP-ABC=VP-ABCD=××1××=.
∴三棱锥A-PBQ的体积VA-PBQ=.
20.(12分)已知椭圆C1:
+=1(a>b>0)和椭圆C2:
+y2=1的离心率相同,且点(,1)在椭圆C1上.
(1)求椭圆C1的方程;
(2)设P为椭圆C2上一点,过点P作直线交椭圆C1于A,C两点,且P恰为弦AC的中点,则当点P变化时,试问△AOC的面积是否为常数,若是,请求出此常数,若不是,请说明理由.
解
(1)由题知,+=1,且=,即a2=4,b2=2,
椭圆C1的方程为+=1.
(2)是. ①当直线AC的斜率不存在时,必有P(±,0),此时|AC|=2,S△AOC=.
②当直线AC的斜率存在时,设其斜率为k,点P(x0,y0),则AC:
y-y0=k(x-x0),直线AC与椭圆C1联立,得(1+2k2)x2+4k(y0-kx0)x+2(y0-kx0)2-4=0,设A(x1,y1),C(x2,y2),
则x0==-,即x0=-2ky0,
又x+2y=2,∴y=,
S△AOC=××·
=
=
=|y0|=.
综上,△AOC的面积为常数.
21.(12分)已知函数f(x)=lnx+ax,a∈R.
(1)讨论函数f(x)的单调性;
(2)若函数f(x)的两个零点为x1,x2,且≥e2,求证:
(x1-x2)f′(x1+x2)>.
(1)解 函数f(x)=lnx+ax,a∈R的定义域为{x|x>0},f′(x)=+a,
①当a≥0时,f′(x)>0,∴f(x)在(0,+∞)上单调递增;
②当a<0时,令f′(x)=+a>0,0令f′(x)=+a<0,x>-,∴f(x)在上单调递减.
(2)证明 ∵lnx1+ax1=0,lnx2+ax2=0,
∴lnx2-lnx1=a(x1-x2),
(x1-x2)f′(x1+x2)=(x1-x2)·=+a(x1-x2)
=+ln=+ln,
令=t(t≥e2),令φ(t)=+lnt,则φ′(t)=>0,
∴φ(t)在[e2,+∞)上单调递增,φ(t)≥φ(e2)=1+>1+=.
请在第22~23题中任选一题作答.
22.(10分)在平面直角坐标系xOy中,以坐标原点O为极点,x轴正半轴为极轴建立极坐标系,已知曲线C的极坐标方程为ρ=,直线l的参数方程是(t为参数,0≤α<π).
(1)求曲线C的直角坐标方程;
(2)设直线l与曲线C交于两点A,B,且线段AB的中点为M(2,2),求α.
解
(1)曲线C:
ρ=,即ρsin2θ=4cosθ,
于是有ρ2sin2θ=4ρcosθ,
化为直角坐标方程为y2=4x.
(2)方法一 ⇒(2+tsinα)2=4(2+tcosα),
即t2sin2α+(4sinα-4cosα)t-4=0.
由AB的中点为M(2,2),得t1+t2=0,有4sinα-4cosα=0,所以k=tanα=1,
由0≤α<π得α=.
方法二 设A(x1,y1),B(x2,y2),则
⇒(y1+y2)(y1-y2)=4(x1-x2),
∵y1+y2=4,∴k=tanα==1,
由0≤α<π得α=.
方法三 设A,B(y1则由M(2,2)是AB的中点,得
⇒
∵y1∴k=tanα=1,由0≤α<π得α=.
方法四 依题意设直线l:
y-2=k(x-2),与y2=4x联立得y-2=k,
即ky2-4y-8k+8=0.
由y1+y2==4,得k=tanα=1,
因为0≤α<π,所以α=.
23.(10分)已知函数f(x)=m-|x+4|(m>0),且f(x-2)≥0的解集为[-3,-1].
(1)求m的值;
(2)若a,b,c都是正实数,且++=m,求证:
a+2b+3c≥9.
(1)解 依题意f(x-2)=m-|x+2|≥0,即|x+2|≤m⇔-m-2≤x≤-2+m,
∴m=1.
(2)证明 ∵++=1(a,b,c>0),
∴a+2b+3c=(a+2b+3c)
=3+++≥9,
当且仅当a=2b=3c,即a=3,b=,c=1时取等号.