河北省献县垒头中学学年度年第一学期期末物理20章电与磁测试练习题解析版.docx

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河北省献县垒头中学学年度年第一学期期末物理20章电与磁测试练习题解析版

河北省献县垒头中学2017-2018学年度年第一学期期末物理20章电与磁测试练习题

一、选择题

1.关于电磁现象，下列说法正确的是（）

A.通电导线周围一定存在磁场

B.磁场是由疏密不同的磁感线组成的

C.改变电流大小，可以改变电动机转动的方向

D.任何导体在磁场中运动时，都能产生感应电流

【答案】A

【解析】据奥斯特实验可知，通电导线周围一定存在磁场，故A正确；磁场是看不到的物质，而磁感线是为描述磁场分布而引入的，磁感线实际上是不存在的，故B错误；改变电流的方向可以改变线圈受力的方向，即可以改变电动机转动的方向；而改变电流大小，并不能改变电动机转动的方向，故C错误；导体在磁场中如果沿磁场方向运动是不会产生感应电流的，且选项没说明电路是否闭合，故D错误；故应选A。

2.在下面四幅图中，图文不相符的是（）

A.

B.

C.

D.

【答案】D

【解析】A．通电导体在磁场中受力，电能转化为机械能，是电动机的原理，A正确；

B．奥斯特实验装置，说明了电流周围存在磁场，即电流的磁效应，B正确；

C．该装置可探究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系，C正确；

D．动圈式话筒是利用电磁感应现象的原理制成的，D错误．

故选：

D．

点睛：

此题主要考查的是学生对图中装置演示实验原理的理解和掌握，属于基础性题目.

3.如图所示，是某保密室的防盗报警电路，当有人闯入保密室时会使开关S闭合．下列说法正确的是（）

A.电磁继电器与发电机工作原理相同

B.电磁继电器与电动机工作原理相同

C.电磁铁工作时，上端为S极

D.当有人闯入保密室时，b灯亮

【答案】D

【解析】试题分析：

电磁继电器是利用电流的磁效应工作的，发电机是利用电磁感应原理制成的，电动机是根据通电线圈在磁场中受力而转动工作的，故AB错误。

根据安培定则可知，电磁铁工作时，上端为N极，故C错误。

当有人闯入保密室时会使开关S闭合，电磁铁有磁性，吸引衔铁，电灯b所在电路接通，b灯亮，故D正确，符合题意为答案。

考点：

电磁继电器

4.下列四幅图中，解释不合理的是（）

A.甲图，说明电流的周围存在磁场

B.乙图，闭合开关后，小磁针N极将顺时针偏转

C.丙图，发电机应用了磁场对电流的作用

D.丁图，说明电流相同时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强

【答案】C

【解析】试题分析：

该实验是奥斯特实验：

当导线中通过电流时，小磁针发生偏转，实验现象表明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，选项A正确；闭合开关，通电螺线管中的电流方向由右侧流入，根据安培定则可知，螺线管的右端是N极，左端为S极，则小磁针N极将顺时针偏转，选项B正确；线圈在磁场中转动切割磁感线，从而产生感应电流，知识发电机的原理，选项C错误；由图可知，两个电磁铁是串联的，则通过两个电磁铁的电流相同．在电流相同的情况下，匝数多的电磁铁吸引的大头针数目多，表明线圈匝数越多，磁性越强，选项D正确；故应选C。

【考点定位】通电直导线周围的磁场；通电螺线管的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素

5.关于下列四幅图，说法正确的是（）

A.甲图：

用吸管从瓶中吸饮料，是吸力将饮料吸入嘴中

B.乙图：

电流一定时，电磁铁磁性强弱与线圈的匝数有关

C.丙图：

铁轨铺在枕木上，是通过增大受力面积来增大压强

D.丁图：

发电机的工作原理

【答案】B

【解析】试题分析：

因为吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管里；如果将吸管剪一个洞，内外气压相等，饮料就不会吸入口中，故A错误；电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈的匝数有关，电流一定时，匝数越多、电磁铁的磁性越强，故B正确；铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C错误；丁图演示的是通电导体在磁场里受到力的作用，是电动机的原理，故D错误；故应选B。

【考点定位】大气压的综合应用；减小压强的方法及其应用；影响电磁铁磁性强弱的因素；直流电动机的原理

6.如图是实验室电流表的内部结构图，下列选项中与电流表的工作原理相同的是（）

A.

B.

C.

D.

【答案】C

【解析】试题分析：

通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：

通电线圈在磁场中受力而转动，并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大．因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小；电磁铁是利用电流的磁效应制成的，与电流表的工作原理无关．故A错误；图是奥斯特实验，说明通电导体的周围存在磁场，与电流表的制成原理无关．故B错误；电动机是利用通电线圈在磁场中受力而转动的理论制成的．故C正确；发电机是利用电磁感应现象制成的，与电流表的制成原理无关．故D错误；故应选C。

【考点定位】电流表的使用

7.如图为实验室常用电流表内部构造图．多匝金属线圈悬置在磁体的两极间，线圈与一根指针相连．当线圈中有电流通过时，它受力转动带动指针偏转，便可显出电流的大小．图中与这一过程工作原理相同的是（）

A.

B.

C.

D.

【答案】C

【解析】试题分析：

通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：

通电线圈在磁场中受力而转动，并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大．因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小；图中为奥斯特实验装置，是利用电流的磁效应制成的，与电流表的制成原理无关，故A错误；图中为发电机的原理图，是利用电磁感应现象制成的，与电流表的制成原理无关．故B错误；图中为电动机的原理图，是利用通电线圈在磁场中受力而转动的理论制成的．故C正确；图中电磁铁是利用电流的磁效应制成的，与电流表的制成原理无关．故D错误；故应选C。

【考点定位】直流电动机的原理

8.如图与电有关的设备中，下列说法正确的是（）

A.甲图中的电能表是用于测量用电器电功率的仪表

B.乙图中三角插头的其中一个脚与用电器金属外壳连接

C.丙图中无人机的电动机在工作时将机械能转化为电能

D.丁图中POS机检测头利用的电磁感应原理是安培首先发现的

【答案】B

【解析】试题分析：

甲图中电能表是测量电路消耗电能的仪表，故A错误；乙图中三脚插头的接地脚应与用电器的金属外壳相连通，这样若金属外壳的用电器外壳万一带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，故B正确；丙图中无人机的电动机工作时将电能转化成机械能，故C错误；丁图中将带有磁条的银行卡在pos机中的线圈中刷一下，pos机便通过产生的电流读出银行卡的信息，利用了电磁感应原理，法拉第最先发现了电磁感应现象，故D错误，故选B。

考点：

电功的测量；直流电动机的原理；发电机的构造和原理；插座的构造与工作方式

9.如图为实验室常用电流表的内部结构图．多匝金属线圈悬置在磁体的两极间，线圈与一根指针相连．当线圈中有电流通过时，它受力转动带动指针偏转，便可显示出电流的大小．下列与此工作原理相同的电器设备是：

（）

A.电饭锅B.电铃C.发电机D.电动机

【答案】D

【解析】电流表中，当线圈中有电流通过时，它受力转动带动指针偏转，此与电动机原理相同.

故选D.

10.如图所示，A是悬挂在弹簧下端的铁块，要使弹簧的长度变得最长，（不计线圈电阻）可采取的办法是（）

A.不改变滑片P的位置，S由a改接到b

B.不改变滑片P的位置，S由b改接到a

C.S由b改接a，将滑片P向左滑

D.S由b改接a，将滑片P向右滑

【答案】D

【解析】A、不改变滑片P的位置，S由a改接到b时，线圈匝数增少，则磁场变弱，弹簧长度变短，A错误；

B、不改变滑片P的位置，S由b改接到a时，线圈匝数增多，则磁场变强，弹簧长度变长，但不是最长，B错误；

C、S由b改接到a时，磁性增强；将滑片P向左滑，电阻增加，电流减小，磁性减小，故无法判定磁性的变化，C错误；

D、S由b改接到a时，将滑片P向右滑，电阻减小，电流增加，磁性增强，弹簧伸长最长，D正确．

故选D.

点睛：

解本题要掌握决定电磁铁磁性强弱的因素：

电流的大小、线圈匝数、有无铁芯等.

11.如图，在电磁铁正上方用弹簧挂着一条形磁铁，开关闭会后，当滑片P从a端向b端滑动过程中，会出现的现象是（）

A.电流表示数变大，弹簧长度变长

B.电流表示数变大，弹簧长度变短

C.电流表示数变小，弹簧长度变长

D.电流表示数变小，弹簧长度变短

【答案】A

【解析】根据安培定则可知，电磁铁上端为S极，与磁铁下端N极是异名磁极，相互吸引。

开关闭合后，当滑片P从a端向b端滑动过程中，滑动变阻器电阻变小，电路中电流变大，电磁铁磁性增强，吸引力变大，故电流表示数变大，弹簧长度变长，A正确为答案。

选项BCD错误。

12.下列设备与应用的物理知识相符的是（）

A.电磁继电器﹣﹣磁场对电流的作用

B.发电机﹣﹣通电导线周围有磁场

C.电动机﹣﹣电磁感应

D.验电器﹣﹣同种电荷相互排斥

【答案】D

.....................

13.关于电与磁的各图中说法正确的是（）

A.甲图的装置是研究电磁感应原理的实验装置

B.乙图中的开关闭合后铜块将受到水平向右的吸引力

C.丙图研究发电机工作原理的实验装置图

D.丁图中电源的a端是电源的正极

【答案】A

【解析】A、由图可知，电路的一部分导体位于磁场中，电路中没有电源，有灵敏电流计，这是研究电磁感应的实验装置，A正确；

B、由于铜块不受磁场力作用，开关闭合后，铜块不会受到水平向右的吸引力，B错误；

C、图示是研究通电导线在磁场中受力的装置图，是电动机的工作原理的装置图，C错误；

D、图中小磁针N向右，则螺线管左端是S极，由安培定则可知，a端是电源的负极，b端是电源的正极，D错误.

故选A.

14.如图所示，对下列甲、乙、丙、丁四幅图解释合理的是（）

A.甲：

磁场能产生电流

B.乙：

闭合开关，小磁针N极向右偏转

C.丙：

这个装置的实验原理，应用于制造电动机

D.丁：

电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强

【答案】D

【解析】A、该实验是奥斯特实验，实验现象表明电流周围存在磁场，即电生磁，A错误；

B、根据右手定则可知，螺线管的左端是N极，磁感线从N极出发经过小磁针时方向是向左的，则小磁针N极将向左偏转，B错误；

C、此图是电磁感应实验装置，该装置的实验原理应用于制造发电机，C错误；

D、两个电磁铁是串联的，通过两个电磁铁的电流相同，匝数多的电磁铁吸引的大头针数目多，表明线圈匝数越多，磁性越强，D正确.

故选D.

点睛：

本题考查了电流的磁效应、通电螺线管的磁场及安培定则、发电机的原理、影响电磁铁磁性强弱的因素.

15.笔记本电脑发热会影响使用寿命．如图是一款笔记本电脑散热支架，通过导线与电脑连接时，五个风扇就转动起来，从而帮助电脑散热．下列分析正确的是（）

A.风扇转动的原理是电磁感应

B.风扇之间一定串联

C.风扇在工作时主要将电能转化为内能

D.电脑是通过与空气之间的热传递来散热的

【答案】D

【解析】试题分析：

电风扇的主要部件是电动机，电动机是利用通电导线在磁场中受磁场力的作用原理制成的，不是利用电磁感应原理制成的，故A错误；笔记本电脑散热支架上的五个风扇虽然能同时工作，但它们互不影响，能独立工作，其中的某个风扇坏了，其它风扇能正常工作，因此是并联的，故B错误；电风扇主要是电能转化成机械能，故C错误；电脑散热时，热量由电脑转移到空气中，是通过热传递来散热的，故D正确，故选D。

考点：

热传递

二、填空题

16.根据如图所示的三幅图，在下面的空格处填入相应的内容．

（1）甲图：

两个压紧的铅块能吊起钩码，说明___________．

（2）乙图：

导线触接电源后小磁针发生偏转，说明___________．

（3）丙图：

验电器的金属箔张开一定角度，是由于________________．

【答案】

（1）.分子间存在引力

（2）.通电导线周围存在磁场（3）.同种电荷相互排斥

【解析】

（1）组成物质的分子间存在相互作用的引力，两块表面干净的光滑铝块压紧后，它们会结合在一起，说明了物体的分子间有引力．

（2）导线触接电源后小磁针发生偏转，当小磁针发生偏转时，说明通电导体周围存在着磁场．

（3）电荷通过验电器的金属球传给金属杆传给两片金属箔，两片金属箔带同种电荷，即由于同种电荷相互排斥而张开．

17.如图甲所示，将扬声器对准烛焰，播放音乐，看到烛焰晃动，说明声波可以传递_________。

扬声器的工作原理与如图中________（填“乙”或“丙”）装置的原理相同。

【答案】

（1）.能量

（2）.乙

【解析】试题分析：

声波既可以传递信息，又可以传递能量。

将扬声器对准烛焰，播放音乐，看到烛焰晃动，说明声波可以传递能量；扬声器是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的。

乙图是用来研究磁场对电流的作用的实验，实验中通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机就是利用该原理制成的；丙装置为发电机的原理图，是利用电磁感应原理制成的。

所以扬声器的工作原理与图中乙装置的原理相同。

考点：

声波的利用磁场对通电导线的作用

18.小刚将“220V100W”的灯泡接在家庭电路上，闭合开关，用一蹄形磁铁去靠近灯泡的玻璃泡，如图所示，他发现发光的灯丝晃动了，这是因为__；该灯正常工作1h消耗的电能是_____kW•h，能使标有“3000R/KW•h”字样电能表的转盘转过______圈，如该灯泡接在110V的电路上，它的实际功率是_______W．（不考虑灯丝电阻的变化）

【答案】

（1）.磁场对电流有力的作用

（2）.0.1（3）.300（4）.25

【解析】小灯泡中通以交流电流，故小灯泡的灯丝在磁场中受力是变化的，故小灯泡的灯丝将抖动；说明了磁场对通电导体有力的作用；

据灯泡正常工作，所以此时的功率是100W，即0.1kW，故W=Pt=0.1kw×h=0.1kW•h；

据电能表盘上标有3000R/KW•h，所以转动的圈数是：

n=3000×0.1=300R；

根据

可得，灯泡的电阻：

，

将它接在110V的电路中时，该灯泡消耗的实际功率：

。

此题考查力磁场对电流的作用，电能的计算，电功率计算等。

19.如图所示，是有关电与磁实验的装置图，其中发电机是根据图______的原理制成；电动机是根据图_____的原理制成．

【答案】

（1）.A

（2）.D

【解析】A、这是研究电磁感应现象的实验，是发电机的制作原理；

B、这是奥斯特实验装置，说明通电导线周围存在磁场；

C、这是研究电磁铁的磁性强弱与匝数多少关系的实验，结论是当电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；

D、此实验探究的是通电导体在磁场中受力运动的现象，是电动机的制作原理.

20.如甲乙两图所示，能说明电动机工作原理的是图______．发电机是根据_____现象制成的．如图丙所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着条形磁铁，当开关S闭合后，在滑片P由b端向a端滑动过程中，会出现的现象是小灯泡亮度______（选填“增强”或“减弱”），弹簧长度______（选填“变长”或“缩短”）．

【答案】

（1）.乙

（2）.电磁感应（3）.增强（4）.变长

【解析】甲图是研究电磁感应现象的实验，是发电机的制作原理.

乙图是探究通电导体在磁场中受力运动的现象，是电动机的制作原理.

当开关S闭合后，在滑片P由b端向a端滑动过程中，电阻变小，电路中的电流变大，小灯泡的亮度增强，同时电磁铁的磁性增大，引力增大，弹簧的长度变长.

点睛：

本题考查了电动机和发电机的原理，还将通电螺线管的判断、磁极间的相互作用、电路的动态变化综合在了一起，难度不大，细心作答即可.

21.如图是一种水位自动报警器的原理图。

当水位到达金属块A时，因为通常的水是_______，控制电路接通，灯______发光（填“L1”或“L2”）。

【答案】

（1）.导体

（2）.L2

【解析】通常的水时导体，纯水时绝缘体.

当水位没有到达A时，电磁铁所在电路是断路状态，衔铁与灯泡L1接通，此时L1发光；

当水位到达A时，由于通常的水具有导电性，电磁铁所在电路被接通，电磁铁向下吸引衔铁，接通L2所在电路，此时L2发光.

三、实验,探究题

22.如图是奥斯特实验装置，接通电路后，观察到小磁针偏转，此现象说明了_______________；断开开关，小磁针在_______________的作用喜爱又恢复到原来的位置，改变直导线中电流方向，小磁针的偏转方向发生了改变，说明了___________________．

【答案】

（1）.通电导体周围存在磁场

（2）.地磁场（3）.磁场方向与电流方向有关

【解析】如图是奥斯特实验装置，接通电路后，观察到小磁针偏转，此现象说明了通电导体周围存在磁场；断开开关，小磁针在地磁场的作用又恢复到原来的位置，改变直导线中电流方向，小磁针的偏转方向发生了改变，说明了磁场方向与电流方向有关．

23.探究通电螺线管外部磁场分布的实验中，在嵌入螺线管的玻璃板上均匀撒些细铁屑，通电后_________（填写操作方法）玻璃板，细铁屑的排列如图所示，由此可以判断，通电螺线管外部的磁场分布与____________周围的磁场分布是相似的，将小磁针放在通电螺线管外部，小磁针静止时______（N/S）极的指向就是该点处磁场的方向．

【答案】

（1）.轻敲

（2）.条形磁铁（3）.N

【解析】探究通电螺线管外部磁场分布的实验中，在嵌入螺线管的玻璃板上均匀撒些细铁屑，通电后轻敲玻璃板，细铁屑的排列如图所示，由此可以判断，通电螺线管外部的磁场分布与条形磁铁周围的磁场分布是相似的，将小磁针放在通电螺线管外部，小磁针静止时N极的指向就是该点处磁场的方向．

24.用如图甲、乙所示的装置，分别探究“通电螺线管外部磁场的分布”和“电磁感应现象”．

（1）在图甲中，闭合开关后，通电螺线管的右端为______极．（选填“N”或“S”）

（2）在图甲实验过程中，将电源正负极对调，发现小磁针的偏转方向发生改变．这样操作是为了探究通电螺线管外部磁场方向和______________有关．

（3）图乙中，闭合电路中的一部分导体AB静止不动，当磁体左右运动时，灵敏电流计的指针___（选填“会”或“不会”）偏转．这说明闭合电路的部分导体在磁场中做______运动时，导体中会产生感应电流．

【答案】

（1）.N

（2）.电流方向（3）.会（4）.切割磁感线

【解析】试题分析：

（1）由图知：

闭合开关，电流从螺线管右侧流入，从左侧流出．用右手握住螺线管，四指指向电流方向，则大拇指所指的方向即通电螺线管的右端为N极，另一端为S极．如下图所示：

（2）改变电源的正负极后，螺线管中的电流方向发生了改变，小磁针的N极指向与原来相反，说明磁场的方向相反，由此可以确定，螺线管磁场的方向与电流方向有关；（3）闭合电路中的一部分导体左右运动时，在磁场中做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流，灵敏电流计的指针会偏转。

【考点定位】通电螺线管的磁场

25.如图所示是老师设计的一个实验装置，用来探究“影响电磁铁磁性强弱因素”，它是由电源、滑动变阻器、开关、带铁芯的螺线管（线圈电阻忽略不计）和自制的针式刻度板组成，通过观察指针偏转角度的大小，来判断电磁铁磁性的强弱．用竹片削制的指针下方加装固定一物体E，导线a与接线柱2相连．

【制定计划与设计实验】

（1）为了使指针在受磁场力的作用在能绕O点转动，需在E处加装______（选填“铜块”、“铝块”或“铁块”），加装物体后，为了确保指针能正确指示且具有一定的灵敏度，老师在O点转轴处涂抹润滑油，目的是______，使指针转动更灵活．

（2）按如图所示连接好电路，闭合开关，调节变阻器滑片P到某一位置，记下此时指针偏转的角度，保持滑片P位置不变，导线a改为与接线柱1相连，可以探究电磁铁磁性强弱与__的关系；保持接线方式不变，移动变阻器滑片P，可以探究电磁铁磁性强弱与______的关系．

【进行实验与收集证据】

（3）保持滑片P位置不变，导线a改为与接线柱1相连时，闭合开关后，指针偏转的角度将会_____．当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，指针偏转的角度将会______（填“增大”或“减小”）．

【评估交流】

（4）细心观察的小锋同学发现在实验过程中该自制装置的指针均向右偏转，只是偏转角度不同，该同学向老师提出能否让指针向左偏转，老师马上将一块小磁铁换装在如图E处，且让磁铁的右端为__极，闭合开关后，同学们发现指针果然向左偏转．

（5）你认为该装置中指针的偏转角度大小可能还与哪些因素有关？

（只写出一个即可）_______．

【答案】

（1）.铁块

（2）.减小摩擦（3）.线圈匝数（4）.电流大小（5）.增大（6）.减小（7）.N（8）.铁芯大小；通电螺线管（或电磁铁）与指针间的距离；指针质量（或重）．

【解析】

（1）磁铁可以吸引铁块，不吸引铜、铝物质，故需要加装铁块；在O点转轴处涂抹润滑油可以使接触面变光滑，减小了摩擦；

（2）①保持滑片P位置不变，也就是电流不变，导线a改为与接线柱1相连，增加了线圈匝数，因此可以探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系；

②保持接线方式不变，也就是线圈匝数不变，移动变阻器滑片P，可以改变电流，因此可以探究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系；

（3）①保持滑片P位置不变，即电流不变，导线a改为与接线柱1相连时，线圈匝数增多闭合开关后，电磁铁磁性增强，指针偏转的角度将会增大；②当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，接入电路电阻增大，电流减小，磁性减弱，所以指针偏转的角度将会减小；

（4）由图中通电线圈电流流入方向，利用右手螺旋定则可以判断出通电线圈左端为N极，右端为S极，在E出放小磁铁让磁铁的右端为N极、左端为S极时，通电线圈右端S极与小磁铁左端为S极就会相互排斥，指针就会向左偏转；

（5）该装置中指针的偏转角度大小要受磁力大小、竹片削制的指针质量、电磁铁距离指针的距离等因素影响，所以可以改变铁芯的大小来改变磁性，也可以改变竹片削制的指针质量，这样摆动起来更轻松。

四、计算题

26.如图所示是电梯限载报警器的原理图，图中R0是最大阻值为100Ω的变阻器，不计导线和电磁铁线圈的电阻，压敏电阻R所受压力大小等于电梯承载的重量，且阻值随所受压力大小的变化如表所示，电源1的电压保持6V不变．

（1）闭合开关S1和S2，电梯承载的重量增加时，压敏电阻的阻值变______，通过线圈的电流变______（均填“大”或“小”）；

（2）当电梯超载时，衔铁会被电磁铁吸下，限载报警器通过______报警（填“灯亮”或“铃响”），同时切断电梯升降电路，从而保障运行安全；

（3）现要适当调低电梯的限载重量，应把变阻器R0的滑片适当向______端移动（填“左”或“右”）；

（4）当线圈中的电流为0.02A时，电源1所连接的电路的总功率是多少_______？

（5）线圈中的电流达到0.05A时，衔铁会被吸下，求电梯的最大限载重量________．

【答案】

（1）.小

（2）.大（3）.铃响（4）.右（5）.0.12W（6）.8.0×103N．

．

（5）线圈中的电流达到0.05A时，电路中的总电阻：

.

根据串联电阻的规律可