（D）v1
5.一匀强电场的方向竖直向上，t＝0时刻，一带电拉子以一定初速度水平射入该电场，电场力对粒子做功的功率为P，不计粒子重力，则P—t关系图象是
二、多项选择题:
本题共4小题，每小题4分，共计16分，每小题有多个选顶符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分错选或不答的得0分
6.如图所示，摩天轮悬挂的座舱在竖直平面内做匀速圆周运动，座舱的质量为m运动半径为R，角速度大小为ω，重力加速度为g，则座舱
（A）运动周期为
（B）线速度的大小为ωR
（C）受摩天轮作用力的大小始终为mg
（D）所受合力的大小始终为mω2R
7.如图所示，在光滑的水平桌面上，a和b是两条固定的平行长直导线，通过的电强度相等。
矩形线框位于两条导线的正中间，通有顺时针方向的电流，在a、b产生的磁场作用下静止，则a、b的电流方向可能是
（A）均向左（B）均向右
（C）a的向左，b的向右（D）a均向右，b的向左
8.如图所示，轻质弹簧的左端固定，并处于自然状态，小物块的质量为m，从A点向左沿水平地面运动，压缩弹簧后被弹回，运动到A点恰好静止。
物块向左运动的最大距离为s，与地面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为王g，弹簧未超出弹性限度。
在上述过程中
（A）弹簧的最大弹力为μmg
（B）物块克服摩擦力做的功为2μmgs
（C）弹簧的最大弹性势能为μmgs
（D）物块在A点的初速度为
9.如图所示，ABC为等边三角形，电荷量为+q的点电荷固定在A点，先将一电荷量也为+q的点电荷Q1从无穷远处（电势为0）移到C点，此过程中，电场力做功为—W。
再将Q1从C点沿CB移到B点并固定。
最后将电荷量为—2q的点电荷Q2从无穷远处移到C点，下列识法正确的有
（A）Q1移入之前，C点的电势为
（B）Q1从C点移到B点的过程中，所受电场力做的功为0
（C）Q2从无穷远处移到C点的过程中，所受电场力做的功为2W
（D）Q2在移到C点后的电势能为—4W
三、答题:
本题分必做题（第10~12题）和选做题（第13题）两部分，共计42分，请将解答填写在答题卡相应的位置
10.（8分）某兴趣小组用如题10—1图所示的装置验证动能定理
（1）有两种工作频率均为50Hz的打点计时器供实验选用
A.电磁打点计时器
B.电火花打点计时器
为使纸带在运动时受到的阻力较小，应选择▲（选填“A”或“B”）
（2）保持长木板水平，将纸带固定在小车后端，纸带穿过打点计时器的限位孔，实验中，为消摩擦力的影响，在砝码盘中慢慢加入沙子，直到小车开始运动。
同学甲认为此时摩擦力的影响已得到消除，同学乙认为还应从盘中取出适量沙子，直至轻推小车观察到小车做匀速运动，看法正确的同学是▲（选填“甲”或“乙”）
（3）消除摩擦力的影响后，在砝码盘中加入砝码，接通打点计时器电源，松开小车，小车运动，纸带被打出一系列点，其中的一段如题10—2图所示，图中纸带按实际尺寸画出，纸带上A点的速度vA＝▲m/s。
（4）测出小车的质量为M，再测出纸带上起点到点A的距离为L，小车动能的变化量可用ΔEk＝
Mv
算出。
砝码盘中砝码的质量为m，重力加速度为g。
实验中，小车的质量应▲（选填“远大于”“远小于”或“接近”）砝码、砝码盘和沙子的总质量，小车所受合力做的功可用W＝mgL算出。
多次测量，若W与ΔEk均基本相等则验证了动能定理
11.（10分）某同学测量一段长度已知的电阻丝的电阻率，实验操作如下:
（1）螺旋测微器如题11—1所示，在测量电阻丝直径时，先将电阻丝轻轻地夹在测砧与测微螺杆之间，再旋动▲（选填“A”“B”或“C”），直到听见“喀喀”的声音，以保证压力适当，同时防止螺旋测微器的损坏
（2）选择电阻丝的▲（选填“同一”或“不同”）位置进行多次测量，取其平均值作为电阻丝的直径
（3）题11—2甲图中Rx为待测电阻丝。
请用笔画线代替导线，将滑动变阻器接入题11—2乙图实物电路中的正确位置
（题11—2甲图）（题11—2乙图）
（4）为测量R，利用题11—2甲图所示的电路，调节滑动变阻器测得5组电压U1和电流I1的值，作出的U1—I1关系图象如题11—3图所示，接着，将电压表改接在a、b两端，测得5组电压U2和电流I2的值，数据见下表
U2/V
0.50
1.02
1.54
2.05
2.55
I2/mA
20.0
40.0
60.0
80.0
100.0
请根据表中的数据，在方格纸上作出
U2—I2图象
（5）由此，可求得电阻丝的Rx=▲Ω。
根据电阻定律可得到电阻丝的电阻率
12.[选修3-5]（12分）
（1）质量为M的小孩站在质量为m的滑板上，小孩和滑板均处于静止状态，忽略滑板与地面间的摩擦，小孩沿水平方向跃离滑板，离开滑板时的速度大小为v，此时滑板的速度大小为▲。
（A）
v（B）
v（C）
v（D）
v
（2）100年前，卢瑟福用α粒子轰击氮核打出了质子，后来，入们用α粒子轰击核
也打出了质子：
He+
Ni→
Cu+
H+X；该反应中的X是▲（选填“电子”“正电子”或“中子”）。
此后，对原子核反应的持续研究为核能利用提供了可能，目前人类获得核能的主要方式是▲（选填“核衰变”“核裂变”或“核聚变”）
（3）在“焊接”视网膜的眼科手术中，所用激光的波长λ=6.4×10-7m，每个激光脉冲的能量E=1.5×10-2J。
求每个脉冲中的光子数目。
（已知普朗克常量h=6.63×10-34J·s.光速c=3×18m/s，计算结果保留一位有效数字）
【选做题】
13.本题包括A、B两小题，请选定其中一小题，并在相应的答题区域内作答。
若多做，则按A小题评分
A.[选修3-3]（12分）
（1）在没有外界影响的情况下，密闭容器内的理想气体静置足够长时间后，该气体▲
（A）分子的无规则运动停息下来（B）每个分子的速度大小均相等
（C）分子的平均动能保持不变（D）分子的密集程度保持不变
（2）由于水的表面张力，荷叶上的小水滴总是球形的，在小水滴表面层中，水分子之间的相互作用总体上表现为▲（选填“引力”或“斥力”）。
分子势能Ep和分子间距离r的关系图象如题13A-1图所示，能总体上反映小水滴表面层中水分子的是图中▲（选填“A”“B”或“C”）的位置。
（3）如题13A-2图所示，一定质量理想气体经历A→B的等压过程，B→C的绝热过程（气体与外界无热量交换），其中B→C过程中内能少900J。
求A→B→C过程中气体对外界做的总功
B.[选修3-4]（12分）
（1）一单摆做简谐运动，在偏角增大的过程中，摆球的▲
（A）位移增大（B）速度增大（C）回复力增大（D）机械能增大
（2）将两支铅笔并排放在一起，中间留一条狭缝，通过这条狭缝去看与其平行的日光灯，能观察到彩色条纹，这是由于光的▲（选填“折射”“干涉”或“衍射”）。
当缝的宽度▲（选填“远大于”或“接近”）光波的波长时，这种现象十分明显
（3）如图所示，某L形透明材料的折射率n=2.现沿AB方向切去一角，AB与水平方向的夹角为θ，为使水平方向的光线射到AB面时不会射入空气，求θ的最大值
四、计算题:
本题共3小题，共计47分。
解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
14.（15分）如图所示，匀强磁场中有一个用软导线制成的单匝闭合线圈，线圈平面与磁场垂直。
已知线圈的面积S=0.3m2、电阻R=0.6Ω，磁场的磁感应强度B=0.2T.现同时向两侧拉动线圈，线圈的两边在Δt=0.5s时间内合到一起。
求线圈在上述过程中
（1）感应电动势的平均值E；
（2）感应电流的平均值I，并在图中标出电流方向；
（3）通过导线横截面的电荷量q
15.（16分）如图所示，质量相等的物块A和B放在水平地面上，左边缘对齐。
A与B、B与地面间的动摩擦因数均为μ。
先敲击A，A立即获得水平向右的初速度，在B上滑动距离L后停下。
接着敲击B，B立即获得水平向右的初速度，A、B都向右运动，左边缘再次对齐时恰好相对静止，此后两者一起运动至停下。
最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。
求：
（1）A被敲击后获得的初速度大小vA
（2）在左边缘再次对齐的前、后，运动加速度的大小aB、a
；
（3）B被敲击后获得的初速度大小vB
16.（16分）如图所示，匀强磁场的磁感应强度大小为B。
磁场中的水平绝缘薄板与磁场的左、右边界分别垂直相交于M、N，MN=L，粒子打到板上时会被反弹（碰撞时间极短），反弹前后水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反。
质量为m、电荷量为—q的粒子速度一定，可以从左边界的不同位置水平射入磁场，在磁场中做圆周运动的半径为d，且d（1）求粒子运动速度的大小v；
（2）欲使粒子从磁场右边界射出，求入射点到M的最大距离dm；
（3）从P点射入的粒子最终从Q点射出磁场，PM=d，QN=
，求粒子从P到Q的运动时间t.
2019高考江苏物理试题参考答案
一、单项选择题：
1.D2.C3.A4.B5.A
二、多项选择题：
6.BD7.CD8.BC9.ABD
三、非选择题：
10.
（1）B
（2）乙（3）0.31（0.30~0.33都算对）（4）远大于
11.
（1）C
（2）不同（3）（见图1）（4）（见图2）
（5）23.5（23.0~24.0都算对）
12.
（1）B
（2）中子核裂变
（3）光子能量ε＝hc/λ光子数目n=E/ε,代入数据得n=5×1016
13A.
（1）CD
（2）引力C
（3）A→B过程W1=-q（VB-VA）
B→C过程,根据热力学第一定律W2=ΔU
则对外界做的总功W=－（W1+W2）
代入数据得W=1500J
13B.
（1）AC
（2）衍射接近
（3）全反射sinC=1/n
且C+θ=90°,得θ=60°
四、计算题：
14.
（1）感应电动势的平均值E=ΔΦ/Δt
磁通量的变化ΔΦ=BΔS
解得E=BΔS/Δt,代入数据得E=0.12V
（2）平均电流I=E/R
代入数据得I=0.2A（电流方向见图3）
（3）电荷量q=IΔt
代入数据得q=0.1C
15.
（1）由牛顿运动定律知,A加速度的大小aA=μg
匀变速直线运动2aA=a2A
解得aA=
（2）设A、B的质量均为m
对齐前,B所受合外力大小,F=3μmg
由牛顿运动定律F=maB,得aB=3μg
对齐后,A、B所受合外力大小F'=2μmg
由牛顿运动定律F'=2ma'B,得a'B=μg
（3）经过时间t,A、B达到共同速度v,位移分別为xA,xB,A加速度的大小等于aA
则v=aAt,v=vB-aBt
xA=
aAt2,xB=vBt－
aBt2
且xB－xA=L
解得vB=2
16.
（1）粒子的运动半径d=mv/qB解得v=qBd/m
（2）如图4所示,粒子碰撞后的运动轨迹恰好与磁场左边界相切
由几何关系得dm=d（1+sin60°）
解得dm=
（3）粒子的运动周期T=2πm/qB
设粒子最后一次碰撞到射出磁场的时间为t',则
t=nT/4+t'（n=1,3,5,…）
（a）当L=nd+（1-
）d时,粒子斜向上射出磁场
t'=
T解得t=
（b）当L=nd+（1+
）d时,粒子斜向下射出磁场
t'=
T解得t=
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