四川省广安市邻水第二中学学年高二上期中物理试题含答案解析.docx

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四川省广安市邻水第二中学学年高二上期中物理试题含答案解析

四川省广安市邻水第二中学【最新】高二（上）期中物理试题

学校:

___________姓名：

___________班级：

___________考号：

___________

一、单选题

1．关于电场强度，下列说法中正确的是（　　）

A．场强的大小和检验电荷q0的大小成正比

B．点电荷在电场中某点受力的方向一定是该点场强方向

C．在电场中某点，检验电荷q0所受的力与q0的比值不随q0的大小而变化

D．在以点电荷为中心的球面上，由该点电荷所产生的电场的场强处处相同

2．下列关于电源电动势的说法，正确的是（　　）

A．电源向外提供的电能越多，表示电动势越大

B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化

C．电源的电动势与外电路有关，外电路电阻越大，电动势就越大

D．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大

3．下列说法正确的是（　　）

A．任何带电体的电荷量都是元电荷的整数倍，元电荷是带电量最小的微粒

B．电阻率是反映材料导电性能的物理量，电阻率越小，材料的导电性能越好

C．将金属丝均匀拉长为原来的两倍，金属丝的电阻和电阻率也变大

D．点电荷是理想化的物理模型，只有带电体很小时，才能看成点电荷

4．两只完全相同的灵敏电流表改装成量程不同的电流表A1、A2，若将两改装后的电流表串联后去测量某一线路的电流，则两只电表（　　）

A．指针偏转的角度一定相同

B．量程大的电流表内阻一定大

C．量程大的电流表读数一定大

D．读数一定相同

5．如图所示电路，电压保持不变，当开关S断开时，理想电流表A的示数为0.2A，当S闭合时，电流表的示数为0.3A，则两电阻阻值之比R1：

R2为（　　）

A．1：

2B．2：

1C．2：

3D．3：

2

6．如图所示电路，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，电压表、电流表的示数变化情况为

A．两电表示数都增大

B．两电表示数都减少

C．电压表示数减少，电流表示数增大

D．电压表示数增大，电流表示数减少

7．如图所示，一个带电粒子，从粒子源飘入（初速度很小，可忽略不计）电压为U1的加速电场，经加速后从小孔S沿平行金属板A、B的中心线射入，A、B板长为l，相距为d，电压为U2．则带电粒子能从A、B板间飞出，应该满足的条件是（　　）

A．

≤

B．

≤

C．

≤

D．

≤

8．关于多用电表，下列说法正确的是（　　）

A．用多用电表测电阻时，为了使测量误差较小，应使指针的偏转角度尽可能大些。

B．多用电表无论是测电压、电流还是测电阻，红表笔的电势都高于黑表笔的电势

C．多用电表的电压挡、电流挡和欧姆挡都是靠外部电源提供电流的

D．用多用电表测电压、电流和电阻时，电流都是从红表笔流入的

二、多选题

9．等量异种点电荷的连线和其中垂线如图所示，现将一个带负电的试探电荷先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点．则（）

A．从a点到b点，电势逐渐增大

B．从a点到b点，试探电荷受电场力先增大后减小

C．从a点到c点，试探电荷所受电场力的方向始终不变

D．从a点到c点，试探电荷的电势能先不变后减小

10．用伏安法测电阻时有如图所示的甲、乙两种接法，RA、RV分别是电流表、电压表的内阻，Rx是待测电阻（　　）

A．当Rx与RV相接近时，用甲接法误差较小

B．当Rx比RV小得多时，用甲接法误差较小

C．当Rx比RA小得多时，用乙接法误差较小

D．当Rx比RA大得多时，用乙接法误差较小

11．如图所示，P、Q为一平行板电容器的两个竖直放置的金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球，闭合开关S，小球静止时，悬线偏离竖直方向a角，则有（　　）

A．小球一定带正电

B．若断开开关S，小球将回到竖直位置

C．若断开开关S，将P板向上微移，悬线偏角将变大

D．保持开关S闭合，将P板向左微移，悬线拉力将变大

12．有一种测量人体重量的电子秤，其原理如图中虚线内所示，它主要由三部分构成：

踏板、压力传感器R（是一个阻值可随压力大小而变化的电阻器）、显示体重的仪表G（实质是理想电流表）．设踏板的质量可忽略不计，已知理想电流表的量程为3A，电源电动势为12V，内阻为2Ω，电阻R随压力F变化的函数式为R＝28﹣0.02F（F和R的单位分别是N和Ω）．下列说法正确的是（　　）

A．该秤能测量的最大体重是1300N

B．该秤能测量的最大体重是1400N

C．该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在电流表G刻度盘0.375A处

D．该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在电流表G刻度盘0.400A处

13．如图所示，一个内壁光滑的绝缘细直管竖直放置．在管子的底部固定一电荷量为Q的正点电荷．在距离底部点电荷为h2的管口A处，有一电荷量为q、质量为m的点电荷由静止释放，在距离底部点电荷为h1的B处速度恰好为零．现让一个电荷量为q、质量为3m的点电荷仍在A处由静止释放，已知静电力常量为k，重力加速度为g，则该点电荷运动过程中（）

A．速度最大处与底部点电荷的距离是

B．速度最大处与底部点电荷的距离是

C．运动到B处的速度是

D．运动到B处的速度是

三、实验题

14．描绘一个标有“2.5V0.5A”字样的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡电压能从零开始变化，实验室备有下列器材：

a．标有“3V0.5A”字样的小灯泡一个；

b.10V学生电源一个；

c．量程为0﹣3V的电压表，内阻约为3kΩ；

d．量程为0﹣15V的电压表，内阻约为15kΩ；

e．量程为0﹣0.6A的电流表，内阻约为0.5Ω；

f．量程为0﹣3A的电流表，内阻约为0.1Ω；

g．滑动变阻器（阻值范围0﹣10Ω，允许通过的最大电流1.5A）；

h．滑动变阻器（阻值范围0﹣50Ω，允许通过的最大电流0.1A）；

电键一个，导线若干．

（1）为减小实验误差，方便调节，请在上述所给的器材中选取适当的器材，并将它们的编号填在横线上．电压表应选_____；电流表应选_____；滑动变阻器应选取_____．（填写器材名称前的序号字母）

（2）将实物按电路图1用导线补充完整________．

（3）这位同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图2所示．由图中电流表、电压表的读数可计算出小灯泡的电阻为_____Ω（保留两位小数），小灯泡的电阻测量值_____真实值（填＜，＞，＝）

（4）根据实验测定的数据，以电压U为横坐标，电流强度I为纵坐标画出图线，在如图3给出的四个I﹣U图线中，最能反映实际情况的是_____，简要说明理由_____．

15．为了测定一个电流表A的内阻r，实验室给出了下列器材：

A．待测电流表A，量程100mA，内阻约为10Ω

B．电压表V1，量程3V，内阻很大

C．电压表V2，量程15V，内阻很大

D．滑动变阻器R1，最大阻值约20Ω

E．滑动变阻器R2，最大阻值约1000Ω

F．定值电阻R0，R0＝20Ω

G．电源，电动势3V，内阻很小

H．电键及导线若干

请回答下列问题：

（1）选出合适的器材，要求有尽可能高的测量精度，并能测出多组数据，在虚线方框中画出测电流表A内阻的电路图并标明元件符号_______．

（2）电压表应选_____，滑动变阻器应选_____（选填器材名称前面的序号字母）．

（3）若待测电流表的读数为I，电压表读数为U，则所测电流表A的内阻的表达式r＝_____（各物理量的符号用题目中给定的字母表示）

四、解答题

16．如图所示电路，电流表和电压表都是理想表，电池电动势E＝4V，电阻R1＝4Ω，R2＝2Ω，R3＝10Ω，R4＝6Ω，电流表示数为0.3A，求：

（1）电压表V1、V2的示数？

（2）电池内电阻r？

17．如图所示为电动机提升重物的装置，已知电动机线圈电阻R＝2Ω，电源电动势E＝10V，内阻r＝1Ω，若电路中的电流为I＝2A，重物A重G＝4N．不计一切摩擦阻力，求：

（1）电动机线圈电阻上消耗的热功率P热是多少？

（2）电动机输出功率P出是多少？

（3）5s时间内，可以把重物A匀速提升的高度h是多少？

18．如图所示，光滑绝缘的细圆管弯成半径为R的半圆形，固定在竖直面内，管口B、C的连线是水平直径．现有一带正电的小球（可视为质点）从B点正上方的A点自由下落，A、B两点间距离为5R，从小球进入管口开始，整个空间中加上一个匀强电场，电场力在竖直向上的分力大小与小球的重力大小相等，电场力在水平方向上的分力大小也与小球的重力大小相等，结果小球从管口C处脱离圆管后，继续运动其轨迹能够经过A、B连线上的P点．设小球运动过程中电荷量没有改变，不计空气阻力，重力加速度为g，求：

（1）小球到达B点的速度大小？

（2）小球经过管口C处时对圆管壁的压力大小？

（3）P点与B点之间的距离为多少？

参考答案

1．C

【分析】

场强是反映电场本身强弱和方向的物理量，与检验电荷无关．点电荷在电场中某点受力的方向不一定是该点场强方向．电场强度的定义式E＝F/q采用的比值定义法．场强是矢量，只有大小相等、方向相同时两点的场强才相同．

【详解】

场强是反映电场本身强弱和方向的物理量，与检验电荷无关，不能说场强的大小和检验电荷q0的大小成正比．故A错误．正点电荷在电场中某点受力的方向一定是该点场强方向，而负点电荷在电场中某点受力的方向与该点场强方向相反．故B错误．在电场中某点电场强度是不变的，则由电场强度的定义式E＝F/q可知，检验电荷q0所受的力与q0的比值不随q0的大小而变化．故C正确．在以点电荷为中心的球面上，由该点电荷所产生的电场的场强大小处处相等，但方向不同，而场强是矢量，场强不是处处相同．故D错误．故选C．

【点睛】

电场强度采用的是比值定义法，要抓住比值定义法的共性来理解．场强是反映电场本身性质的物理量，与检验电荷无关，其方向与正检验电荷所受的电场力方向相同．

2．D

【解析】

【分析】

电动势与电势差是两个不同的概念，电动势等于内外电路电压之和。

电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量。

电动势由电源本身的特性决定，与外电路的结构无关。

【详解】

根据W＝EIt可知，电源向外提供的电能多，不能说明电动势大，还与电源做功的时间、电路中的电流有关。

故A错误；电动势表示的是电源将其它形式的能转化为电能的本领，在数值上是等于将单位正电荷从负极移到正极时非静电力所在的功，电动势由电源本身的特性决定，与外电路的结构无关，故BC错误；电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量，电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大，故D正确。

故选：

D。

【点睛】

本题考查对于电源的电动势的理解能力。

电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关。

3．B

【解析】

【分析】

元电荷是带电量的最小值，所有带电电荷量均是元电荷的整数倍；电阻率是反映材料导电性能的物理量，材料电阻率越大，导电性能越差；电阻是导体的固有属性，与导体的材料，长度，横截面积有关；带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系。

【详解】

元电荷所带电量是物体所带电量的最小单元，不是带电量最小的微粒，任何带电体的电荷量都是元电荷的整数倍，故A错误；电阻率是反映材料导电性能的物理量，材料电阻率越小，导电性能越好，故B正确；当金属丝电阻均匀拉长到原来的2倍时，截面积变为原来的一半，则由R＝ρ

可得电阻变为原来的4倍；电阻率是反映材料导电性能的物理量，不变，故C错误；点电荷是理想化的物理模型，带电体能否看作点电荷是由研究问题的性质决定，与自身大小形状和电量多少无具体关系，当带电体的形状对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，故D错误；故选B。

【点睛】

本题考查对元电荷、电阻率、电阻的决定式、点电荷的理解能力。

点电荷是理解化的物理模型，与力学中质点模型类似。

4．D

【解析】

【分析】

明确改装的原理，再根据串并联电路的规律分析表头中电流的大小关系，进一步明确示数及偏角的关系。

【详解】

将表头改装成电流表时，应并联一个小电阻，此时表头中刻度表示流过表头及小电阻的总电流；若将两电表串联，则流过G表及小电阻的电总电流相等故示数相等，但由分流关系可知，流过表头G的电流不相等，故偏角不等，故A错误，D正确；量程越大说明小电阻分流越多，则根据并联电路原理可知，并联的电阻越小，则总电阻越小，故B错误；两电阻串联，而电流表显示的是流过表头和并联电阻的总电流，故两电流表的示数一定相等，故C错误。

故选D。

【点睛】

本题要求学生明确改装原理，知道改装电表时是采用了串并联电路的电流及电压原理，在分析时应作为能显示读数的电阻进行处理。

5．A

【解析】

【分析】

由电路图知：

开关S断开时，电流表A测R2的支路电流；由电路图知：

开关S闭合时，电流表A测干路电流，由并联电路特点可求出流过电阻R1的电流；由并联电路的特点及欧姆定律可求出电阻R1、R2的阻值之比。

【详解】

设电阻两端得电压为U，开始流过电阻R1的电流：

由并联电路的特点知，流过电阻R2的电流：

I2＝I总﹣I1＝0.3﹣0.2＝0.1A；又：

，联立可得：

，故A正确，BCD错误，故选A。

【点睛】

本题考查了并联电路的特点、欧姆定律的应用，是一道计算题；明确各电路元件的连接方式、灵活应用并联电路特点及欧姆定律是正确解题的关键；解题时，注意比值法的应用。

6．D

【详解】

当滑动变阻器的滑片P向a端滑动时，接入电路的电阻增大，与R2并联的电阻增大，外电路总电阻R总增大，总电流I减小，则电压表的示数UV=E-I（r+R1），则UV增大；流过R2的电流

增大，电流表的读数为

，则电流表示数减小；故A，B，C错误，D正确.

7．C

【详解】

带电粒子在电场中被加速，则有

带电粒子在偏转电场中做类平抛运动，可看成匀速直线运动与匀加速直线运动的两分运动，匀速直线运动：

由运动学公式得

，匀加速直线运动：

设位移为x，则有

要使带电粒子能飞出电场，则有

联立解得：

故C正确．

8．D

【分析】

多用电表由一个表头改装成的电压表、电流表与欧姆表；使用多用电表前，要进行机械调零；表笔的插法是“红正黑负”，用多用电表测电阻时，电流从黑表笔流出，从红表笔流入；测电阻时换挡必须调零；倍率选择要合适，使指针指在刻度盘中央附近。

【详解】

A．用多用电表测电阻时，为了使测量误差较小，应使指针指在中央刻度线附近，故A错误；

B．欧姆表内置电源负极与红表笔相连，用多用代表测电阻时，红表笔的电势低于黑表笔的电势，故B错误；

C．多用电表的电压挡、电流挡是靠外部电源供电的，多用电表的欧姆挡是靠内部电源提供电流的，故C错误；

D．多用电表不论测电流、电压还是电阻，电流都是从红表笔流入，黑表笔流出，故D正确。

故选D。

【点睛】

本题考查了多用电表的结构、实验注意事项等，掌握多用电表的使用方法与注意事项即可正确解题，难度不大，要注意基础知识的学习与掌握。

9．CD

【解析】

试题分析：

因为在等量异种电荷连线的中垂线上各点的电势均为零，所以从a点到b点，电势不变，A选项错误；在等量异种电荷连线的中垂线上各点的场强方向都是垂直ab向下，大小从a点到b点逐渐增大，所以将试探电荷从a点移到b点时，受电场力逐渐增大，所受电场力的方向始终竖直向上，B选项错误，C选项正确；由于从a到b，电势不变，从b到c电势升高，所以带负电的试探电荷从a点到c点，电势能先不变后减小，选项D正确．

考点：

此题考查等量异种电荷周围电场线的分布情况以及电势、电势能、电场强度等概念．在两电荷连线中垂线上各点电势为零，场强方向处处相同．负电荷在高电势点电势能小，在低电势点电势能较大．

10．BD

【分析】

伏安法测量电阻的原理是

，由于电压表和电流表本身有一定的内阻，接入电路后，引起了系统误差，分析误差产生的原因，确定减小误差的方法．

【详解】

AB．伏安法测量电阻的原理是

，甲图是电流表的外接法，电压表测量的电压没有系统误差，由于电压表的分流，使得电流表测得的电流大于Rx的真实电流，根据并联电路分流的特点可知，电压表的内阻RV相对于Rx越大，电压表分流越小，电流表测量的电流误差越小，所测得的Rx越精确，即当

时，用甲种接法误差较小，故A错误，B正确；

CD．乙图是电流表的内接法，电流表测量的电流没有系统误差，由于电流表的分压，使得电压表测得的电压大于Rx的真实电压，根据串联电路分压的特点可知，电流表的内阻RA相对于Rx越小，电流表分压越小，电压表测量的电压误差越小，所测得的Rx越精确，即当

时，用乙种接法误差较小，故C错误，D正确。

故选BD。

11．AC

【解析】

【分析】

分析小球的受力情况，即可判断其电性；若断开开关S，电容器带电量不变，板间场强不变，小球仍静止不动；将P板向上微移，根据电容的决定式

和定义式C＝Q/U，结合电量不变的条件进行分析即可。

保持开关S闭合时，电容器板间电压不变，由E＝U/d、F＝qE结合分析电场力变化，从而作出判断。

【详解】

小球受重力mg、线的拉力T和电场力qE，根据共点力平衡条件可知，重力mg和电场力qE的合力F与线的拉力T必定等大反向，其受力示意图如下图所示，根据图中几何关系有：

qE＝mgtanα，T＝F＝qEsinα，由于电场方向由P板指向Q板，与电场力方向相同，因此小球带正电，故A正确。

若断开开关S，则平行板电容器两金属板所带电量Q不变，两板间电势差U不变，因此电场强度E不变，即小球受力不变，因此小球静止不动，故B错误。

若断开开关S，将P板向上微移，则平行板电容器两金属板所带电量Q不变，但电容器C减小，因此两板间电势差U增大，电场强度E增大，因此悬线偏角α将变大，故C正确。

若保持开关S闭合，则两板间电势差U不变，将P板向左微移，则板间d增大，因此电场强度E减小，此悬线偏角α将变小，悬线拉力T将变小，故D正确。

故选AC。

【点睛】

本题主要考查了物体的受力分析、共点力平衡条件的应用，以及有关电容器的动态分析问题。

12．AD

【分析】

电子秤测量的最大体重时，由R＝28﹣0.02F可知，其电阻R最小，电路中电流最大，等于电流表的量程为3A．根据欧姆定律求出电流为3A时电子秤的电阻，再由R＝28﹣0.02F求解最大体重．踏板空载时F＝0，代入R＝28﹣0.02F得到电阻，由欧姆定律求出电流．

【详解】

当电路中电流I＝3A时，电子秤测量的体重最大．由欧姆定律I＝

得：

R＝

﹣r＝

﹣2＝2Ω，代入R＝28﹣0.02F得：

F＝1300N．故A正确，B错误；踏板空载时F＝0，代入R＝28﹣0.02F得电阻为：

R＝28Ω，由欧姆定律得：

I＝

＝0.400A，所以该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在电流表G刻度盘0.400A处．故D正确，C错误；故选AD．

13．BC

【解析】

当点电荷的质量为m时，则在下落过程中受重力和电库仑力，下落到B点时速度为零，由动能定理可得：

，即

，当点电荷的质量变为3m时，下落到B点时库仑力不变，故库仑力做功不变，由动能定理得

，解得

；当重力等于库仑力时，合力为零，此时速度最大，

，解得

，

故BC正确，AD错误，故选BC.

【点睛】由题意可知，电荷在下落过程中受重力、库仑力，由动能定理可得出两力做功的关系；同理可应用动能定理求出当质量变化时B点的速度；通过对过程的分析可得出速度最大处的位置；并通过电场力做功的正负，来判定电势能增加还是降低．

14．

（1）ceg

（2）图见解析；（3）5.2＜C小灯泡电阻随温度升高而增大

【分析】

（1）根据小灯泡的额定电压选择电压表，根据额定电流选择电流表，在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；

（2）为了减小误差准确测量电阻阻值，采用分压式电路，根据待测电阻估计值以及电压表和电流表的内阻确定内外接，作出实验电路图；

（3）读出电压表和电流表的读数，再利用欧姆定律即可求出此时小灯泡的电阻阻值，电流表外接，因为电压表分流导致，灯泡电阻测量结果偏小．

（4）根据小灯泡电阻随温度升高而增大结合欧姆定律，即可选出正确的图象．

【详解】

（1）因为小灯泡的额定电压为2.5V，故电压表选择c，小灯泡的额定电流为0.5A，故电流表选择e，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器，故滑动变阻器选择g；

（2）为了减小误差准确测量电阻阻值，采用分压式电路，因为电压表内阻远大于灯泡电阻，故选择电流表外接法，故连接实物图，如图所示：

（3）如图，电流表示数：

I＝0.46A，电压表示数：

U＝2.40

根据欧姆定律可得此时小灯泡电阻阻值：

R＝

Ω≈5.2Ω

电压测量准确，由于电流表外接，电压表分流，导致电流测量偏大，根据R＝U/I可知，灯泡电阻R测量结果偏小，即小灯泡的电阻测量值小于真实值；

（4）因为小灯泡电阻随温度升高而增大，随着电压增大I﹣U曲线上各点到原点连线的斜率越来越小，故ABD错误，C正确，故选C．I﹣U曲线弯曲的原因是因为：

小灯泡电阻随温度升高而增大．

【点睛】

本题考查描绘小灯泡伏安特性曲线，考查了实验器材选择、实验电路设计、实验数据处理、实验方案分析，要掌握实验器材的选择原则，认真审题、理解题意与实验步骤、知道实验原理是解题的关键，内外接选择的方法：

大电阻选内接测量结果偏大，小电阻选外界测量结果偏小，口诀：

“大内大，小外小．”

15．

（1）图见解析；

（2）BD；（3）

【分析】

（1）为了保证电流表的安全应与定值电阻串联，选择分压式电路提高测量精度，再画出电路图即可；

（2）根据电源电动势选择合适量程的电压表，为了滑动方便应选择最大最值较小的滑动变阻器；

（3）根据串并联电路特点结合欧姆定律，联立即可求出电流表内阻．

【详解】

（1）因为要求有尽可能高的测量精度，并能测出多组数据，故选择分压式电路；画出电路图，如图所示：

（2）因为电源电动势E＝3V，故电压表选择量程为3V的B；为了滑动方便，选择最大最值较小的滑动变阻器，故滑动变阻器选择D.

（3）根据串并联电路特点结合欧姆定律可得电流表内阻：

r＝

【点睛】

本题考查了实验器材选择、实验电路设计、实验数据处理、实验方案分析，要掌握实验器材的选择原则，认真审题、理解题意与实验步骤、知道实验原理是解题的关键，注意当器材中有定值电阻或者电阻箱时，一般都不能舍掉，注意分析其用途．

16．

（1）1V，3.6V；

（2）1Ω。

【解析】

【分析】

（1）电阻R2与电阻R3串联后与电阻R1并联，再与电阻R4串联，最后接到电源两端；先根据欧姆定律求解电阻R1的电压，然后根据串并联电路电压、电流关系得到电阻R3的电压和外电路总电阻的电压；

（2）根据闭合电路欧姆定律列式求解电源内电阻；

【详解】

（1）电阻R2与电阻R3串联后与电阻R1并联，再与电阻R4串联，最后接到电源两端；

电流表的示数为0.3A，根据欧姆定律，电阻R1的电压为：

U1＝I1R1＝0.3×4＝1.2V

电阻R2与电阻R3支路的电压为1.2V，电流为：

I2＝

＝0.1A

电阻R3的电压为：

U3＝I2R3＝0.1×10＝1V

干路电流为：

I＝I1+I2＝0.3+0.1＝0.4A

故外电路的总电压为：

U＝U1+IR4＝1.2+0.4×6＝3.6V

（2）根据闭合电路欧姆定律，有：

E＝U+Ir

解得：

r＝

＝1Ω

【点睛】

本题关键是理清