基因的自由组合定律练习题解析版.docx
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基因的自由组合定律练习题解析版
基因的自由组合定律（练习题）
1．遗传因子组成为AaBb的玉米自交，自交后代中与亲本遗传因子组成相同的个体占总数的（ ）
A.
B.
C.
D.
答案 B
解析 将AaBb自交分解成（Aa×Aa）（Bb×Bb），根据基因分离定律知，其自交后代遗传因子组成为AaBb的概率为
Aa×
Bb＝
。
2．蕃茄果实的红色对黄色为显性，两室对一室为显性，两对性状的遗传时可自由组合。
育种者用纯合的具有这两对相对性状的亲本杂交，子二代中重组类型的个体数占子二代总数的（ ）
A.
或
B.
或
C.
或
D.
答案 C
解析 重组类型是指性状表现不同于双亲的类型，设控制两对性状的遗传因子分别为A、a和B、b，若亲本的杂交组合是AABB×aabb，则子二代的重组类型是单显性，概率为
；若亲本的杂交组合是AAbb×aaBB，则子二代的重组类型是双显性和双隐性，概率为
。
3．孟德尔认为遗传因子组成为YYRr的个体，产生的配子种类及比例是（ ）
A．YR∶Yr＝1∶1B．YR∶yr＝1∶1
C．R∶r＝1∶1D．Y∶R∶r＝2∶1∶1
答案 A
解析 YYRr的个体产生配子时，YY分离，Rr分离，Y与R（r）自由组合。
4．番茄的红果（R）对黄果（r）为显性，子房多室（M）对子房二室（m）为显性，现将红果多室和红果二室番茄进行杂交，其后代表现类型及比例如下图所示，请分析该图找出两亲本的遗传因子组成分别是（ ）
A．RrMm、RrmmB．RrMm、RRmm
C．RRMm、RrmmD．RRMM、RRmm
答案 A
解析 从题图观察可知红果∶黄果＝3∶1，多室∶二室＝1∶1，与选项A相符合。
5．下列关于孟德尔两对相对性状遗传实验的叙述中，错误的是（ ）
A．两对相对性状分别由两对遗传因子控制
B．每一对遗传因子的传递都遵循分离定律
C．F1中控制两对性状的遗传因子相互融合
D．F2中有16种组合、9种遗传因子组成和4种性状表现
答案 C
解析 孟德尔对F2中不同对性状之间发生自由组合的解释是：
两对相对性状分别由两对遗传因子控制，控制两对相对性状的两对遗传因子的分离和组合是互不干扰的，其中每一对遗传因子的传递都遵循分离定律。
这样，F1产生雌雄配子各4种，数量比接近1∶1∶1∶1，配子随机结合，则F2中有16种组合、9种遗传因子组成和4种性状表现。
6.
南瓜果实的白色（A）对黄色（a）为显性，盘性（B）对球状（b）为显性，两对遗传因子独立遗传。
若让遗传因子组成为AaBb的白色盘状南瓜与“某南瓜”杂交，子代性状表现及其比例如图所示，则“某南瓜”的遗传因子组成为（ ）
A．AaBbB．AabbC．aaBbD．aabb
答案 B
解析 从题图中可以看出，子代中白色∶黄色＝3∶1，盘状∶球状＝1∶1，所以“某南瓜”的遗传因子组成为Aabb。
7．用具有两对相对性状的两纯种豌豆作亲本杂交获得F1，F1自交得F2，F2中黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒的比例为9∶3∶3∶1，与F2出现这样的比例无直接关系的是（ ）
A．亲本必须是纯种黄色圆粒豌豆与纯种绿色皱粒豌豆
B．F1产生的雄、雌配子各有4种，比例为1∶1∶1∶1
C．F1自交时4种类型的雄、雌配子的结合是随机的
D．F1的16种配子结合方式都能发育成新个体
答案 A
解析 亲本可以是纯种黄色圆粒豌豆与纯种绿色皱粒豌豆，也可以是纯种黄色皱粒豌豆与纯种绿色圆粒豌豆。
【巩固提升】
8．如图表示豌豆杂交实验时F1自交产生F2的结果统计。
对此说法不正确的是（ ）
A．这个结果能够说明黄色和圆粒是显性性状
B．两个亲本一定是纯合体
C．F1的性状表现和遗传因子组成不能确定
D．亲本的性状表现和遗传因子组成不能确定
答案 C
解析 通过上述结果可以看出黄色和圆粒是显性性状；F2性状的分离比为9∶3∶3∶1，所以F1的遗传因子组成为双杂合子，而对于亲本的遗传因子组成不能最终确定。
9．下表是具有两对相对性状的亲本杂交得到的子二代的遗传因子组成，其中部分遗传因子组成并未列出，而仅用阿拉伯数字表示。
下列选项错误的是（ ）
雄配子
雌配子
YR
Yr
yR
yr
YR
1
3
YyRR
YyRr
Yr
YYRr
YYrr
4
Yyrr
yR
2
YyRr
yyRR
yyRr
yr
YyRr
Yyrr
yyRr
yyrr
A.1、2、3、4的性状表现都一样
B．在此表格中，YYRR只出现一次
C．在此表格中，YyRr共出现四次
D．遗传因子组成出现概率的大小顺序为4>3>2>1
答案 D
解析 F1产生的雌、雄配子各四种，随机组合的F2遗传因子组成共有16种：
“双杂”占
；“单杂”四种，各占
；“纯合子”四种，各占
。
10．在孟德尔豌豆杂交实验中，用黄色圆粒（YYRR）和绿色皱粒（yyrr）杂交得F1，两对遗传因子独立遗传。
如果从F1自交所得的种子中，拿出一粒绿色圆粒豌豆和一粒黄色皱粒豌豆，则它们都是纯合子的概率为（ ）
A.
B.
C.
D.
答案 A
解析 F1自交所得的种子中绿色圆粒和黄色皱粒各占
，其中分别有
是纯合子。
题中“拿出一粒绿色圆粒豌豆和一粒黄色皱粒豌豆”，范围已经限制在绿色圆粒和黄色皱粒中，因为纯合子各占
，则它们同时为纯合子的概率是
。
11．某地开发出一种水果，其果皮颜色（C、c）有紫色的，也有绿色的；果肉味道（D、d）有甜的，也有酸的。
为了鉴别有关性状的显隐性关系，用紫色酸果植株分别和绿色甜果植株A、绿色甜果植株B进行杂交，结果如下表：
组合序号
杂交组合类型
F1性状表现和植株数目
紫色酸果
绿色酸果
①
紫色酸果×绿色甜果A
210
208
②
紫色酸果×绿色甜果B
0
280
据表回答下面相关问题：
（1）上述两对性状中，____________是显性性状。
（2）亲本中紫色酸果植株、绿色甜果植株A、绿色甜果植株B的遗传因子组成分别是____________________。
答案
（1）绿色酸果
（2）ccDD、Ccdd、CCdd
解析 根据组合②中，紫色酸果与绿色甜果B杂交后代全为绿色酸果可推知：
绿色对紫色为显性，酸果对甜果为显性，且两亲本均为纯合子，所以紫色酸果的遗传因子组成为ccDD，绿色甜果B的遗传因子组成为CCdd。
再根据组合①中，紫色酸果（ccDD）与绿色甜果A（C_dd）杂交后代中紫色∶绿色＝1∶1，则可推出绿色甜果A的遗传因子组成为Ccdd。
12．已知狗的毛色受两对遗传因子（B、b和I、i）控制。
具有B的狗，皮毛可以呈黑色，具有bb的狗，皮毛可以呈褐色，I遗传因子抑制皮毛细胞色素的合成，以下是一个有关狗毛色的遗传实验：
P 褐毛狗×白毛狗
F1 白毛狗
F2 白毛狗 黑毛狗 褐毛狗
12 ∶ 3 ∶ 1
（1）该遗传实验中，亲代褐毛狗和白毛狗的遗传因子分别为____________和____________。
（2）F2中白毛狗的遗传因子组成有____________种，其中纯合子的概率是____________。
（3）如果让F2中褐毛狗与F1回交，理论上，其后代的性状表现及数量比应为______________________________。
答案
（1）bbii BBII
（2）6
（3）白毛狗∶褐毛狗∶黑毛狗＝2∶1∶1
解析 由题干信息推知，黑毛狗的遗传因子为B_ii，褐毛狗的遗传因子组成为bbii，白毛狗的遗传因子组成为__I_。
褐毛狗bbii和白毛狗__I_杂交，F1是白毛狗_bIi，F1白毛狗互交，F2出现黑毛狗B_ii，可以确定F1中白毛狗的遗传因子组成为BbIi，亲代白毛狗的遗传因子组成为BBII。
F2中白毛狗的遗传因子组成共有6种，分别为BBII、BbII、bbII、BBIi、BbIi、bbIi，其中纯合子的概率是
。
让F2中的褐毛狗和F1白毛狗回交，即bbii×BbIi，后代白毛狗（bbIi、BbIi）∶褐毛狗（bbii）∶黑毛狗（Bbii）＝2∶1∶1。
13．（2013·天津卷，5，改编）大鼠的毛色由独立遗传的两对遗传因子控制。
用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如图。
据图判断，下列叙述正确的是（ ）
P 黄色×黑色
F1 灰色
F2 灰色 黄色黑色 米色
9∶3∶3∶1
A．黄色为显性性状，黑色为隐性性状
B．F1与黄色亲本杂交，后代有两种性状表现类型
C．F1和F2中灰色大鼠均为杂合体
D．F2黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠的概率为
答案 B
解析 A项中，两对遗传因子杂交，F2中灰色比例最高，所以灰色为双显性状，米色最少，为双隐性状，黄色、黑色为单显性，故错误；B项中，F1为双杂合子（AaBb），与黄色亲本（假设为aaBB）杂交，后代为两种性状表现，故正确；C项中，F2出现性状分离，体色由两对遗传因子控制，则灰色大鼠中有
为纯合子（AABB），其余为杂合子，故错误；D项中，F2中黑色大鼠中纯合子（AAbb）所占比例为
，与米色（aabb）杂交不会产生米色大鼠，杂合子（Aabb）所占比例为
，与米色大鼠（aabb）交配，产生米色大鼠的概率为
×
＝
，故错误。
14．（2010·安徽卷，4，改编）南瓜的扁盘形、圆形、长圆形三种瓜形由两对遗传因子控制（A、a和B、b），这两对遗传因子独立遗传。
现将2株圆形南瓜植株进行杂交，F1收获的全是扁盘形南瓜；F1自交，F2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜。
据此推断，亲代圆形南瓜植株的遗传因子组成分别是（ ）
A．aaBB和AabbB．aaBb和Aabb
C．AAbb和aaBBD．AABB和aabb
答案 C
解析 根据题意可知，F2扁盘形南瓜遗传因子组成为A_B_，圆形南瓜遗传因子组成为A_bb和aaB_，长圆形南瓜遗传因子组成为aabb，各性状表现比例约为9︰6︰1，此性状分离比是由AaBb自交后代的9︰3︰3︰1分离比衍生而来的，故F1遗传因子组成为AaBb，所以亲代圆形南瓜植株的遗传因子组成分别是AAbb和aaBB。
15．已知玉米子粒黄色对红色为显性，非甜对甜为显性。
纯合的黄色非甜玉米与红色甜玉米杂交得F1，F1自交或测交，预期结果不正确的是（ ）
A．自交结果中黄色甜与红色非甜比例9∶1
B．自交结果中黄色与红色比例3∶1，非甜与甜比例3∶1
C．测交结果是红色甜∶黄色非甜∶红色非甜∶黄色甜＝1∶1∶1∶1
D．测交结果为红色与黄色比例1∶1，甜与非甜比例1∶1
答案 A
解析 黄色甜和红色非甜都属于单显类型，它们的比例应为1∶1，所以A错误。
16．孟德尔的两对相对性状的杂交实验中，具有1∶1∶1∶1比例的是（ ）
①F1产生配子类型的比例 ②F2表现型的比例 ③F1测交后代表现型的比例 ④F1表现型的比例 ⑤F2基因型的比例
A．②④ B．①③ C．④⑤ D．②⑤
答案 B
解析 孟德尔两对相对性状的杂交实验中，F1基因型为YyRr，表现型只有一种，F1产生的配子为YR、Yr、yR、yr，比例为1∶1∶1∶1。
F1测交后代基因型为YyRr、Yyrr、yyRr、yyrr4种，表现型也为4种，比例均为1∶1∶1∶1。
17．豌豆子叶的黄色（Y）、圆粒种子（R）均为显性，两亲本杂交的F1表现型如下图。
让F1中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，F2的性状分离比为（ ）
A．2∶2∶1∶1B．1∶1∶1∶1
C．9∶3∶3∶1D．3∶1∶3∶1
答案 A
解析 由F1中圆粒∶皱粒＝3∶1，知亲代相应基因型为Rr×Rr；由F1中黄色∶绿色＝1∶1，知亲代相应基因型为Yy×yy；故亲代基因型为YyRr×yyRr。
F1中黄色圆粒豌豆的基因型为
YyRR、
YyRr，F1中绿色皱粒豌豆基因型为yyrr。
按如下计算：
YyRR×yyrr→
YyRr、
yyRr；
YyRr×yyrr→
YyRr、
Yyrr、
yyRr、
yyrr。
综合考虑两项结果，得YyRr∶yyRr∶Yyrr∶yyrr＝2∶2∶1∶1。
18．某植物的基因型为AaBb，两对等位基因独立遗传，在该植物的自交后代中，表现型不同于亲本且能稳定遗传的个体所占的比例为（ ）
A.
B.
C.
D.
答案 A
解析 基因型为AaBb的植物自交，子代有16种结合方式，4种表现型，且每一种表现型中均有一个纯合子（AABB、aaBB、AAbb、aabb），故该植物的自交后代中，表现型不同于亲本且能稳定遗传的个体所占的比例为
。
19．小鼠毛色黑色（B）对褐色（b）为显性，无白斑（S）对有白斑（s）为显性，这两对等位基因独立遗传。
基因型为BbSs的小鼠间相互交配，后代中黑色有白斑小鼠的比例是（ ）
A.
B.
C.
D.
答案 B
解析 BbSs×BbSs得到黑色有白斑小鼠（B_ss）的概率为
×
＝
。
20．对某植株进行测交，得到后代基因型为RrBb和Rrbb，则该植株的基因型是（ ）
A．RRBbB．RrBbC．rrbbD．Rrbb
答案 A
解析 测交是待测个体和隐性纯合子杂交的过程。
隐性纯合子只产生一种配子（rb）。
故该植物测交后代基因型中去掉rb为该植物产生的配子，即RB、Rb。
推出该植物基因型为RRBb。
21．水稻的高秆（D）对矮秆（d）为显性，抗锈病（R）对不抗锈病（r）为显性，这两对基因自由组合。
甲水稻（DdRr）与乙水稻杂交，其后代四种表现型的比例是3∶3∶1∶1，则乙水稻的基因型是（ ）
A．Ddrr或ddRrB．DdRR
C．ddRRD．DdRr
答案 A
解析 从后代表现型的比例为3∶3∶1∶1中可确定两种性状的比例，一种性状的后代性状分离比为3∶1，另一种性状的后代性状分离比为1∶1，已知甲水稻基因型为DdRr，则乙水稻的基因型为Ddrr或ddRr。
22．豌豆中，子粒黄色（Y）和圆形（R）分别对绿色和皱粒为显性。
现有甲（黄色圆粒）与乙（黄色皱粒）两种豌豆杂交，子代有四种表现型，如果让甲自交，乙测交，则它们的后代表现型之比应分别为（ ）
A．9∶3∶3∶1及1∶1∶1∶1
B．3∶3∶1∶1及1∶1
C．9∶3∶3∶1及1∶1
D．3∶1及1∶1
答案 C
解析 由题意可知，甲与乙杂交子代有四种表现型，则依据分离定律，甲（黄）×乙（黄），后代存在两种表现型，即黄与绿，则甲（Yy）×乙（Yy）；甲（圆）×乙（皱）杂交，后代存在两种表现型，则甲（Rr）×乙（rr），故甲为YyRr、乙为Yyrr。
23．有一种软骨发育不全的遗传病，两个有这种病的人（其他性状正常）结婚，他们所生的第一个孩子得白化病和软骨发育不全，第二个孩子性状全部正常。
假设控制这两种病的基因符合基因的自由组合定律，请预测他们再生一个孩子同时患两病的概率是（ ）
A.
B.
C.
D.
答案 C
解析 假设软骨发育不全是由B、b基因控制的，两个有这种病的人（其他性状正常）结婚，他们所生的第一个孩子得白化病和软骨发育不全，第二个孩子性状全部正常，可以推断出此夫妇的基因型均为AaBb，他们再生一个孩子同时患两病的概率是
×
＝
。
24．某种蛙眼色的表现型与基因型的对应关系如下表（两对等位基因独立遗传）：
表现型
蓝眼
绿眼
紫眼
基因型
A_B_
A_bb、aabb
aaB_
现有蓝眼蛙与紫眼蛙杂交，所得F1仅有蓝眼和绿眼两种表现型，理论上F1中蓝眼蛙∶绿眼蛙为（ ）
A．3∶1B．3∶2C．9∶7D．13∶3
答案 A
解析 依题意，A_B_×aaB_→F1仅有蓝眼和绿眼两种表现型，因为绿眼的基因型为A_bb、aabb，推知亲代基因型为A_Bb×aaBb。
假设亲代基因型为AaBb×aaBb，则F1会出现紫眼蛙（aaB_），与题意不符，所以亲代蓝眼蛙与紫眼蛙的基因型分别为AABb、aaBb，F1中蓝眼蛙∶绿眼蛙＝AaB_∶Aabb＝3∶1。
25．二倍体结球甘蓝的紫色叶对绿色叶为显性，控制该相对性状的两对等位基因（A、a和B、b）独立遗传。
下表是纯合甘蓝杂交实验的统计数据。
亲本组合
F1株数
F2株数
紫色叶
绿色叶
紫色叶
绿色叶
①紫色叶×绿色叶
121
0
451
30
②紫色叶×绿色叶
89
0
242
81
请回答：
（1）结球甘蓝叶色性状的遗传遵循____________定律。
（2）表中组合①的两个亲本基因型为____________，理论上组合①的F2紫色叶植株中，纯合子所占的比例为____________。
（3）表中组合②的亲本中，紫色叶植株的基因型为____________。
若组合②的F1与绿色叶甘蓝杂交，理论上后代的表现型及比例为____________。
答案
（1）基因的自由组合
（2）AABB、aabb
（3）AAbb（或aaBB） 紫色叶∶绿色叶＝1∶1
解析
（1）因为结球甘蓝的叶色性状是由两对等位基因（独立遗传）决定的，且亲本组合①中F2的性状分离比约为15∶1（9∶3∶3∶1的变式），所以结球甘蓝叶色性状的遗传遵循基因的自由组合定律。
（2）亲本组合①中F2的性状分离比约为15∶1，则F1的基因型为AaBb，两个亲本基因型为AABB、aabb；理论上组合①的F2紫色叶植株中，基因型有
AABB、
AABb、
AaBB、
AaBb、
aaBB、
aaBb、
AAbb、
Aabb，其中纯合子所占的比例为
∶
＝
。
（3）表中组合②中F2的性状分离比约为3∶1，则亲本基因型为aaBB×aabb或AAbb×aabb，故紫色叶植株的基因型为aaBB或AAbb；F1的基因型为aaBb或Aabb，其测交后代的表现型及比例为紫色叶∶绿色叶＝1∶1。
26．玉米紫冠（A）对非紫冠（a）、非糯（B）对糯（b）、非甜（D）对甜（d）有完全显性作用，3对基因独立遗传。
现有3个纯种的玉米品系，即甲（aaBBDD）、乙（AAbbDD）和丙（AABBdd），某小组设计了获得aabbdd个体的杂交方案如下。
第一年：
种植品系甲与丙，让品系甲和丙杂交，获得F1的种子；
第二年：
种植F1和品系乙，让F1与品系乙杂交，获得F2的种子；
第三年：
种植F2，让F2自交，获得F3的种子；
第四年：
种植F3，植株长成后，选择表现型为非紫冠糯甜的个体，使其自交，保留种子。
请回答下列问题。
（1）F1的基因型为____________，表现型为____________。
（2）F2的基因型及比例为______________________________，表现型有________种。
（3）F3中aabbdd个体所占的比例为____________。
（4）为了验证基因B、b与D、d独立遗传，请在甲、乙、丙3个品系中选取材料，设计可行的杂交实验方案。
第一步：
取____________杂交，得F1；
第二步：
________________________________________________；
第三步：
统计F2的表现型及比例。
结果预测：
________________________________________________，
说明基因B、b与D、d独立遗传。
答案
（1）AaBBDd 紫冠非糯非甜
（2）AABbDD∶AABbDd∶AaBbDD∶AaBbDd＝1∶1∶1∶1 1 （3）
（4）品系乙和丙 让F1个体自交，得F2 F2出现4种表现型（非糯非甜、非糯甜、糯非甜、糯甜），且比例为9∶3∶3∶1
解析
（1）由题干可知，aaBBDD（甲）×AABBdd（丙）→F1：
AaBBDd，表现型为紫冠非糯非甜。
（2）AaBBDd（F1）×AAbbDD（乙）→F2：
AABbDD、AABbDd、AaBbDD、AaBbDd，且比例为1∶1∶1∶1，全部表现为紫冠非糯非甜。
（3）F2中基因型为AABbDD、AABbDd、AaBbDD、AaBbDd的个体各占
，让其自交得F3，只有基因型为AaBbDd的个体自交后代中会出现基因型为aabbdd的个体，且概率为
×
＝
。
（4）为了验证基因B、b与D、d独立遗传，即符合自由组合定律，可用测交法、自交法、花粉鉴定法等。
题中要求设计可行的杂交实验方案，可选用品系乙（bbDD）和丙（BBdd）杂交得F1（BbDd），F1自交得F2，F2有4种表现型，且比例符合孟德尔的性状分离比（9∶3∶3∶1），则说明基因B、b与D、d独立遗传。
27．（2012·江苏卷改编，11）下列关于遗传实验和遗传规律的叙述，正确的是（ ）
A．先进行等位基因的分离，后进行非等位基因的自由组合
B．杂合子与纯合子基因组成不同，性状表现也不同
C．孟德尔巧妙设计的测交方法只能用于检测F1的基因型
D．F2的3∶1性状分离比一定依赖于雌雄配子的随机结合
答案 D
解析 等位基因的分离和非等位基因的自由组合同时进行，在完全显性条件下，杂合子和显性纯合子基因组成不同，但性状表现相同；用测交的方法不仅可检测F1的基因型，还可以验证基因自由组合定律和分离定律等；雌雄配子的随机结合，是F2出现3∶1性状分离比的条件之一。
28．（2011·海南卷，17）假定五对等位基因自由组合，则杂交组合AaBBCcDDEe×AaBbCCddEe产生的子代中，有一对等位基因杂合、四对等位基因纯合的个体所占的比率是（ ）
A.
B.
C.
D.
答案 B
解析 由于亲本组合中DD×dd杂交后代中一定是杂合子，则子代中符合要求的个体其他四对基因都是纯合子的概率为：
×
×
×
＝
。
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