章末质量检测十.docx

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章末质量检测十

章末质量检测（十）

（时间：

50分钟）

一、选择题（本题共8小题，1～5题为单项选择题，6～8题为多项选择题）

1.如图1所示的装置中，当接通电源后，小磁针A的指向如图所示，则（　　）

图1

A.小磁针B的N极向纸外转

B.小磁针B的N极向纸里转

C.小磁针B不转动

D.因电流未标出，所以无法判断小磁针B如何转动

解析　如题图，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以通电螺线管的左端是S极，右端是N极；根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是通电螺线管的N极。

可以判断电流从螺线管的左端流入，从右端流出，所以，电源的左端是正极，右端是负极。

而小磁针B在电流产生的磁场中，根据右手螺旋定则可知，N极的指向垂直纸面向外，故A正确，B、C、D错误。

答案　A

2.如图2所示，线圈L的自感系数很大，且其直流电阻可以忽略不计，L1、L2是两个完全相同的小灯泡，开关S闭合和断开的过程中，灯L1、L2的亮度变化情况是（灯丝不会断）（　　）

图2

A.S闭合，L1亮度不变，L2亮度逐渐变亮，最后两灯一样亮；S断开，L2立即熄灭，L1逐渐变亮

B.S闭合，L1亮度不变，L2很亮；S断开，L1、L2立即熄灭

C.S闭合，L1、L2同时亮，而后L1逐渐熄灭，L2亮度不变；S断开，L2立即熄灭，L1亮一下才熄灭

D.S闭合，L1、L2同时亮，而后L1逐渐熄灭，L2则逐渐变得更亮；S断开，L2立即熄灭，L1亮一下才熄灭

答案　D

3.如图3甲所示，固定闭合线圈abcd处于方向垂直纸面向外的磁场中，磁感线分布均匀，磁场的磁感应强度大小B随时间t的变化规律如图乙所示，则下列说法正确的是（　　）

图3

A.t＝1s时，ab边受到的安培力方向向左

B.t＝2s时，ab边受到的安培力为0

C.t＝2s时，ab边受到的安培力最大

D.t＝4s时，ab边受到的安培力最大

解析　由题图知，0～2s内磁感应强度大小逐渐增大，根据楞次定律知线圈中产生感应电流的方向为顺时针方向，根据左手定则判断知ab边受到的安培力方向向右，选项A错误；t＝2s时，

＝0，感应电流I＝0，安培力F＝0，选项B正确，C错误；t＝4s时，B＝0，安培力F＝0，选项D错误。

答案　B

4.一半径为r、质量为m、电阻为R的金属圆环用一根长为L的绝缘轻细杆悬挂于O1点，杆所在直线过圆环圆心，在O1点的正下方有一半径为L＋2r的圆形匀强磁场区域，其圆心O2与O1点在同一竖直线上，O1点在圆形磁场区域边界上，如图4所示。

现使绝缘轻细杆从水平位置由静止释放，下摆过程中金属圆环所在平面始终与磁场垂直，已知重力加速度为g，不计空气阻力及其他摩擦阻力，则下列说法正确的是（　　）

图4

A.金属圆环最终会静止在O1点的正下方

B.金属圆环在整个过程中产生的焦耳热为mgL

C.金属圆环在整个过程中产生的焦耳热为

mg（L＋2r）

D.金属圆环在整个过程中产生的焦耳热为

mg（L＋r）

解析　圆环最终要在如图中A、C位置间摆动，因为此时圆环中的磁通量不再发生改变，圆环中不再有感应电流产生。

由几何关系可知，圆环在A、C位置时，其圆心与O1、O2的距离均为L＋r，则圆环在A、C位置时，圆环圆心到O1的高度为

。

由能量守恒可得金属圆环在整个过程中产生的焦耳热为

mg（L＋2r），C正确。

答案　C

5.（2018·山东烟台一模）如图5甲所示，间距L＝0.2m的水平金属导轨CD、EF固定在水平地面上，一质量m＝4×10－3kg的金属棒GH垂直地放置导轨上，导轨处于沿水平方向、磁感应强度B1＝0.2T的匀强磁场中。

有一匝数n＝20匝、面积S＝0.02m2的线圈通过开关S与导轨相连，线圈处于通过线圈轴线、方向竖直向上的另一匀强磁场B2中，B2大小随时间t变化的关系如图乙所示。

在t＝0.2s时刻闭合开关S时，金属棒GH瞬间跳起（金属棒跳起瞬间安培力远大于重力），跳起的最大高度为h＝0.2m，不计空气阻力，重力加速度为g＝10m/s2，下列说法正确的是（　　）

图5

A.磁感应强度B1的方向水平向右

B.开关S闭合瞬间，GH中的电流方向由H到G

C.线圈中产生的感应电动势大小为3V

D.开关S闭合瞬间，通过金属棒GH的电荷量为0.3C

解析　由楞次定律可知，在螺线管中磁通量向上增加，产生的感应电流流过导体棒的方向是由H到G，金属棒受向上安培力，可知磁感应强度B1的方向水平向左，选项A错误，B正确；线圈中产生的感应电动势大小为E＝n

S＝20×

×0.02V＝6V，选项C错误；金属棒跳起时的初速度v＝

＝2m/s；对金属棒由动量定理：

B1LI－Δt＝mv，q＝I－Δt，则q＝

＝

C＝0.2C，选项D错误。

答案　B

6.目前无线电力传输技术已经成熟，如图6的所示为一种非接触式电源供应系统。

这种系统基于电磁感应原理可无线传输电力，两个感应线圈可以放置在左右相邻或上下相对的位置。

利用这一原理，可以实现对手机进行无线充电。

下列说法正确的是（　　）

图6

A.若A线圈中输入电流，B线圈中就会产生感应电动势

B.若有A线圈中输入变化的电流，B线圈中才会产生感应电动势

C.A中电流越大，B中感应电动势越大

D.A中电流变化越快，B中感应电动势越大

解析　根据法拉第电磁感应定律，只有A线圈中输入变化的电流，B线圈中才会产生感应电动势，若A线圈中输入恒定电流，B线圈中不会产生感应电动势，选项A错误，B正确；根据法拉第电磁感应定律，A线圈中电流变化越快，B线圈中感应电动势越大，选项D正确，C错误。

答案　BD

7.边长为a的闭合金属正三角形轻质框架，左边竖直且与磁场右边界平行，完全处于垂直于框架平面向里的匀强磁场中，现把框架匀速水平向右拉出磁场，如图7所示，则下列图像与这一拉出过程相符合的是（　　）

图7

解析　设正三角形轻质框架开始出磁场的时刻t＝0，则其切割磁感线的有效长度L＝2xtan30°＝

x，则感应电动势E电动势＝BLv＝

Bvx，则C项正确，D项错误；框架匀速运动，故F外力＝F安＝

＝

∝x2，A项错误；P外力功率＝F外力v∝F外力∝x2，B项正确。

答案　BC

8.如图8所示，竖直悬挂的弹簧下端拴有导体棒ab，ab无限靠近竖直平行导轨的内侧、与导轨处于竖直向上的匀强磁场中，导体棒MN与平行导轨处于垂直导轨平面的匀强磁场中，当MN以速度v向右匀速运动时，ab恰好静止，弹簧无形变，现使v减半仍沿原方向匀速运动，ab开始沿导轨下滑，磁感应强度大小均为B，导轨宽均为L，导体棒ab、MN质量相同、电阻均为R，其他电阻不计，导体棒与导轨接触良好，弹簧始终在弹性限度内，弹簧的劲度系数为k，ab与竖直平行导轨间的动摩擦因数为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则（　　）

图8

A.MN中电流方向从M到N

B.ab受到的安培力垂直纸面向外

C.ab开始下滑直至速度首次达到峰值的过程中，克服摩擦产生的热量为

D.ab速度首次达到峰值时，电路的电热功率为

解析　MN向右匀速运动，根据右手定则知电流由N到M，故A错误；电流由a到b，根据左手定则知ab所受安培力垂直纸面向外，故B正确；当MN以速度v向右匀速运动时，ab恰好静止，则电流I＝

，ab受到的最大静摩擦力fm＝μBIL＝

，根据平衡条件得

＝mg，当v′＝

v时，fm′＝

·

，速度第一次达到最大时，加速度等于零，ab再次平衡，mg＝fm′＋kx，则ab下落的距离x＝

，克服摩擦力产生的热量Q1＝fm′x＝

，故C正确；ab速度首次达到峰值时，电路电流I1＝

，电路的电热功率为P＝2I

R＝

，故D错误。

答案　BC

二、非选择题

9.

（1）探究电磁感应现象应选用如图9__________（选填“甲”或“乙”）所示的装置进行实验。

在这个现象中感应电流的方向与__________的方向和磁感线方向有关。

图9

（2）如图丙所示，A为弹簧测力计（量程足够大），B为条形磁铁（下端为S极），C为螺线管，螺线管线圈的电阻忽略不计。

现将S1断开，S2由1改接到2，则弹簧测力计的示数将__________；若S2接2不变，再闭合S1，弹簧测力计的示数将__________。

（均选填“变大”“变小”或“不变”）

解析　

（1）探究电磁感应现象的实验装置，只需要有磁场、导体棒、电流表即可，不需要电源，分析图甲与乙可知，探究电磁感应现象应选用甲图装置，在电磁感应现象中，感应电流的方向与导体切割磁感线运动的方向和磁感线的方向有关。

（2）根据安培定则，由图丙可知，闭合开关，螺线管上端是N极，条形磁铁下端是S极，条形磁铁受到向下的吸引力，现将S1断开，S2由1改到2，电路电流变少，通电的螺线管圈数变小，电磁铁的磁性变弱，螺线管对条形磁铁的吸引力变小，弹簧测力计示数变小，若S2接2不变，闭合S1，电阻R2短路，电路电流变大，螺线管的磁场变强，条形磁铁受到的吸引力变大，弹簧测力计的示数变大。

答案　

（1）甲　导体切割磁感线运动（或“导体运动”）　

（2）变小　变大

10.如图10甲，在水平桌面上固定着两根相距L＝20cm、相互平行的无电阻轨道P、Q，轨道一端固定一根电阻R＝0.02Ω的导体棒a，轨道上横置一根质量m＝40g、电阻可忽略不计的金属棒b，两棒相距也为L＝20cm。

该轨道平面处在磁感应强度大小可以调节的竖直向上的匀强磁场中。

开始时，磁感应强度B0＝0.1T。

设棒与轨道间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2。

图10

（1）若保持磁感应强度B0的大小不变，从t＝0时刻开始，给b棒施加一个水平向右的拉力，使它由静止开始做匀加速直线运动。

此拉力F的大小随时间t变化关系如图乙所示。

求b棒做匀加速运动的加速度及b棒与轨道间的滑动摩擦力；

（2）若从t＝0开始，磁感应强度B随时间t按图丙中图像所示的规律变化，求在金属棒b开始运动前，这个装置释放的热量。

解析　

（1）F安＝B0IL①

E＝B0Lv②

I＝

＝

③

v＝at④

所以F安＝

t

当b棒匀加速运动时，根据牛顿第二定律有

F－f－F安＝ma⑤

联立可得F－f－

t＝ma⑥

由图像可得：

当t＝0时，F＝0.4N，

当t＝1s时，F＝0.5N。

代入⑥式，可解得a＝5m/s2，f＝0.2N。

（2）当磁感应强度均匀增大时，闭合电路中有恒定的感应电流I。

以b棒为研究对象，它受到的安培力逐渐增大，静摩擦力也随之增大，当磁感应强度增大到b所受安培力F安′与最大静摩擦力f相等时开始滑动

感应电动势E′＝

L2＝0.02V⑦

I′＝

＝1A⑧

棒b将要运动时，有F安′＝BtI′L＝f⑨

所以Bt＝1T，根据Bt＝B0＋

t⑩

得t＝1.8s，回路中产生的焦耳热为Q＝I′2Rt＝0.036J。

答案　

（1）5m/s2　0.2N　

（2）0.036J

11.同一水平面上的两根正对平行金属直轨道MN、M′N′，如图11所示放置，两轨道之间的距离l＝0.5m，轨道的MM′端之间接一阻值R＝0.4Ω的定值电阻，轨道的电阻可忽略不计，NN′端与两条位于竖直面内的半圆形光滑金属轨道NP、N′P′平滑连接，两半圆轨道的半径均为R0＝0.5m，水平直轨道MK、M′K′段粗糙，KN、K′N′段光滑，且KNN′K′区域恰好处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度B＝0.64T，磁场区域的宽度d＝1m，且其右边界与NN′重合。

现有一质量m＝0.2kg、电阻r＝0.1Ω的导体杆ab静止在距磁场左边界s＝2m处，在与杆垂直的水平恒力F＝2N作用下开始运动，导体杆ab与粗糙导轨间的动摩擦因数μ＝0.1，当运动至磁场的左边界时撤去F，结果导体杆ab恰好能通过半圆形轨道的最高处PP′。

已知导体杆在运动过程中与轨道始终垂直且接触良好，g取10m/s2。

求：

图11

（1）导体杆刚进入磁场时，通过导体杆的电流大小和方向；

（2）导体杆穿过磁场的过程中通过电阻R的电荷量；

（3）导体杆穿过磁场的过程中整个电路中产生的焦耳热。

解析　

（1）设导体杆在F的作用下运动至磁场的左边界时的速度为v1，由动能定理有（F－μmg）s＝

mv

－0，

代入数据解得v1＝6m/s，

导体杆刚进入磁场时产生的感应电动势

E＝Blv1＝1.92V，

此时通过导体杆的电流I＝

＝3.84A，根据右手定则可知，电流方向由b向a。

（2）设导体杆在磁场中运动的时间为t，产生的感应电动势的平均值为E－，则由法拉第电磁感应定律有

E－＝

＝

，

通过电阻R的感应电流的平均值I－＝

，

通过电阻R的电荷量q＝I－t＝

＝0.64C。

（3）设导体杆离开磁场时的速度大小为v2，运动到半圆形轨道最高处的速度为v3，因导体杆恰好能通过半圆形轨道的最高处，则在轨道最高处时，由牛顿第二定律有

mg＝m

，

代入数据解得v3＝

m/s，

杆从NN′运动至PP′的过程，根据机械能守恒定律有

mv

＝

mv

＋mg·2R0，

代入数据解得v2＝5m/s，

导体杆穿过磁场的过程中损失的机械能

ΔE＝

mv

－

mv

＝1.1J，

此过程中电路中产生的焦耳热Q热＝ΔE＝1.1J。

答案　

（1）3.84A　由b向a　

（2）0.64C　（3）1.1J