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数列通项公式的应用论文大学论文
绪论
数列是中学数学的一项重要内容，在中学数学体系中相对独立，但有一定的综合性和灵活性•高中数学中的数列知识主要涉及等差、等比数列的通项公式以及数列求和等内容，能力要求较高.数列的通项公式是高中数学中最为常见的题型之一，它既可考查转化与化归的数学思想，又能反映中学生对等差与等比数列理解的深度，具有一定的技巧性，因此经常渗透在数学竞赛和高考中.同时也是初等数学与高等数学的一个重要衔接点。
一扇门，打开它的关键就是门上的锁和钥匙，而数列问题就像紧闭的门，数列的通项公式与它的推导思路就是开门的关键。
数列可以看作是特殊的函数，特殊在可以看作定义域为正整数集的函数当自变量依次取值时对应的一系列的函数值，而数列的通项公式即这个函数的关系式。
所以，推导数列的通项公式关键是找出an与n的关系。
在本文中讨论的方法也是函数中常用的技巧
在各类研究数列通项公式的资料中，推导数列通项公式的常用方法一般有：
公式法，待定系数法，不动点法，累加法，累乘法，归纳猜想法，构造等差或等比数列法等.本文从实际出发，首先介绍在数列知识体系中的一些相关概念及公式，然后把上述方法比较系统的归纳为四大类：
公式法、归纳猜想法、迭代法、构造新数列法•解题思路由简单到复杂，难度一步步上升•不仅如此，内容安排上把方法和应用相结合，让读者更好的理解和掌握。
在应用举例中，有些一种类型的题可以用不同的方法解决，这种形式有利于开发中学生的发散思维能力，让学生在解决数列问题时从多方面综合考虑，以找出最简便的解法。
怎样找准方法快速有效地推导呢？
这就是本文所讨论的问题。
1数列的相关概念.
1.1数列
数列：
按某种规定排列的一列数a「a2,…，a.,…,称为数列。
数列中的每一个
数都叫做这个数列的项。
排在第一位的数称为这个数列的第1项（通常也叫做首项），排在第n位的数称为这个数列的第n项，也叫数列的通项an.
数列的通项公式：
将数列｛a.｝的第n项用一个具体式子（含有参数n）表示出来，称作该数列的通项公式。
通项an可以看作是项数n的函数a.二f（n）.当然，不是所有的数列都能写出它的通项公式，女口：
一个学校的学生的考试成绩由高到矮组成的数列，就很难写出其通项公式.
1.2基本数列的通项公式
高中学习的数列有两种最基本的数列：
等差数列与等比数列
等差数列：
一般地，如果一个数列从第2项起，每一项与它的前一项的差等于同一个常数，这个数列就叫做等差数列.这个常数叫做等差数列的公差，公差
通常用字母d表示.
如果等差数列的首项为ai,公差为d，那么这个数列可以写成
a1,a1d,a12d,®（n-1）d,
的形式，所以等差数列的通项公式为
an=印（n_1）d
等比数列：
如果一个数列从第2项起，每一项与它的前一项的比等于同一个
常数，这个数列就叫做等比数列。
这个常数叫做等比数列的公比，通常用q来
表示。
如果等比数列的首项为ai，公比为q，那么这个数列可以写成
2・・.n」・・.
ai,aiq,aiq,,aiq,
的形式，所以，等比数列的通项公式是
n」
anpq
递推数列：
根据等差数列的概念，形成等差数列的条件可以看作任一项与前一项的差为常数，即ani二d，像这样表示若干个相邻项之间的关系式叫做
数列的递推式•一个数列的第n项an与前面的k项an」,an亠…，a.」的关系an=f（an4,anj2,…,an^）称为k阶递推关系，由k阶关系及给定的前k项ai,a2,…，ak的值所确定的数列叫做k阶递推数列.
在高中数学中，很多关于数列的题的题干都是以递推式的形式给出，如
2a亠i
anian■ani=an、and—n-、anpanq等.这样就加大了推导数列通项
3
公式的难度。
2数列通项公式的几种推导方法
2.i公式法
类型一若题型中已知数列｛an｝为等差或等比数列，则可直接利用公式求
类型二若已知数列的前n项和Sn与n的关系式Sn=f（n）,则利用公式
Sn八…n=1
a*=」
&-n兰2
求出数列的通项.
这两类型是数列问题中最直接，最简单的解法。
2.2归纳猜想法
在数列的有关题型中，有些明确给出了一个数列的前几项，如1,8,27,64,125，…要求求出这个数列的通项。
这类题一般以选择题或填空题的形式出现。
解决此类型的题，快速准确是关键，所以，用猜想归纳的思想能有效的解决问题。
首先，运用观察法，从数列的前几项中找出规律性的结论，归纳猜想得出a.或其相关项，然后把前几项代入结论中检验其是否正确。
从上述的数列中可以观察出，该数列为典型的立方数列，规律为：
13，23，
33，43，53…，所以我们可以猜想出其通项公式为an=
当然，选择题和填空题并不要求写出其解答过程，归纳猜想出来的通项公式只是一个合理猜想，如若遇到解答题，我们猜想出来的公式就还需要用数学归纳法的思想去检验.
2.3迭代法
所谓迭代法，就是层层代入，用旧的变量递推新变量的过程，用迭代法解决数列问题关键是寻找各等式之间的联系，从而求出数列的通项公式。
最常见的方法是累加，累乘法.
2.3.1累加法
累加法，一般适用于递推数列a「二a「f（n）的类型，遇到此类型的题，一
般题干中会告诉31的值，解题思路为：
首先把等式化为
an1-an=f（n），
再把当n=1,2,3,4…分别代入上述等式中得
a?
p二f
（1）
a^a^f
（2）
a^a^f（3）an-an斗=f（n-1）an1-a*-fn
第一式与第二式相加左边消去了a2,再与第三式相加消去了a3,依次累加后
所以
变式得
an1-印=f1f2厂亠fn，
a.-a!
=f1f2fn-1，
a*=f1广f2丨亠亠fni亠a1
注：
f1f-fn的结果必然是关于n关系式.在求和过程中可能会涉及到等差、等比数列的求和方法。
2.3.2累乘法
累乘法的思想与累加法本质上是一样的，在数列中如果遇到an.1=f（n）an这
种类型，通常先把等式化为
a
n1=f（n），分别令n-1,2,3,……,（n1），再层层代入等
an
式中得
-=f1a1
理十
a2
an二fn-1
an4
an1=fn
an
令各项累乘得
an1=f1f2fn，
a1
化简得
anf1f2fna「
所以
an=f1f2fna!
由此可求出数列通项
2.4构造新数列法
构造法就是在解决某些数学问题的过程中，通过对条件与结论的充分剖析，有时会联想出一种适当的辅助模型，以此促成命题转换，产生新的解题方法，这种思维方法的特点就是“构造”。
在数列求通项的有关问题中，经常遇到即非等差数列，又非等比数列的求通项问题，特别是给出的数列相邻两项是线性关系，数列递推式较复杂的题型。
如果题型简单，我们可以通过不完全归纳法进行归纳、猜想，然后借助于数学归纳法予以证明，然而用数学归纳法证明虽然有固定的模式，但过程繁琐，用时较多，而且在新版教材中，数学归纳法的思想很少提到，因而我们遇到这类问题，就要避免用数学归纳法的思想。
构造新的数列，具有辅助计算的效果，一般是构造等差，等比数列，这样就可以套用等差等比数列的固定通项模型来解决问题。
主要
方法有待定系数法，不动点法，特征根法等。
2.4.1待定系数法
待定系数法主要适用于一阶递推式anpanq;（其中p，q均为常数，
p式1,pq式0）、an^=pan+qn+c（p,q,c为常数，pH1,pq式0）等.
类型一：
an1.=pan7（其中p，q均为常数，p=1,pq=0）假设原递推公式为
an1-t=p（an-t），
其中tJ，计算出t后,就构造成了一个以a!
-t为首项，以p为公比的等比
1一p
数列｛an-t｝，从而推导出an-t的通项公式。
类型二anpanqn，c（p,q,c为常数，p=1,pq=0）
此类型为类型一的变式，既然类型一能化成等比数列，那么假设类型二也能构造成等比数列，假设原递推公式为
an1A（n1）B二pdAnB），
化简得
an1=pan（pA-A）npB-A-B，
又因为
anpanqnc
所以，系数对应相等得
解方程组得
pA「A=q
pB-A-B
p-1
由此计算出AB后就构造了一个以a,AB为首项，p为公比的等比数列
aAnB:
.
用待定系数法求解通项公式，它的核心是通过“待定”将递推公式转化为一种新的等比数列。
通过求新等比数列的通项公式从而求出原数列的通项公式，其
实类型一与类型二可归结为and=panf（n），f（n）可以为常函数，一次函数，二次函数，指数函数，幕函数等，其基本解题思路是在递推式两边加上相同性质的量，使之成为等差或等比数列.
242不动点法
方程f（x）=x称为函数f（x）的不动点方程，其根称为函数f（x）的不动点.对于较复杂的数列递推式，用其他方法难以解决的，可以用不动点法推导数列的通项。
如一阶递推式anpanq;分式递推式：
an彳=旦q（其中p、q、r、
6+h
h均为常数，且phHqr,r式0®H-匕），都可建立不动点方程.
r
类型一：
一阶线性递推式an1.=pan7（p=1,pq=0）（对问题中的递推
关系式作出一个方程pxq，解出方程的解xJ,在原递推式两边同时减
1-p
去x—，得到an,—=p（an—），构造出一个公比为p的等比数列,
1-p1-p1-p
由此推导出数列的通项公式.
数列a?
的特征方程为fx二，由匹/二x，解出不动点设为m,n
ex+dex+d
1.若不动点m=n,原递推式两边同时减去m,化解后得——二王,推出一个新等差数列｛1｝，公差为王.由此推an彳-man-mpda*「mpd
导出an.
2.若不动点m=n,递推式两边分别同时减去m,n,再用两式相除得：
，其中，推出一个新等比数列｛出兰｝，公比为
an1-nan-np-nea^-n
p_nc
243其他构造方法
一种类型的题可以有不同的解法，在构造新数列的过程中，最重要的是转化思想，上述的针对递推式的待定系数法，不动点法在高中数学中相对比较容易理解，下面介绍几种不常用的构造新数列的方法•
特征根法
类型一：
一阶递推式anpanq，针对问递推关系式作出一个方程
pxq,称之为特征方程，特征根为xi.
若ai则a.=%,n•N';
若ai=Xi，则an=bnxi，其中｛bn｝是以p为公比的等比数列，即
bn=0pn',0=ai-咅.
类型一对于由二阶递推式an2二paniqan，给出的数列，方程
X2-px-q=0，叫做数列Qn'的特征方程.
（1）当方程有两相同的特征根Xi，数列$n1的通项为a^（AB）Xin，，其
中A，B由ai，a2决定，即把n=1,2，代入a^（ABn）x：
‘，得到关于A、B的方程组，解出A,B后，就得到数列』的通项.
（2）当特征方程有两个相异的特征根Xi,X2时，数列「a「的通项为
an=Axin4Bx2^，其中A，B由s^，a?
决定，即把ai,a2,xix和n=1,2，代入
an二Ax：
」-Bx；」，得到关于A、B的方程组，解出A,B后，就得到数列玄!
的通项•
类型二，对于分式递推式an1二空」，可作特征根方程X二匹」,
can+dcx+d
（1）当特征方程有两相同的特征根Xi时，
若ai贝Ua.=Xi,n•N:
若a^^x1，则an1x1,nN,其中bn1一（n「1）C,nN.
bna〔—X[p—CX[
（2）当特征方程有两个相异的特征根X1,x；时，则务=X1Cn-x；，门n,Cn-1
特征根法主要针对这三类型的递推式，有固定的公式，相比迭代法，待定系数法，无技巧可言.但计算简单，所以，当遇到此类型的题若要用此方法时,最好正确的记住每种类型的公式，然后再进行解题.
换元法高中函数一章节中我们经常用换元法来解决当函数式中有根号的情况，数列是特殊的函数，用换元法解题省去了繁长的计算
倒数法：
数列中有形如fan1，an，an&1=0的关系，女口andan-and^an可在
11
等式两边同乘以1，构造一个新等差数列，求出丄,再求得an.
an+anan
3.数列通项公式方法的应用
例1:
（2012年普通高等学校招生全国统一考试湖北卷）已知等差数列前三项的和为3，前三项的积为8，求等差数列｛an｝的通项公式。
解：
设等差数列的公差为d，则
a^a1d,a3二印2d,
由题意得
3a13d=-3
agd）®2d）=8
解得
ai=2
-d=-3
或
I，-ai=-4
〔d=3
所以，由等差数列通项公式可得
a*二-3n5
或
an=3n-7
此题解题方法为公式法的类型一.由题意可知，该数列为等差数列，所以可以直接套用等差数列的公式来求通项，
例2：
已知数列｛an｝的前n项和sn二n2-1，求an.
解：
当n=1时
a1=s^i=1—1=0
当n一2时
a*=Sn-Sn」=（n?
-1）-[（n-1）?
-屮=2n-1
J
由于a1不适合于此等式，所以
_；0（n=1）
內一2n-1（n>2）
此题解题方法是公式法的类型二，但需要注意的是求出的首项要代入通项中检验是否也符合.
例3.写出下列数列的通项.
（1）0,7,26,63,124,
⑵-1,1，-5,J冷
2452
解：
（1）中通过观察可以化为13-1，23-1，33-1，44—1…所以通项
an二n3-1.
要清楚数列的本质，它是项数与项之间的函数关系，通过已知的有限项去建立
种数学模型，如一次式、二次式、分式、指数式、对数式等形式。
例4:
已知数列£n｝满足a2=2，a.=a.」+—（nK2），求an。
n—n
解.
解：
由题意得
1
an一an42
n—n
1
nn-1
a3-a2=1T
322
11
a4—a3:
32
各式累加得
an_a2=T_1
n，
anPT_丄
n
因为a2=2，代入
（2）式得
an=1--
n
例5:
已知数列｛an｝满足a^2,=“中-an（n>1）,求a193.
2n十1
分析：
这道题求数列的193项具体值，虽然题干中没有明确说明是求通项，
但如果把首项a^2依次代入and匚1an中来求答案显然不可能，所以观察可
2n+1
知，设f（n）=為;，很明显a^二f（n总可以用迭代法中的累乘法求数列的通
an_nan2n-1
an_2
a12nT'
2n-1
an1_n1
an2n1
分别令n=1,2,3,……,（n-1）,有
a2_2
a13
a3_3
a25
各项等式相乘，有
又因为a^2，代入上式得
所以
a193
例4与例5是典型的数列类求通项的题，当遇到an^anf（n）与
ani=f（n）an类型时，用迭代的思想解决快速又简单•
推式anpan-f（n）的类型，推导这种类型的通项公式，可以用待定系数法
解：
由题意得
32n
假设存在A,使得
化解有
-7A2n=2
55
所以
A」
7
把
（2）代入
（1）得
式为
所以
an
此题中因为an1=pan•f（n）中的f（n）为指数型函数，所以待定系数法最为
3a+2
合适，若f（n）为常数函数，如amn，贝吐匕题可以用待定系数法、不动点
5
法、以及特征根法解决，其中以待定系数法最为方便简单•
例8已知数列①［中，印=2，a.=今—，求:
an/的通项。
an+7
解：
因为、an丿的特征函数f（x）二4x_2,由f（x）二4x一=x,x23x0，x+7x+7
所以Xi--1或X2--2
解法一（不动点法）-1和-2为相异的不动点，所以设存在k,使得
an1T_kan1
an12an25
所以
4an_21
an7=kan1
4an-2.2an2'
an7
化简有
所以有
an1T_5an1
an126an2
a.1ai15an2-6
n-1
4—6
-4
解法二：
（特征根法）因为两相异的特征根为捲--1，x2--2，所以
an
其中
所以
/ja
g5、-6-I
-4
6.丿f5严l6丿
结论
在上述推导数列通项公式的方法中应用中，有些是用现有的公式直接求解，如例1,例2.这类型的题是数列类问题中属于比较简单的，根据题意直接带入公式计算即可。
而稍加复杂，具有一定技巧性的为归纳猜想法，累加法，累乘法的应用，如例3例4例5,但只要清楚题型是属于哪种类型的，寻找相应的方法问题就迎刃而解•在本文中最复杂，最多变，技巧性较高的类型应该是构造新数列法。
根据给出的递推关系式构造出新的数列，一阶递推式可以采用待定系数法，不动点法以及特征根法，二阶递推式可以用特征根法，分式递推式可以用不动点法和特征根法，每种方法都具有较高的技巧性，需要注意其转化思想的应用。
当然，数列的题型千姿百态，有些上述的方法不一定都适用，所以在解题思想方法上要懂得随机应变，找到合适的解决途径。
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