(D)v1
5.一匀强电场的方向竖直向上,t=0时刻,一带电拉子以一定初速度水平射入该电场,电场力对粒子做功的功率为P,不计粒子重力,则P—t关系图象是
二、多项选择题:
本题共4小题,每小题4分,共计16分,每小题有多个选顶符合题意,全部选对的得4分,选对但不全的得2分错选或不答的得0分
6.如图所示,摩天轮悬挂的座舱在竖直平面内做匀速圆周运动,座舱的质量为m运动半径为R,角速度大小为ω,重力加速度为g,则座舱
(A)运动周期为
(B)线速度的大小为ωR
(C)受摩天轮作用力的大小始终为mg
(D)所受合力的大小始终为mω2R
7.如图所示,在光滑的水平桌面上,a和b是两条固定的平行长直导线,通过的电强度相等。
矩形线框位于两条导线的正中间,通有顺时针方向的电流,在a、b产生的磁场作用下静止,则a、b的电流方向可能是
(A)均向左(B)均向右
(C)a的向左,b的向右(D)a均向右,b的向左
8.如图所示,轻质弹簧的左端固定,并处于自然状态,小物块的质量为m,从A点向左沿水平地面运动,压缩弹簧后被弹回,运动到A点恰好静止。
物块向左运动的最大距离为s,与地面间的动摩擦因数为μ,重力加速度为王g,弹簧未超出弹性限度。
在上述过程中
(A)弹簧的最大弹力为μmg
(B)物块克服摩擦力做的功为2μmgs
(C)弹簧的最大弹性势能为μmgs
(D)物块在A点的初速度为
9.如图所示,ABC为等边三角形,电荷量为+q的点电荷固定在A点,先将一电荷量也为+q的点电荷Q1从无穷远处(电势为0)移到C点,此过程中,电场力做功为—W。
再将Q1从C点沿CB移到B点并固定。
最后将电荷量为—2q的点电荷Q2从无穷远处移到C点,下列识法正确的有
(A)Q1移入之前,C点的电势为
(B)Q1从C点移到B点的过程中,所受电场力做的功为0
(C)Q2从无穷远处移到C点的过程中,所受电场力做的功为2W
(D)Q2在移到C点后的电势能为—4W
三、答题:
本题分必做题(第10~12题)和选做题(第13题)两部分,共计42分,请将解答填写在答题卡相应的位置
10.(8分)某兴趣小组用如题10—1图所示的装置验证动能定理
(1)有两种工作频率均为50Hz的打点计时器供实验选用
A.电磁打点计时器
B.电火花打点计时器
为使纸带在运动时受到的阻力较小,应选择▲(选填“A”或“B”)
(2)保持长木板水平,将纸带固定在小车后端,纸带穿过打点计时器的限位孔,实验中,为消摩擦力的影响,在砝码盘中慢慢加入沙子,直到小车开始运动。
同学甲认为此时摩擦力的影响已得到消除,同学乙认为还应从盘中取出适量沙子,直至轻推小车观察到小车做匀速运动,看法正确的同学是▲(选填“甲”或“乙”)
(3)消除摩擦力的影响后,在砝码盘中加入砝码,接通打点计时器电源,松开小车,小车运动,纸带被打出一系列点,其中的一段如题10—2图所示,图中纸带按实际尺寸画出,纸带上A点的速度vA=▲m/s。
(4)测出小车的质量为M,再测出纸带上起点到点A的距离为L,小车动能的变化量可用ΔEk=
Mv
算出。
砝码盘中砝码的质量为m,重力加速度为g。
实验中,小车的质量应▲(选填“远大于”“远小于”或“接近”)砝码、砝码盘和沙子的总质量,小车所受合力做的功可用W=mgL算出。
多次测量,若W与ΔEk均基本相等则验证了动能定理
11.(10分)某同学测量一段长度已知的电阻丝的电阻率,实验操作如下:
(1)螺旋测微器如题11—1所示,在测量电阻丝直径时,先将电阻丝轻轻地夹在测砧与测微螺杆之间,再旋动▲(选填“A”“B”或“C”),直到听见“喀喀”的声音,以保证压力适当,同时防止螺旋测微器的损坏
(2)选择电阻丝的▲(选填“同一”或“不同”)位置进行多次测量,取其平均值作为电阻丝的直径
(3)题11—2甲图中Rx为待测电阻丝。
请用笔画线代替导线,将滑动变阻器接入题11—2乙图实物电路中的正确位置
(题11—2甲图)(题11—2乙图)
(4)为测量R,利用题11—2甲图所示的电路,调节滑动变阻器测得5组电压U1和电流I1的值,作出的U1—I1关系图象如题11—3图所示,接着,将电压表改接在a、b两端,测得5组电压U2和电流I2的值,数据见下表
U2/V
0.50
1.02
1.54
2.05
2.55
I2/mA
20.0
40.0
60.0
80.0
100.0
请根据表中的数据,在方格纸上作出
U2—I2图象
(5)由此,可求得电阻丝的Rx=▲Ω。
根据电阻定律可得到电阻丝的电阻率
12.[选修3-5](12分)
(1)质量为M的小孩站在质量为m的滑板上,小孩和滑板均处于静止状态,忽略滑板与地面间的摩擦,小孩沿水平方向跃离滑板,离开滑板时的速度大小为v,此时滑板的速度大小为▲。
(A)
v(B)
v(C)
v(D)
v
(2)100年前,卢瑟福用α粒子轰击氮核打出了质子,后来,入们用α粒子轰击核
也打出了质子:
He+
Ni→
Cu+
H+X;该反应中的X是▲(选填“电子”“正电子”或“中子”)。
此后,对原子核反应的持续研究为核能利用提供了可能,目前人类获得核能的主要方式是▲(选填“核衰变”“核裂变”或“核聚变”)
(3)在“焊接”视网膜的眼科手术中,所用激光的波长λ=6.4×10-7m,每个激光脉冲的能量E=1.5×10-2J。
求每个脉冲中的光子数目。
(已知普朗克常量h=6.63×10-34J·s.光速c=3×18m/s,计算结果保留一位有效数字)
【选做题】
13.本题包括A、B两小题,请选定其中一小题,并在相应的答题区域内作答。
若多做,则按A小题评分
A.[选修3-3](12分)
(1)在没有外界影响的情况下,密闭容器内的理想气体静置足够长时间后,该气体▲
(A)分子的无规则运动停息下来(B)每个分子的速度大小均相等
(C)分子的平均动能保持不变(D)分子的密集程度保持不变
(2)由于水的表面张力,荷叶上的小水滴总是球形的,在小水滴表面层中,水分子之间的相互作用总体上表现为▲(选填“引力”或“斥力”)。
分子势能Ep和分子间距离r的关系图象如题13A-1图所示,能总体上反映小水滴表面层中水分子的是图中▲(选填“A”“B”或“C”)的位置。
(3)如题13A-2图所示,一定质量理想气体经历A→B的等压过程,B→C的绝热过程(气体与外界无热量交换),其中B→C过程中内能少900J。
求A→B→C过程中气体对外界做的总功
B.[选修3-4](12分)
(1)一单摆做简谐运动,在偏角增大的过程中,摆球的▲
(A)位移增大(B)速度增大(C)回复力增大(D)机械能增大
(2)将两支铅笔并排放在一起,中间留一条狭缝,通过这条狭缝去看与其平行的日光灯,能观察到彩色条纹,这是由于光的▲(选填“折射”“干涉”或“衍射”)。
当缝的宽度▲(选填“远大于”或“接近”)光波的波长时,这种现象十分明显
(3)如图所示,某L形透明材料的折射率n=2.现沿AB方向切去一角,AB与水平方向的夹角为θ,为使水平方向的光线射到AB面时不会射入空气,求θ的最大值
四、计算题:
本题共3小题,共计47分。
解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位
14.(15分)如图所示,匀强磁场中有一个用软导线制成的单匝闭合线圈,线圈平面与磁场垂直。
已知线圈的面积S=0.3m2、电阻R=0.6Ω,磁场的磁感应强度B=0.2T.现同时向两侧拉动线圈,线圈的两边在Δt=0.5s时间内合到一起。
求线圈在上述过程中
(1)感应电动势的平均值E;
(2)感应电流的平均值I,并在图中标出电流方向;
(3)通过导线横截面的电荷量q
15.(16分)如图所示,质量相等的物块A和B放在水平地面上,左边缘对齐。
A与B、B与地面间的动摩擦因数均为μ。
先敲击A,A立即获得水平向右的初速度,在B上滑动距离L后停下。
接着敲击B,B立即获得水平向右的初速度,A、B都向右运动,左边缘再次对齐时恰好相对静止,此后两者一起运动至停下。
最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为g。
求:
(1)A被敲击后获得的初速度大小vA
(2)在左边缘再次对齐的前、后,运动加速度的大小aB、a
;
(3)B被敲击后获得的初速度大小vB
16.(16分)如图所示,匀强磁场的磁感应强度大小为B。
磁场中的水平绝缘薄板与磁场的左、右边界分别垂直相交于M、N,MN=L,粒子打到板上时会被反弹(碰撞时间极短),反弹前后水平分速度不变,竖直分速度大小不变、方向相反。
质量为m、电荷量为—q的粒子速度一定,可以从左边界的不同位置水平射入磁场,在磁场中做圆周运动的半径为d,且d(1)求粒子运动速度的大小v;
(2)欲使粒子从磁场右边界射出,求入射点到M的最大距离dm;
(3)从P点射入的粒子最终从Q点射出磁场,PM=d,QN=
,求粒子从P到Q的运动时间t.
2019高考江苏物理试题参考答案
一、单项选择题:
1.D2.C3.A4.B5.A
二、多项选择题:
6.BD7.CD8.BC9.ABD
三、非选择题:
10.
(1)B
(2)乙(3)0.31(0.30~0.33都算对)(4)远大于
11.
(1)C
(2)不同(3)(见图1)(4)(见图2)
(5)23.5(23.0~24.0都算对)
12.
(1)B
(2)中子核裂变
(3)光子能量ε=hc/λ光子数目n=E/ε,代入数据得n=5×1016
13A.
(1)CD
(2)引力C
(3)A→B过程W1=-q(VB-VA)
B→C过程,根据热力学第一定律W2=ΔU
则对外界做的总功W=-(W1+W2)
代入数据得W=1500J
13B.
(1)AC
(2)衍射接近
(3)全反射sinC=1/n
且C+θ=90°,得θ=60°
四、计算题:
14.
(1)感应电动势的平均值E=ΔΦ/Δt
磁通量的变化ΔΦ=BΔS
解得E=BΔS/Δt,代入数据得E=0.12V
(2)平均电流I=E/R
代入数据得I=0.2A(电流方向见图3)
(3)电荷量q=IΔt
代入数据得q=0.1C
15.
(1)由牛顿运动定律知,A加速度的大小aA=μg
匀变速直线运动2aA=a2A
解得aA=
(2)设A、B的质量均为m
对齐前,B所受合外力大小,F=3μmg
由牛顿运动定律F=maB,得aB=3μg
对齐后,A、B所受合外力大小F'=2μmg
由牛顿运动定律F'=2ma'B,得a'B=μg
(3)经过时间t,A、B达到共同速度v,位移分別为xA,xB,A加速度的大小等于aA
则v=aAt,v=vB-aBt
xA=
aAt2,xB=vBt-
aBt2
且xB-xA=L
解得vB=2
16.
(1)粒子的运动半径d=mv/qB解得v=qBd/m
(2)如图4所示,粒子碰撞后的运动轨迹恰好与磁场左边界相切
由几何关系得dm=d(1+sin60°)
解得dm=
(3)粒子的运动周期T=2πm/qB
设粒子最后一次碰撞到射出磁场的时间为t',则
t=nT/4+t'(n=1,3,5,…)
(a)当L=nd+(1-
)d时,粒子斜向上射出磁场
t'=
T解得t=
(b)当L=nd+(1+
)d时,粒子斜向下射出磁场
t'=
T解得t=