知识梳理与自测人教A版文科数学《 25指数与指数函数》.docx
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知识梳理与自测人教A版文科数学《25指数与指数函数》
§2.5 指数与指数函数
最新考纲
考情考向分析
1.了解指数函数模型的实际背景.
2.理解有理数指数幂的含义,了解实数指数幂的意义,掌握幂的运算.
3.理解指数函数的概念及其单调性,掌握指数函数图象通过的特殊点,会画底数为2,3,10,,的指数函数的图象.
4.体会指数函数是一类重要的函数模型.
直接考查指数函数的图象与性质;以指数函数为载体,考查函数与方程、不等式等交汇问题,题型一般为选择、填空题,中档难度.
1.分数指数幂
(1)我们规定正数的正分数指数幂的意义是
=(a>0,m,n∈N*,且n>1).于是,在条件a>0,m,n∈N*,且n>1下,根式都可以写成分数指数幂的形式.正数的负分数指数幂的意义与负整数指数幂的意义相仿,我们规定
=
(a>0,m,n∈N*,且n>1).0的正分数指数幂等于0;0的负分数指数幂没有意义.
(2)有理数指数幂的运算性质:
aras=ar+s,(ar)s=ars,(ab)r=arbr,其中a>0,b>0,r,s∈Q.
2.指数函数的图象与性质
y=ax
a>1
0图象定义域(1)R值域(2)(0,+∞)性质(3)过定点(0,1)(4)当x>0时,y>1;当x<0时,0(5)当x>0时,01(6)在(-∞,+∞)上是增函数(7)在(-∞,+∞)上是减函数概念方法微思考1.如图是指数函数(1)y=ax,(2)y=bx,(3)y=cx,(4)y=dx的图象,则a,b,c,d与1之间的大小关系为.提示 c>d>1>a>b>02.结合指数函数y=ax(a>0,a≠1)的图象和性质说明ax>1(a>0,a≠1)的解集跟a的取值有关.提示 当a>1时,ax>1的解集为{x|x>0};当01的解集为{x|x<0}.题组一 思考辨析1.判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)(1)=()n=a(n∈N*).( × )(2)分数指数幂可以理解为个a相乘.( × )(3)函数y=3·2x与y=2x+1都不是指数函数.( √ )(4)若am0,且a≠1),则m(5)函数y=2-x在R上为单调减函数.( √ )题组二 教材改编2.[P59A组T4]化简(x<0,y<0)=.答案 -2x2y3.[P56例6]若函数f(x)=ax(a>0,且a≠1)的图象经过点P,则f(-1)=.答案 解析 由题意知=a2,所以a=,所以f(x)=x,所以f(-1)=-1=.4.[P59A组T7]已知a=,b=,c=,则a,b,c的大小关系是.答案 c解析 ∵y=x是R上的减函数,∴>>0,即a>b>1,又c=<0=1,∴c题组三 易错自纠5.计算:×0+×-=.答案 2解析 原式=×1+-=2.6.若函数f(x)=(a2-3)·ax为指数函数,则a=.答案 2解析 由指数函数的定义可得解得a=2.7.若函数y=(a2-1)x在(-∞,+∞)上为减函数,则实数a的取值范围是.答案 (-,-1)∪(1,)解析 由题意知0得-8.若函数f(x)=ax在[-1,1]上的最大值为2,则a=________.答案 2或解析 若a>1,则f(x)max=f(1)=a=2;若0所以,a=2或. 题型一 指数幂的运算1.若实数a>0,则下列等式成立的是( )A.(-2)-2=4B.2a-3=C.(-2)0=-1D.=答案 D解析 对于A,(-2)-2=,故A错误;对于B,2a-3=,故B错误;对于C,(-2)0=1,故C错误;对于D,=,故D正确.2.计算:+0.002-10(-2)-1+π0=.答案 -解析 原式=-2+-+1=+10-10-20+1=-.3.化简:·(a>0,b>0)=.答案 解析 原式=2×=21+3×10-1=.4.化简:=(a>0).答案 a2解析 原式=思维升华(1)指数幂的运算首先将根式、分数指数幂统一为分数指数幂,以便利用法则计算,还应注意:①必须同底数幂相乘,指数才能相加;②运算的先后顺序.(2)当底数是负数时,先确定符号,再把底数化为正数.(3)运算结果不能同时含有根号和分数指数,也不能既有分母又含有负指数.题型二 指数函数的图象及应用例1(1)函数f(x)=1-e|x|的图象大致是( )答案 A解析 f(x)=1-e|x|是偶函数,图象关于y轴对称,又e|x|≥1,∴f(x)≤0.符合条件的图象只有A.(2)若函数y=|4x-1|在(-∞,k]上单调递减,则k的取值范围为____________.答案 (-∞,0]解析 函数y=|4x-1|的图象是由函数y=4x的图象向下平移一个单位后,再把位于x轴下方的图象沿x轴翻折到x轴上方得到的,函数图象如图所示.由图象知,其在(-∞,0]上单调递减,所以k的取值范围是(-∞,0].思维升华(1)已知函数解析式判断其图象一般是取特殊点,判断选项中的图象是否过这些点,若不满足则排除.(2)对于有关指数型函数的图象可从指数函数的图象通过平移、伸缩、对称变换而得到.特别地,当底数a与1的大小关系不确定时应注意分类讨论.跟踪训练1(1)已知实数a,b满足等式2019a=2020b,下列五个关系式:①0其中不可能成立的关系式有( )A.1个B.2个C.3个D.4个答案 B解析 如图,观察易知,a,b的关系为a(2)方程2x=2-x的解的个数是.答案 1解析 方程的解可看作函数y=2x和y=2-x的图象交点的横坐标,分别作出这两个函数的图象(如图).由图象得只有一个交点,因此该方程只有一个解.题型三 指数函数的性质及应用命题点1 比较指数式的大小例2(1)已知a=,b=,c=,则( )A.b答案 A解析 由a15=(2)15=220,b15=(2)15=212,c15=255>220,可知b15(2)若-1,a3的大小关系是.(用“>”连接)答案 3a>a3>a解析 易知3a>0,a<0,a3<0,又由-1,即-a3<-a,所以a3>a,因此3a>a3>a.命题点2 解简单的指数方程或不等式例3(1)(2018·福州模拟)已知实数a≠1,函数f(x)=若f(1-a)=f(a-1),则a的值为.答案 解析 当a<1时,41-a=21,解得a=;当a>1时,代入不成立.故a的值为.(2)若偶函数f(x)满足f(x)=2x-4(x≥0),则不等式f(x-2)>0的解集为.答案 {x|x>4或x<0}解析 ∵f(x)为偶函数,当x<0时,-x>0,则f(x)=f(-x)=2-x-4,∴f(x)=当f(x-2)>0时,有或解得x>4或x<0.∴不等式的解集为{x|x>4或x<0}.命题点3 指数函数性质的综合应用例4(1)已知函数f(x)=2|2x-m|(m为常数),若f(x)在区间[2,+∞)上单调递增,则m的取值范围是.答案 (-∞,4]解析 令t=|2x-m|,则t=|2x-m|在区间上单调递增,在区间上单调递减.而y=2t在R上单调递增,所以要使函数f(x)=2|2x-m|在[2,+∞)上单调递增,则有≤2,即m≤4,所以m的取值范围是(-∞,4].(2)函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是.答案 [0,+∞)解析 设t=2x(t>0),则y=t2-2t的单调增区间为[1,+∞),令2x≥1,得x≥0,又y=2x在R上单调递增,所以函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是[0,+∞).(3)若函数f(x)=有最大值3,则a=.答案 1解析 令h(x)=ax2-4x+3,y=h(x),由于f(x)有最大值3,所以h(x)应有最小值-1,因此必有解得a=1,即当f(x)有最大值3时,a的值为1.思维升华(1)利用指数函数的函数性质比较大小或解方程、不等式,最重要的是“同底”原则,比较大小还可以借助中间量;(2)求解与指数函数有关的复合函数问题,要明确复合函数的构成,涉及值域、单调区间、最值等问题时,都要借助“同增异减”这一性质分析判断.跟踪训练2(1)函数f(x)=x2-bx+c满足f(x+1)=f(1-x),且f(0)=3,则f(bx)与f(cx)的大小关系是( )A.f(bx)≤f(cx)B.f(bx)≥f(cx)C.f(bx)>f(cx)D.与x有关,不确定答案 A解析 ∵f(x+1)=f(1-x),∴f(x)关于x=1对称,易知b=2,c=3,当x=0时,b0=c0=1,∴f(bx)=f(cx),当x>0时,3x>2x>1,又f(x)在(1,+∞)上单调递增,∴f(bx)当x<0时,3x<2x<1,又f(x)在(-∞,1)上单调递减,∴f(bx)综上,f(bx)≤f(cx).(2)已知f(x)=2x-2-x,a=,b=,则f(a),f(b)的大小关系是.答案 f(b)解析 易知f(x)=2x-2-x在R上为增函数,又a==>=b,∴f(a)>f(b).(3)若不等式1+2x+4x·a≥0在x∈(-∞,1]时恒成立,则实数a的取值范围是.答案 解析 从已知不等式中分离出实数a,得a≥-.∵函数y=x+x在R上是减函数,∴当x∈(-∞,1]时,x+x≥+=,从而得-≤-.故实数a的取值范围为.1.设a=0.60.6,b=0.61.5,c=1.50.6,则a,b,c的大小关系是( )A.a答案 C解析 因为函数y=0.6x在R上单调递减,所以b=0.61.51,所以b2.已知函数f(x)=5x,若f(a+b)=3,则f(a)·f(b)等于( )A.3B.4C.5D.25答案 A解析 ∵f(x)=5x,∴f(a+b)=5a+b=3,∴f(a)·f(b)=5a×5b=5a+b=3.故选A.3.设x>0,且ax0且a≠1,b>0且b≠1),则a与b的大小关系是( )A.bC.1答案 B解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)答案 C解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )A.(-∞,2]B.[2,+∞)C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]答案 B解析 由f(1)=,得a2=,所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-3]B.[-3,0)C.[-3,-1]D.{-3}答案 B解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.答案 -1解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.8.不等式2>x+4的解集为.答案 (-1,4)解析 原不等式等价于>2-x-4,又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
图象
定义域
(1)R
值域
(2)(0,+∞)
性质
(3)过定点(0,1)
(4)当x>0时,y>1;当x<0时,0(5)当x>0时,01(6)在(-∞,+∞)上是增函数(7)在(-∞,+∞)上是减函数概念方法微思考1.如图是指数函数(1)y=ax,(2)y=bx,(3)y=cx,(4)y=dx的图象,则a,b,c,d与1之间的大小关系为.提示 c>d>1>a>b>02.结合指数函数y=ax(a>0,a≠1)的图象和性质说明ax>1(a>0,a≠1)的解集跟a的取值有关.提示 当a>1时,ax>1的解集为{x|x>0};当01的解集为{x|x<0}.题组一 思考辨析1.判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)(1)=()n=a(n∈N*).( × )(2)分数指数幂可以理解为个a相乘.( × )(3)函数y=3·2x与y=2x+1都不是指数函数.( √ )(4)若am0,且a≠1),则m(5)函数y=2-x在R上为单调减函数.( √ )题组二 教材改编2.[P59A组T4]化简(x<0,y<0)=.答案 -2x2y3.[P56例6]若函数f(x)=ax(a>0,且a≠1)的图象经过点P,则f(-1)=.答案 解析 由题意知=a2,所以a=,所以f(x)=x,所以f(-1)=-1=.4.[P59A组T7]已知a=,b=,c=,则a,b,c的大小关系是.答案 c解析 ∵y=x是R上的减函数,∴>>0,即a>b>1,又c=<0=1,∴c题组三 易错自纠5.计算:×0+×-=.答案 2解析 原式=×1+-=2.6.若函数f(x)=(a2-3)·ax为指数函数,则a=.答案 2解析 由指数函数的定义可得解得a=2.7.若函数y=(a2-1)x在(-∞,+∞)上为减函数,则实数a的取值范围是.答案 (-,-1)∪(1,)解析 由题意知0得-8.若函数f(x)=ax在[-1,1]上的最大值为2,则a=________.答案 2或解析 若a>1,则f(x)max=f(1)=a=2;若0所以,a=2或. 题型一 指数幂的运算1.若实数a>0,则下列等式成立的是( )A.(-2)-2=4B.2a-3=C.(-2)0=-1D.=答案 D解析 对于A,(-2)-2=,故A错误;对于B,2a-3=,故B错误;对于C,(-2)0=1,故C错误;对于D,=,故D正确.2.计算:+0.002-10(-2)-1+π0=.答案 -解析 原式=-2+-+1=+10-10-20+1=-.3.化简:·(a>0,b>0)=.答案 解析 原式=2×=21+3×10-1=.4.化简:=(a>0).答案 a2解析 原式=思维升华(1)指数幂的运算首先将根式、分数指数幂统一为分数指数幂,以便利用法则计算,还应注意:①必须同底数幂相乘,指数才能相加;②运算的先后顺序.(2)当底数是负数时,先确定符号,再把底数化为正数.(3)运算结果不能同时含有根号和分数指数,也不能既有分母又含有负指数.题型二 指数函数的图象及应用例1(1)函数f(x)=1-e|x|的图象大致是( )答案 A解析 f(x)=1-e|x|是偶函数,图象关于y轴对称,又e|x|≥1,∴f(x)≤0.符合条件的图象只有A.(2)若函数y=|4x-1|在(-∞,k]上单调递减,则k的取值范围为____________.答案 (-∞,0]解析 函数y=|4x-1|的图象是由函数y=4x的图象向下平移一个单位后,再把位于x轴下方的图象沿x轴翻折到x轴上方得到的,函数图象如图所示.由图象知,其在(-∞,0]上单调递减,所以k的取值范围是(-∞,0].思维升华(1)已知函数解析式判断其图象一般是取特殊点,判断选项中的图象是否过这些点,若不满足则排除.(2)对于有关指数型函数的图象可从指数函数的图象通过平移、伸缩、对称变换而得到.特别地,当底数a与1的大小关系不确定时应注意分类讨论.跟踪训练1(1)已知实数a,b满足等式2019a=2020b,下列五个关系式:①0其中不可能成立的关系式有( )A.1个B.2个C.3个D.4个答案 B解析 如图,观察易知,a,b的关系为a(2)方程2x=2-x的解的个数是.答案 1解析 方程的解可看作函数y=2x和y=2-x的图象交点的横坐标,分别作出这两个函数的图象(如图).由图象得只有一个交点,因此该方程只有一个解.题型三 指数函数的性质及应用命题点1 比较指数式的大小例2(1)已知a=,b=,c=,则( )A.b答案 A解析 由a15=(2)15=220,b15=(2)15=212,c15=255>220,可知b15(2)若-1,a3的大小关系是.(用“>”连接)答案 3a>a3>a解析 易知3a>0,a<0,a3<0,又由-1,即-a3<-a,所以a3>a,因此3a>a3>a.命题点2 解简单的指数方程或不等式例3(1)(2018·福州模拟)已知实数a≠1,函数f(x)=若f(1-a)=f(a-1),则a的值为.答案 解析 当a<1时,41-a=21,解得a=;当a>1时,代入不成立.故a的值为.(2)若偶函数f(x)满足f(x)=2x-4(x≥0),则不等式f(x-2)>0的解集为.答案 {x|x>4或x<0}解析 ∵f(x)为偶函数,当x<0时,-x>0,则f(x)=f(-x)=2-x-4,∴f(x)=当f(x-2)>0时,有或解得x>4或x<0.∴不等式的解集为{x|x>4或x<0}.命题点3 指数函数性质的综合应用例4(1)已知函数f(x)=2|2x-m|(m为常数),若f(x)在区间[2,+∞)上单调递增,则m的取值范围是.答案 (-∞,4]解析 令t=|2x-m|,则t=|2x-m|在区间上单调递增,在区间上单调递减.而y=2t在R上单调递增,所以要使函数f(x)=2|2x-m|在[2,+∞)上单调递增,则有≤2,即m≤4,所以m的取值范围是(-∞,4].(2)函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是.答案 [0,+∞)解析 设t=2x(t>0),则y=t2-2t的单调增区间为[1,+∞),令2x≥1,得x≥0,又y=2x在R上单调递增,所以函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是[0,+∞).(3)若函数f(x)=有最大值3,则a=.答案 1解析 令h(x)=ax2-4x+3,y=h(x),由于f(x)有最大值3,所以h(x)应有最小值-1,因此必有解得a=1,即当f(x)有最大值3时,a的值为1.思维升华(1)利用指数函数的函数性质比较大小或解方程、不等式,最重要的是“同底”原则,比较大小还可以借助中间量;(2)求解与指数函数有关的复合函数问题,要明确复合函数的构成,涉及值域、单调区间、最值等问题时,都要借助“同增异减”这一性质分析判断.跟踪训练2(1)函数f(x)=x2-bx+c满足f(x+1)=f(1-x),且f(0)=3,则f(bx)与f(cx)的大小关系是( )A.f(bx)≤f(cx)B.f(bx)≥f(cx)C.f(bx)>f(cx)D.与x有关,不确定答案 A解析 ∵f(x+1)=f(1-x),∴f(x)关于x=1对称,易知b=2,c=3,当x=0时,b0=c0=1,∴f(bx)=f(cx),当x>0时,3x>2x>1,又f(x)在(1,+∞)上单调递增,∴f(bx)当x<0时,3x<2x<1,又f(x)在(-∞,1)上单调递减,∴f(bx)综上,f(bx)≤f(cx).(2)已知f(x)=2x-2-x,a=,b=,则f(a),f(b)的大小关系是.答案 f(b)解析 易知f(x)=2x-2-x在R上为增函数,又a==>=b,∴f(a)>f(b).(3)若不等式1+2x+4x·a≥0在x∈(-∞,1]时恒成立,则实数a的取值范围是.答案 解析 从已知不等式中分离出实数a,得a≥-.∵函数y=x+x在R上是减函数,∴当x∈(-∞,1]时,x+x≥+=,从而得-≤-.故实数a的取值范围为.1.设a=0.60.6,b=0.61.5,c=1.50.6,则a,b,c的大小关系是( )A.a答案 C解析 因为函数y=0.6x在R上单调递减,所以b=0.61.51,所以b2.已知函数f(x)=5x,若f(a+b)=3,则f(a)·f(b)等于( )A.3B.4C.5D.25答案 A解析 ∵f(x)=5x,∴f(a+b)=5a+b=3,∴f(a)·f(b)=5a×5b=5a+b=3.故选A.3.设x>0,且ax0且a≠1,b>0且b≠1),则a与b的大小关系是( )A.bC.1答案 B解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)答案 C解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )A.(-∞,2]B.[2,+∞)C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]答案 B解析 由f(1)=,得a2=,所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-3]B.[-3,0)C.[-3,-1]D.{-3}答案 B解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.答案 -1解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.8.不等式2>x+4的解集为.答案 (-1,4)解析 原不等式等价于>2-x-4,又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
(5)当x>0时,01
(6)在(-∞,+∞)上是增函数
(7)在(-∞,+∞)上是减函数
概念方法微思考
1.如图是指数函数
(1)y=ax,
(2)y=bx,(3)y=cx,(4)y=dx的图象,则a,b,c,d与1之间的大小关系为.
提示 c>d>1>a>b>0
2.结合指数函数y=ax(a>0,a≠1)的图象和性质说明ax>1(a>0,a≠1)的解集跟a的取值有关.
提示 当a>1时,ax>1的解集为{x|x>0};当01的解集为{x|x<0}.
题组一 思考辨析
1.判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)
(1)=()n=a(n∈N*).( × )
(2)分数指数幂
可以理解为个a相乘.( × )
(3)函数y=3·2x与y=2x+1都不是指数函数.( √ )
(4)若am0,且a≠1),则m(5)函数y=2-x在R上为单调减函数.( √ )题组二 教材改编2.[P59A组T4]化简(x<0,y<0)=.答案 -2x2y3.[P56例6]若函数f(x)=ax(a>0,且a≠1)的图象经过点P,则f(-1)=.答案 解析 由题意知=a2,所以a=,所以f(x)=x,所以f(-1)=-1=.4.[P59A组T7]已知a=,b=,c=,则a,b,c的大小关系是.答案 c解析 ∵y=x是R上的减函数,∴>>0,即a>b>1,又c=<0=1,∴c题组三 易错自纠5.计算:×0+×-=.答案 2解析 原式=×1+-=2.6.若函数f(x)=(a2-3)·ax为指数函数,则a=.答案 2解析 由指数函数的定义可得解得a=2.7.若函数y=(a2-1)x在(-∞,+∞)上为减函数,则实数a的取值范围是.答案 (-,-1)∪(1,)解析 由题意知0得-8.若函数f(x)=ax在[-1,1]上的最大值为2,则a=________.答案 2或解析 若a>1,则f(x)max=f(1)=a=2;若0所以,a=2或. 题型一 指数幂的运算1.若实数a>0,则下列等式成立的是( )A.(-2)-2=4B.2a-3=C.(-2)0=-1D.=答案 D解析 对于A,(-2)-2=,故A错误;对于B,2a-3=,故B错误;对于C,(-2)0=1,故C错误;对于D,=,故D正确.2.计算:+0.002-10(-2)-1+π0=.答案 -解析 原式=-2+-+1=+10-10-20+1=-.3.化简:·(a>0,b>0)=.答案 解析 原式=2×=21+3×10-1=.4.化简:=(a>0).答案 a2解析 原式=思维升华(1)指数幂的运算首先将根式、分数指数幂统一为分数指数幂,以便利用法则计算,还应注意:①必须同底数幂相乘,指数才能相加;②运算的先后顺序.(2)当底数是负数时,先确定符号,再把底数化为正数.(3)运算结果不能同时含有根号和分数指数,也不能既有分母又含有负指数.题型二 指数函数的图象及应用例1(1)函数f(x)=1-e|x|的图象大致是( )答案 A解析 f(x)=1-e|x|是偶函数,图象关于y轴对称,又e|x|≥1,∴f(x)≤0.符合条件的图象只有A.(2)若函数y=|4x-1|在(-∞,k]上单调递减,则k的取值范围为____________.答案 (-∞,0]解析 函数y=|4x-1|的图象是由函数y=4x的图象向下平移一个单位后,再把位于x轴下方的图象沿x轴翻折到x轴上方得到的,函数图象如图所示.由图象知,其在(-∞,0]上单调递减,所以k的取值范围是(-∞,0].思维升华(1)已知函数解析式判断其图象一般是取特殊点,判断选项中的图象是否过这些点,若不满足则排除.(2)对于有关指数型函数的图象可从指数函数的图象通过平移、伸缩、对称变换而得到.特别地,当底数a与1的大小关系不确定时应注意分类讨论.跟踪训练1(1)已知实数a,b满足等式2019a=2020b,下列五个关系式:①0其中不可能成立的关系式有( )A.1个B.2个C.3个D.4个答案 B解析 如图,观察易知,a,b的关系为a(2)方程2x=2-x的解的个数是.答案 1解析 方程的解可看作函数y=2x和y=2-x的图象交点的横坐标,分别作出这两个函数的图象(如图).由图象得只有一个交点,因此该方程只有一个解.题型三 指数函数的性质及应用命题点1 比较指数式的大小例2(1)已知a=,b=,c=,则( )A.b答案 A解析 由a15=(2)15=220,b15=(2)15=212,c15=255>220,可知b15(2)若-1,a3的大小关系是.(用“>”连接)答案 3a>a3>a解析 易知3a>0,a<0,a3<0,又由-1,即-a3<-a,所以a3>a,因此3a>a3>a.命题点2 解简单的指数方程或不等式例3(1)(2018·福州模拟)已知实数a≠1,函数f(x)=若f(1-a)=f(a-1),则a的值为.答案 解析 当a<1时,41-a=21,解得a=;当a>1时,代入不成立.故a的值为.(2)若偶函数f(x)满足f(x)=2x-4(x≥0),则不等式f(x-2)>0的解集为.答案 {x|x>4或x<0}解析 ∵f(x)为偶函数,当x<0时,-x>0,则f(x)=f(-x)=2-x-4,∴f(x)=当f(x-2)>0时,有或解得x>4或x<0.∴不等式的解集为{x|x>4或x<0}.命题点3 指数函数性质的综合应用例4(1)已知函数f(x)=2|2x-m|(m为常数),若f(x)在区间[2,+∞)上单调递增,则m的取值范围是.答案 (-∞,4]解析 令t=|2x-m|,则t=|2x-m|在区间上单调递增,在区间上单调递减.而y=2t在R上单调递增,所以要使函数f(x)=2|2x-m|在[2,+∞)上单调递增,则有≤2,即m≤4,所以m的取值范围是(-∞,4].(2)函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是.答案 [0,+∞)解析 设t=2x(t>0),则y=t2-2t的单调增区间为[1,+∞),令2x≥1,得x≥0,又y=2x在R上单调递增,所以函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是[0,+∞).(3)若函数f(x)=有最大值3,则a=.答案 1解析 令h(x)=ax2-4x+3,y=h(x),由于f(x)有最大值3,所以h(x)应有最小值-1,因此必有解得a=1,即当f(x)有最大值3时,a的值为1.思维升华(1)利用指数函数的函数性质比较大小或解方程、不等式,最重要的是“同底”原则,比较大小还可以借助中间量;(2)求解与指数函数有关的复合函数问题,要明确复合函数的构成,涉及值域、单调区间、最值等问题时,都要借助“同增异减”这一性质分析判断.跟踪训练2(1)函数f(x)=x2-bx+c满足f(x+1)=f(1-x),且f(0)=3,则f(bx)与f(cx)的大小关系是( )A.f(bx)≤f(cx)B.f(bx)≥f(cx)C.f(bx)>f(cx)D.与x有关,不确定答案 A解析 ∵f(x+1)=f(1-x),∴f(x)关于x=1对称,易知b=2,c=3,当x=0时,b0=c0=1,∴f(bx)=f(cx),当x>0时,3x>2x>1,又f(x)在(1,+∞)上单调递增,∴f(bx)当x<0时,3x<2x<1,又f(x)在(-∞,1)上单调递减,∴f(bx)综上,f(bx)≤f(cx).(2)已知f(x)=2x-2-x,a=,b=,则f(a),f(b)的大小关系是.答案 f(b)解析 易知f(x)=2x-2-x在R上为增函数,又a==>=b,∴f(a)>f(b).(3)若不等式1+2x+4x·a≥0在x∈(-∞,1]时恒成立,则实数a的取值范围是.答案 解析 从已知不等式中分离出实数a,得a≥-.∵函数y=x+x在R上是减函数,∴当x∈(-∞,1]时,x+x≥+=,从而得-≤-.故实数a的取值范围为.1.设a=0.60.6,b=0.61.5,c=1.50.6,则a,b,c的大小关系是( )A.a答案 C解析 因为函数y=0.6x在R上单调递减,所以b=0.61.51,所以b2.已知函数f(x)=5x,若f(a+b)=3,则f(a)·f(b)等于( )A.3B.4C.5D.25答案 A解析 ∵f(x)=5x,∴f(a+b)=5a+b=3,∴f(a)·f(b)=5a×5b=5a+b=3.故选A.3.设x>0,且ax0且a≠1,b>0且b≠1),则a与b的大小关系是( )A.bC.1答案 B解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)答案 C解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )A.(-∞,2]B.[2,+∞)C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]答案 B解析 由f(1)=,得a2=,所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-3]B.[-3,0)C.[-3,-1]D.{-3}答案 B解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.答案 -1解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.8.不等式2>x+4的解集为.答案 (-1,4)解析 原不等式等价于>2-x-4,又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
(5)函数y=2-x在R上为单调减函数.( √ )
题组二 教材改编
2.[P59A组T4]化简(x<0,y<0)=.
答案 -2x2y
3.[P56例6]若函数f(x)=ax(a>0,且a≠1)的图象经过点P,则f(-1)=.
答案
解析 由题意知=a2,所以a=,
所以f(x)=x,所以f(-1)=-1=.
4.[P59A组T7]已知a=
,b=
,c=
,则a,b,c的大小关系是.
答案 c
解析 ∵y=x是R上的减函数,
∴
>
>0,
即a>b>1,
又c=
<0=1,
∴c
题组三 易错自纠
5.计算:
×0+
×-
=.
答案 2
解析 原式=
×1+
-
=2.
6.若函数f(x)=(a2-3)·ax为指数函数,则a=.
解析 由指数函数的定义可得解得a=2.
7.若函数y=(a2-1)x在(-∞,+∞)上为减函数,则实数a的取值范围是.
答案 (-,-1)∪(1,)
解析 由题意知0得-8.若函数f(x)=ax在[-1,1]上的最大值为2,则a=________.答案 2或解析 若a>1,则f(x)max=f(1)=a=2;若0所以,a=2或. 题型一 指数幂的运算1.若实数a>0,则下列等式成立的是( )A.(-2)-2=4B.2a-3=C.(-2)0=-1D.=答案 D解析 对于A,(-2)-2=,故A错误;对于B,2a-3=,故B错误;对于C,(-2)0=1,故C错误;对于D,=,故D正确.2.计算:+0.002-10(-2)-1+π0=.答案 -解析 原式=-2+-+1=+10-10-20+1=-.3.化简:·(a>0,b>0)=.答案 解析 原式=2×=21+3×10-1=.4.化简:=(a>0).答案 a2解析 原式=思维升华(1)指数幂的运算首先将根式、分数指数幂统一为分数指数幂,以便利用法则计算,还应注意:①必须同底数幂相乘,指数才能相加;②运算的先后顺序.(2)当底数是负数时,先确定符号,再把底数化为正数.(3)运算结果不能同时含有根号和分数指数,也不能既有分母又含有负指数.题型二 指数函数的图象及应用例1(1)函数f(x)=1-e|x|的图象大致是( )答案 A解析 f(x)=1-e|x|是偶函数,图象关于y轴对称,又e|x|≥1,∴f(x)≤0.符合条件的图象只有A.(2)若函数y=|4x-1|在(-∞,k]上单调递减,则k的取值范围为____________.答案 (-∞,0]解析 函数y=|4x-1|的图象是由函数y=4x的图象向下平移一个单位后,再把位于x轴下方的图象沿x轴翻折到x轴上方得到的,函数图象如图所示.由图象知,其在(-∞,0]上单调递减,所以k的取值范围是(-∞,0].思维升华(1)已知函数解析式判断其图象一般是取特殊点,判断选项中的图象是否过这些点,若不满足则排除.(2)对于有关指数型函数的图象可从指数函数的图象通过平移、伸缩、对称变换而得到.特别地,当底数a与1的大小关系不确定时应注意分类讨论.跟踪训练1(1)已知实数a,b满足等式2019a=2020b,下列五个关系式:①0其中不可能成立的关系式有( )A.1个B.2个C.3个D.4个答案 B解析 如图,观察易知,a,b的关系为a(2)方程2x=2-x的解的个数是.答案 1解析 方程的解可看作函数y=2x和y=2-x的图象交点的横坐标,分别作出这两个函数的图象(如图).由图象得只有一个交点,因此该方程只有一个解.题型三 指数函数的性质及应用命题点1 比较指数式的大小例2(1)已知a=,b=,c=,则( )A.b答案 A解析 由a15=(2)15=220,b15=(2)15=212,c15=255>220,可知b15(2)若-1,a3的大小关系是.(用“>”连接)答案 3a>a3>a解析 易知3a>0,a<0,a3<0,又由-1,即-a3<-a,所以a3>a,因此3a>a3>a.命题点2 解简单的指数方程或不等式例3(1)(2018·福州模拟)已知实数a≠1,函数f(x)=若f(1-a)=f(a-1),则a的值为.答案 解析 当a<1时,41-a=21,解得a=;当a>1时,代入不成立.故a的值为.(2)若偶函数f(x)满足f(x)=2x-4(x≥0),则不等式f(x-2)>0的解集为.答案 {x|x>4或x<0}解析 ∵f(x)为偶函数,当x<0时,-x>0,则f(x)=f(-x)=2-x-4,∴f(x)=当f(x-2)>0时,有或解得x>4或x<0.∴不等式的解集为{x|x>4或x<0}.命题点3 指数函数性质的综合应用例4(1)已知函数f(x)=2|2x-m|(m为常数),若f(x)在区间[2,+∞)上单调递增,则m的取值范围是.答案 (-∞,4]解析 令t=|2x-m|,则t=|2x-m|在区间上单调递增,在区间上单调递减.而y=2t在R上单调递增,所以要使函数f(x)=2|2x-m|在[2,+∞)上单调递增,则有≤2,即m≤4,所以m的取值范围是(-∞,4].(2)函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是.答案 [0,+∞)解析 设t=2x(t>0),则y=t2-2t的单调增区间为[1,+∞),令2x≥1,得x≥0,又y=2x在R上单调递增,所以函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是[0,+∞).(3)若函数f(x)=有最大值3,则a=.答案 1解析 令h(x)=ax2-4x+3,y=h(x),由于f(x)有最大值3,所以h(x)应有最小值-1,因此必有解得a=1,即当f(x)有最大值3时,a的值为1.思维升华(1)利用指数函数的函数性质比较大小或解方程、不等式,最重要的是“同底”原则,比较大小还可以借助中间量;(2)求解与指数函数有关的复合函数问题,要明确复合函数的构成,涉及值域、单调区间、最值等问题时,都要借助“同增异减”这一性质分析判断.跟踪训练2(1)函数f(x)=x2-bx+c满足f(x+1)=f(1-x),且f(0)=3,则f(bx)与f(cx)的大小关系是( )A.f(bx)≤f(cx)B.f(bx)≥f(cx)C.f(bx)>f(cx)D.与x有关,不确定答案 A解析 ∵f(x+1)=f(1-x),∴f(x)关于x=1对称,易知b=2,c=3,当x=0时,b0=c0=1,∴f(bx)=f(cx),当x>0时,3x>2x>1,又f(x)在(1,+∞)上单调递增,∴f(bx)当x<0时,3x<2x<1,又f(x)在(-∞,1)上单调递减,∴f(bx)综上,f(bx)≤f(cx).(2)已知f(x)=2x-2-x,a=,b=,则f(a),f(b)的大小关系是.答案 f(b)解析 易知f(x)=2x-2-x在R上为增函数,又a==>=b,∴f(a)>f(b).(3)若不等式1+2x+4x·a≥0在x∈(-∞,1]时恒成立,则实数a的取值范围是.答案 解析 从已知不等式中分离出实数a,得a≥-.∵函数y=x+x在R上是减函数,∴当x∈(-∞,1]时,x+x≥+=,从而得-≤-.故实数a的取值范围为.1.设a=0.60.6,b=0.61.5,c=1.50.6,则a,b,c的大小关系是( )A.a答案 C解析 因为函数y=0.6x在R上单调递减,所以b=0.61.51,所以b2.已知函数f(x)=5x,若f(a+b)=3,则f(a)·f(b)等于( )A.3B.4C.5D.25答案 A解析 ∵f(x)=5x,∴f(a+b)=5a+b=3,∴f(a)·f(b)=5a×5b=5a+b=3.故选A.3.设x>0,且ax0且a≠1,b>0且b≠1),则a与b的大小关系是( )A.bC.1答案 B解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)答案 C解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )A.(-∞,2]B.[2,+∞)C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]答案 B解析 由f(1)=,得a2=,所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-3]B.[-3,0)C.[-3,-1]D.{-3}答案 B解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.答案 -1解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.8.不等式2>x+4的解集为.答案 (-1,4)解析 原不等式等价于>2-x-4,又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
得-8.若函数f(x)=ax在[-1,1]上的最大值为2,则a=________.答案 2或解析 若a>1,则f(x)max=f(1)=a=2;若0所以,a=2或. 题型一 指数幂的运算1.若实数a>0,则下列等式成立的是( )A.(-2)-2=4B.2a-3=C.(-2)0=-1D.=答案 D解析 对于A,(-2)-2=,故A错误;对于B,2a-3=,故B错误;对于C,(-2)0=1,故C错误;对于D,=,故D正确.2.计算:+0.002-10(-2)-1+π0=.答案 -解析 原式=-2+-+1=+10-10-20+1=-.3.化简:·(a>0,b>0)=.答案 解析 原式=2×=21+3×10-1=.4.化简:=(a>0).答案 a2解析 原式=思维升华(1)指数幂的运算首先将根式、分数指数幂统一为分数指数幂,以便利用法则计算,还应注意:①必须同底数幂相乘,指数才能相加;②运算的先后顺序.(2)当底数是负数时,先确定符号,再把底数化为正数.(3)运算结果不能同时含有根号和分数指数,也不能既有分母又含有负指数.题型二 指数函数的图象及应用例1(1)函数f(x)=1-e|x|的图象大致是( )答案 A解析 f(x)=1-e|x|是偶函数,图象关于y轴对称,又e|x|≥1,∴f(x)≤0.符合条件的图象只有A.(2)若函数y=|4x-1|在(-∞,k]上单调递减,则k的取值范围为____________.答案 (-∞,0]解析 函数y=|4x-1|的图象是由函数y=4x的图象向下平移一个单位后,再把位于x轴下方的图象沿x轴翻折到x轴上方得到的,函数图象如图所示.由图象知,其在(-∞,0]上单调递减,所以k的取值范围是(-∞,0].思维升华(1)已知函数解析式判断其图象一般是取特殊点,判断选项中的图象是否过这些点,若不满足则排除.(2)对于有关指数型函数的图象可从指数函数的图象通过平移、伸缩、对称变换而得到.特别地,当底数a与1的大小关系不确定时应注意分类讨论.跟踪训练1(1)已知实数a,b满足等式2019a=2020b,下列五个关系式:①0其中不可能成立的关系式有( )A.1个B.2个C.3个D.4个答案 B解析 如图,观察易知,a,b的关系为a(2)方程2x=2-x的解的个数是.答案 1解析 方程的解可看作函数y=2x和y=2-x的图象交点的横坐标,分别作出这两个函数的图象(如图).由图象得只有一个交点,因此该方程只有一个解.题型三 指数函数的性质及应用命题点1 比较指数式的大小例2(1)已知a=,b=,c=,则( )A.b答案 A解析 由a15=(2)15=220,b15=(2)15=212,c15=255>220,可知b15(2)若-1,a3的大小关系是.(用“>”连接)答案 3a>a3>a解析 易知3a>0,a<0,a3<0,又由-1,即-a3<-a,所以a3>a,因此3a>a3>a.命题点2 解简单的指数方程或不等式例3(1)(2018·福州模拟)已知实数a≠1,函数f(x)=若f(1-a)=f(a-1),则a的值为.答案 解析 当a<1时,41-a=21,解得a=;当a>1时,代入不成立.故a的值为.(2)若偶函数f(x)满足f(x)=2x-4(x≥0),则不等式f(x-2)>0的解集为.答案 {x|x>4或x<0}解析 ∵f(x)为偶函数,当x<0时,-x>0,则f(x)=f(-x)=2-x-4,∴f(x)=当f(x-2)>0时,有或解得x>4或x<0.∴不等式的解集为{x|x>4或x<0}.命题点3 指数函数性质的综合应用例4(1)已知函数f(x)=2|2x-m|(m为常数),若f(x)在区间[2,+∞)上单调递增,则m的取值范围是.答案 (-∞,4]解析 令t=|2x-m|,则t=|2x-m|在区间上单调递增,在区间上单调递减.而y=2t在R上单调递增,所以要使函数f(x)=2|2x-m|在[2,+∞)上单调递增,则有≤2,即m≤4,所以m的取值范围是(-∞,4].(2)函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是.答案 [0,+∞)解析 设t=2x(t>0),则y=t2-2t的单调增区间为[1,+∞),令2x≥1,得x≥0,又y=2x在R上单调递增,所以函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是[0,+∞).(3)若函数f(x)=有最大值3,则a=.答案 1解析 令h(x)=ax2-4x+3,y=h(x),由于f(x)有最大值3,所以h(x)应有最小值-1,因此必有解得a=1,即当f(x)有最大值3时,a的值为1.思维升华(1)利用指数函数的函数性质比较大小或解方程、不等式,最重要的是“同底”原则,比较大小还可以借助中间量;(2)求解与指数函数有关的复合函数问题,要明确复合函数的构成,涉及值域、单调区间、最值等问题时,都要借助“同增异减”这一性质分析判断.跟踪训练2(1)函数f(x)=x2-bx+c满足f(x+1)=f(1-x),且f(0)=3,则f(bx)与f(cx)的大小关系是( )A.f(bx)≤f(cx)B.f(bx)≥f(cx)C.f(bx)>f(cx)D.与x有关,不确定答案 A解析 ∵f(x+1)=f(1-x),∴f(x)关于x=1对称,易知b=2,c=3,当x=0时,b0=c0=1,∴f(bx)=f(cx),当x>0时,3x>2x>1,又f(x)在(1,+∞)上单调递增,∴f(bx)当x<0时,3x<2x<1,又f(x)在(-∞,1)上单调递减,∴f(bx)综上,f(bx)≤f(cx).(2)已知f(x)=2x-2-x,a=,b=,则f(a),f(b)的大小关系是.答案 f(b)解析 易知f(x)=2x-2-x在R上为增函数,又a==>=b,∴f(a)>f(b).(3)若不等式1+2x+4x·a≥0在x∈(-∞,1]时恒成立,则实数a的取值范围是.答案 解析 从已知不等式中分离出实数a,得a≥-.∵函数y=x+x在R上是减函数,∴当x∈(-∞,1]时,x+x≥+=,从而得-≤-.故实数a的取值范围为.1.设a=0.60.6,b=0.61.5,c=1.50.6,则a,b,c的大小关系是( )A.a答案 C解析 因为函数y=0.6x在R上单调递减,所以b=0.61.51,所以b2.已知函数f(x)=5x,若f(a+b)=3,则f(a)·f(b)等于( )A.3B.4C.5D.25答案 A解析 ∵f(x)=5x,∴f(a+b)=5a+b=3,∴f(a)·f(b)=5a×5b=5a+b=3.故选A.3.设x>0,且ax0且a≠1,b>0且b≠1),则a与b的大小关系是( )A.bC.1答案 B解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)答案 C解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )A.(-∞,2]B.[2,+∞)C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]答案 B解析 由f(1)=,得a2=,所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-3]B.[-3,0)C.[-3,-1]D.{-3}答案 B解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.答案 -1解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.8.不等式2>x+4的解集为.答案 (-1,4)解析 原不等式等价于>2-x-4,又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
8.若函数f(x)=ax在[-1,1]上的最大值为2,则a=________.
答案 2或
解析 若a>1,则f(x)max=f
(1)=a=2;
若0所以,a=2或. 题型一 指数幂的运算1.若实数a>0,则下列等式成立的是( )A.(-2)-2=4B.2a-3=C.(-2)0=-1D.=答案 D解析 对于A,(-2)-2=,故A错误;对于B,2a-3=,故B错误;对于C,(-2)0=1,故C错误;对于D,=,故D正确.2.计算:+0.002-10(-2)-1+π0=.答案 -解析 原式=-2+-+1=+10-10-20+1=-.3.化简:·(a>0,b>0)=.答案 解析 原式=2×=21+3×10-1=.4.化简:=(a>0).答案 a2解析 原式=思维升华(1)指数幂的运算首先将根式、分数指数幂统一为分数指数幂,以便利用法则计算,还应注意:①必须同底数幂相乘,指数才能相加;②运算的先后顺序.(2)当底数是负数时,先确定符号,再把底数化为正数.(3)运算结果不能同时含有根号和分数指数,也不能既有分母又含有负指数.题型二 指数函数的图象及应用例1(1)函数f(x)=1-e|x|的图象大致是( )答案 A解析 f(x)=1-e|x|是偶函数,图象关于y轴对称,又e|x|≥1,∴f(x)≤0.符合条件的图象只有A.(2)若函数y=|4x-1|在(-∞,k]上单调递减,则k的取值范围为____________.答案 (-∞,0]解析 函数y=|4x-1|的图象是由函数y=4x的图象向下平移一个单位后,再把位于x轴下方的图象沿x轴翻折到x轴上方得到的,函数图象如图所示.由图象知,其在(-∞,0]上单调递减,所以k的取值范围是(-∞,0].思维升华(1)已知函数解析式判断其图象一般是取特殊点,判断选项中的图象是否过这些点,若不满足则排除.(2)对于有关指数型函数的图象可从指数函数的图象通过平移、伸缩、对称变换而得到.特别地,当底数a与1的大小关系不确定时应注意分类讨论.跟踪训练1(1)已知实数a,b满足等式2019a=2020b,下列五个关系式:①0其中不可能成立的关系式有( )A.1个B.2个C.3个D.4个答案 B解析 如图,观察易知,a,b的关系为a(2)方程2x=2-x的解的个数是.答案 1解析 方程的解可看作函数y=2x和y=2-x的图象交点的横坐标,分别作出这两个函数的图象(如图).由图象得只有一个交点,因此该方程只有一个解.题型三 指数函数的性质及应用命题点1 比较指数式的大小例2(1)已知a=,b=,c=,则( )A.b答案 A解析 由a15=(2)15=220,b15=(2)15=212,c15=255>220,可知b15(2)若-1,a3的大小关系是.(用“>”连接)答案 3a>a3>a解析 易知3a>0,a<0,a3<0,又由-1,即-a3<-a,所以a3>a,因此3a>a3>a.命题点2 解简单的指数方程或不等式例3(1)(2018·福州模拟)已知实数a≠1,函数f(x)=若f(1-a)=f(a-1),则a的值为.答案 解析 当a<1时,41-a=21,解得a=;当a>1时,代入不成立.故a的值为.(2)若偶函数f(x)满足f(x)=2x-4(x≥0),则不等式f(x-2)>0的解集为.答案 {x|x>4或x<0}解析 ∵f(x)为偶函数,当x<0时,-x>0,则f(x)=f(-x)=2-x-4,∴f(x)=当f(x-2)>0时,有或解得x>4或x<0.∴不等式的解集为{x|x>4或x<0}.命题点3 指数函数性质的综合应用例4(1)已知函数f(x)=2|2x-m|(m为常数),若f(x)在区间[2,+∞)上单调递增,则m的取值范围是.答案 (-∞,4]解析 令t=|2x-m|,则t=|2x-m|在区间上单调递增,在区间上单调递减.而y=2t在R上单调递增,所以要使函数f(x)=2|2x-m|在[2,+∞)上单调递增,则有≤2,即m≤4,所以m的取值范围是(-∞,4].(2)函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是.答案 [0,+∞)解析 设t=2x(t>0),则y=t2-2t的单调增区间为[1,+∞),令2x≥1,得x≥0,又y=2x在R上单调递增,所以函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是[0,+∞).(3)若函数f(x)=有最大值3,则a=.答案 1解析 令h(x)=ax2-4x+3,y=h(x),由于f(x)有最大值3,所以h(x)应有最小值-1,因此必有解得a=1,即当f(x)有最大值3时,a的值为1.思维升华(1)利用指数函数的函数性质比较大小或解方程、不等式,最重要的是“同底”原则,比较大小还可以借助中间量;(2)求解与指数函数有关的复合函数问题,要明确复合函数的构成,涉及值域、单调区间、最值等问题时,都要借助“同增异减”这一性质分析判断.跟踪训练2(1)函数f(x)=x2-bx+c满足f(x+1)=f(1-x),且f(0)=3,则f(bx)与f(cx)的大小关系是( )A.f(bx)≤f(cx)B.f(bx)≥f(cx)C.f(bx)>f(cx)D.与x有关,不确定答案 A解析 ∵f(x+1)=f(1-x),∴f(x)关于x=1对称,易知b=2,c=3,当x=0时,b0=c0=1,∴f(bx)=f(cx),当x>0时,3x>2x>1,又f(x)在(1,+∞)上单调递增,∴f(bx)当x<0时,3x<2x<1,又f(x)在(-∞,1)上单调递减,∴f(bx)综上,f(bx)≤f(cx).(2)已知f(x)=2x-2-x,a=,b=,则f(a),f(b)的大小关系是.答案 f(b)解析 易知f(x)=2x-2-x在R上为增函数,又a==>=b,∴f(a)>f(b).(3)若不等式1+2x+4x·a≥0在x∈(-∞,1]时恒成立,则实数a的取值范围是.答案 解析 从已知不等式中分离出实数a,得a≥-.∵函数y=x+x在R上是减函数,∴当x∈(-∞,1]时,x+x≥+=,从而得-≤-.故实数a的取值范围为.1.设a=0.60.6,b=0.61.5,c=1.50.6,则a,b,c的大小关系是( )A.a答案 C解析 因为函数y=0.6x在R上单调递减,所以b=0.61.51,所以b2.已知函数f(x)=5x,若f(a+b)=3,则f(a)·f(b)等于( )A.3B.4C.5D.25答案 A解析 ∵f(x)=5x,∴f(a+b)=5a+b=3,∴f(a)·f(b)=5a×5b=5a+b=3.故选A.3.设x>0,且ax0且a≠1,b>0且b≠1),则a与b的大小关系是( )A.bC.1答案 B解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)答案 C解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )A.(-∞,2]B.[2,+∞)C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]答案 B解析 由f(1)=,得a2=,所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-3]B.[-3,0)C.[-3,-1]D.{-3}答案 B解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.答案 -1解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.8.不等式2>x+4的解集为.答案 (-1,4)解析 原不等式等价于>2-x-4,又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
所以,a=2或.
题型一 指数幂的运算
1.若实数a>0,则下列等式成立的是( )
A.(-2)-2=4B.2a-3=
C.(-2)0=-1D.
答案 D
解析 对于A,(-2)-2=,故A错误;对于B,2a-3=,故B错误;对于C,(-2)0=1,故C错误;对于D,
=,故D正确.
2.计算:
+0.002
-10(-2)-1+π0=.
答案 -
解析 原式=-2+
-+1
=+10-10-20+1=-.
3.化简:
·
(a>0,b>0)=.
解析 原式=2×
=21+3×10-1=.
4.化简:
=(a>0).
答案 a2
思维升华
(1)指数幂的运算首先将根式、分数指数幂统一为分数指数幂,以便利用法则计算,还应注意:
①必须同底数幂相乘,指数才能相加;
②运算的先后顺序.
(2)当底数是负数时,先确定符号,再把底数化为正数.
(3)运算结果不能同时含有根号和分数指数,也不能既有分母又含有负指数.
题型二 指数函数的图象及应用
例1
(1)函数f(x)=1-e|x|的图象大致是( )
答案 A
解析 f(x)=1-e|x|是偶函数,图象关于y轴对称,
又e|x|≥1,∴f(x)≤0.符合条件的图象只有A.
(2)若函数y=|4x-1|在(-∞,k]上单调递减,则k的取值范围为____________.
答案 (-∞,0]
解析 函数y=|4x-1|的图象是由函数y=4x的图象向下平移一个单位后,再把位于x轴下方的图象沿x轴翻折到x轴上方得到的,函数图象如图所示.
由图象知,其在(-∞,0]上单调递减,所以k的取值范围是(-∞,0].
(1)已知函数解析式判断其图象一般是取特殊点,判断选项中的图象是否过这些点,若不满足则排除.
(2)对于有关指数型函数的图象可从指数函数的图象通过平移、伸缩、对称变换而得到.特别地,当底数a与1的大小关系不确定时应注意分类讨论.
跟踪训练1
(1)已知实数a,b满足等式2019a=2020b,下列五个关系式:
①0
其中不可能成立的关系式有( )
A.1个B.2个
C.3个D.4个
答案 B
解析 如图,观察易知,a,b的关系为a
(2)方程2x=2-x的解的个数是.
答案 1
解析 方程的解可看作函数y=2x和y=2-x的图象交点的横坐标,分别作出这两个函数的图象(如图).
由图象得只有一个交点,因此该方程只有一个解.
题型三 指数函数的性质及应用
命题点1 比较指数式的大小
例2
(1)已知a=
,则( )
A.b答案 A解析 由a15=(2)15=220,b15=(2)15=212,c15=255>220,可知b15(2)若-1,a3的大小关系是.(用“>”连接)答案 3a>a3>a解析 易知3a>0,a<0,a3<0,又由-1,即-a3<-a,所以a3>a,因此3a>a3>a.命题点2 解简单的指数方程或不等式例3(1)(2018·福州模拟)已知实数a≠1,函数f(x)=若f(1-a)=f(a-1),则a的值为.答案 解析 当a<1时,41-a=21,解得a=;当a>1时,代入不成立.故a的值为.(2)若偶函数f(x)满足f(x)=2x-4(x≥0),则不等式f(x-2)>0的解集为.答案 {x|x>4或x<0}解析 ∵f(x)为偶函数,当x<0时,-x>0,则f(x)=f(-x)=2-x-4,∴f(x)=当f(x-2)>0时,有或解得x>4或x<0.∴不等式的解集为{x|x>4或x<0}.命题点3 指数函数性质的综合应用例4(1)已知函数f(x)=2|2x-m|(m为常数),若f(x)在区间[2,+∞)上单调递增,则m的取值范围是.答案 (-∞,4]解析 令t=|2x-m|,则t=|2x-m|在区间上单调递增,在区间上单调递减.而y=2t在R上单调递增,所以要使函数f(x)=2|2x-m|在[2,+∞)上单调递增,则有≤2,即m≤4,所以m的取值范围是(-∞,4].(2)函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是.答案 [0,+∞)解析 设t=2x(t>0),则y=t2-2t的单调增区间为[1,+∞),令2x≥1,得x≥0,又y=2x在R上单调递增,所以函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是[0,+∞).(3)若函数f(x)=有最大值3,则a=.答案 1解析 令h(x)=ax2-4x+3,y=h(x),由于f(x)有最大值3,所以h(x)应有最小值-1,因此必有解得a=1,即当f(x)有最大值3时,a的值为1.思维升华(1)利用指数函数的函数性质比较大小或解方程、不等式,最重要的是“同底”原则,比较大小还可以借助中间量;(2)求解与指数函数有关的复合函数问题,要明确复合函数的构成,涉及值域、单调区间、最值等问题时,都要借助“同增异减”这一性质分析判断.跟踪训练2(1)函数f(x)=x2-bx+c满足f(x+1)=f(1-x),且f(0)=3,则f(bx)与f(cx)的大小关系是( )A.f(bx)≤f(cx)B.f(bx)≥f(cx)C.f(bx)>f(cx)D.与x有关,不确定答案 A解析 ∵f(x+1)=f(1-x),∴f(x)关于x=1对称,易知b=2,c=3,当x=0时,b0=c0=1,∴f(bx)=f(cx),当x>0时,3x>2x>1,又f(x)在(1,+∞)上单调递增,∴f(bx)当x<0时,3x<2x<1,又f(x)在(-∞,1)上单调递减,∴f(bx)综上,f(bx)≤f(cx).(2)已知f(x)=2x-2-x,a=,b=,则f(a),f(b)的大小关系是.答案 f(b)解析 易知f(x)=2x-2-x在R上为增函数,又a==>=b,∴f(a)>f(b).(3)若不等式1+2x+4x·a≥0在x∈(-∞,1]时恒成立,则实数a的取值范围是.答案 解析 从已知不等式中分离出实数a,得a≥-.∵函数y=x+x在R上是减函数,∴当x∈(-∞,1]时,x+x≥+=,从而得-≤-.故实数a的取值范围为.1.设a=0.60.6,b=0.61.5,c=1.50.6,则a,b,c的大小关系是( )A.a答案 C解析 因为函数y=0.6x在R上单调递减,所以b=0.61.51,所以b2.已知函数f(x)=5x,若f(a+b)=3,则f(a)·f(b)等于( )A.3B.4C.5D.25答案 A解析 ∵f(x)=5x,∴f(a+b)=5a+b=3,∴f(a)·f(b)=5a×5b=5a+b=3.故选A.3.设x>0,且ax0且a≠1,b>0且b≠1),则a与b的大小关系是( )A.bC.1答案 B解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)答案 C解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )A.(-∞,2]B.[2,+∞)C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]答案 B解析 由f(1)=,得a2=,所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-3]B.[-3,0)C.[-3,-1]D.{-3}答案 B解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.答案 -1解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.8.不等式2>x+4的解集为.答案 (-1,4)解析 原不等式等价于>2-x-4,又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
解析 由a15=(2
)15=220,b15=(2
)15=212,c15=255>220,可知b15(2)若-1,a3的大小关系是.(用“>”连接)答案 3a>a3>a解析 易知3a>0,a<0,a3<0,又由-1,即-a3<-a,所以a3>a,因此3a>a3>a.命题点2 解简单的指数方程或不等式例3(1)(2018·福州模拟)已知实数a≠1,函数f(x)=若f(1-a)=f(a-1),则a的值为.答案 解析 当a<1时,41-a=21,解得a=;当a>1时,代入不成立.故a的值为.(2)若偶函数f(x)满足f(x)=2x-4(x≥0),则不等式f(x-2)>0的解集为.答案 {x|x>4或x<0}解析 ∵f(x)为偶函数,当x<0时,-x>0,则f(x)=f(-x)=2-x-4,∴f(x)=当f(x-2)>0时,有或解得x>4或x<0.∴不等式的解集为{x|x>4或x<0}.命题点3 指数函数性质的综合应用例4(1)已知函数f(x)=2|2x-m|(m为常数),若f(x)在区间[2,+∞)上单调递增,则m的取值范围是.答案 (-∞,4]解析 令t=|2x-m|,则t=|2x-m|在区间上单调递增,在区间上单调递减.而y=2t在R上单调递增,所以要使函数f(x)=2|2x-m|在[2,+∞)上单调递增,则有≤2,即m≤4,所以m的取值范围是(-∞,4].(2)函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是.答案 [0,+∞)解析 设t=2x(t>0),则y=t2-2t的单调增区间为[1,+∞),令2x≥1,得x≥0,又y=2x在R上单调递增,所以函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是[0,+∞).(3)若函数f(x)=有最大值3,则a=.答案 1解析 令h(x)=ax2-4x+3,y=h(x),由于f(x)有最大值3,所以h(x)应有最小值-1,因此必有解得a=1,即当f(x)有最大值3时,a的值为1.思维升华(1)利用指数函数的函数性质比较大小或解方程、不等式,最重要的是“同底”原则,比较大小还可以借助中间量;(2)求解与指数函数有关的复合函数问题,要明确复合函数的构成,涉及值域、单调区间、最值等问题时,都要借助“同增异减”这一性质分析判断.跟踪训练2(1)函数f(x)=x2-bx+c满足f(x+1)=f(1-x),且f(0)=3,则f(bx)与f(cx)的大小关系是( )A.f(bx)≤f(cx)B.f(bx)≥f(cx)C.f(bx)>f(cx)D.与x有关,不确定答案 A解析 ∵f(x+1)=f(1-x),∴f(x)关于x=1对称,易知b=2,c=3,当x=0时,b0=c0=1,∴f(bx)=f(cx),当x>0时,3x>2x>1,又f(x)在(1,+∞)上单调递增,∴f(bx)当x<0时,3x<2x<1,又f(x)在(-∞,1)上单调递减,∴f(bx)综上,f(bx)≤f(cx).(2)已知f(x)=2x-2-x,a=,b=,则f(a),f(b)的大小关系是.答案 f(b)解析 易知f(x)=2x-2-x在R上为增函数,又a==>=b,∴f(a)>f(b).(3)若不等式1+2x+4x·a≥0在x∈(-∞,1]时恒成立,则实数a的取值范围是.答案 解析 从已知不等式中分离出实数a,得a≥-.∵函数y=x+x在R上是减函数,∴当x∈(-∞,1]时,x+x≥+=,从而得-≤-.故实数a的取值范围为.1.设a=0.60.6,b=0.61.5,c=1.50.6,则a,b,c的大小关系是( )A.a答案 C解析 因为函数y=0.6x在R上单调递减,所以b=0.61.51,所以b2.已知函数f(x)=5x,若f(a+b)=3,则f(a)·f(b)等于( )A.3B.4C.5D.25答案 A解析 ∵f(x)=5x,∴f(a+b)=5a+b=3,∴f(a)·f(b)=5a×5b=5a+b=3.故选A.3.设x>0,且ax0且a≠1,b>0且b≠1),则a与b的大小关系是( )A.bC.1答案 B解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)答案 C解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )A.(-∞,2]B.[2,+∞)C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]答案 B解析 由f(1)=,得a2=,所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-3]B.[-3,0)C.[-3,-1]D.{-3}答案 B解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.答案 -1解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.8.不等式2>x+4的解集为.答案 (-1,4)解析 原不等式等价于>2-x-4,又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
(2)若-1,a3的大小关系是.(用“>”连接)答案 3a>a3>a解析 易知3a>0,a<0,a3<0,又由-1,即-a3<-a,所以a3>a,因此3a>a3>a.命题点2 解简单的指数方程或不等式例3(1)(2018·福州模拟)已知实数a≠1,函数f(x)=若f(1-a)=f(a-1),则a的值为.答案 解析 当a<1时,41-a=21,解得a=;当a>1时,代入不成立.故a的值为.(2)若偶函数f(x)满足f(x)=2x-4(x≥0),则不等式f(x-2)>0的解集为.答案 {x|x>4或x<0}解析 ∵f(x)为偶函数,当x<0时,-x>0,则f(x)=f(-x)=2-x-4,∴f(x)=当f(x-2)>0时,有或解得x>4或x<0.∴不等式的解集为{x|x>4或x<0}.命题点3 指数函数性质的综合应用例4(1)已知函数f(x)=2|2x-m|(m为常数),若f(x)在区间[2,+∞)上单调递增,则m的取值范围是.答案 (-∞,4]解析 令t=|2x-m|,则t=|2x-m|在区间上单调递增,在区间上单调递减.而y=2t在R上单调递增,所以要使函数f(x)=2|2x-m|在[2,+∞)上单调递增,则有≤2,即m≤4,所以m的取值范围是(-∞,4].(2)函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是.答案 [0,+∞)解析 设t=2x(t>0),则y=t2-2t的单调增区间为[1,+∞),令2x≥1,得x≥0,又y=2x在R上单调递增,所以函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是[0,+∞).(3)若函数f(x)=有最大值3,则a=.答案 1解析 令h(x)=ax2-4x+3,y=h(x),由于f(x)有最大值3,所以h(x)应有最小值-1,因此必有解得a=1,即当f(x)有最大值3时,a的值为1.思维升华(1)利用指数函数的函数性质比较大小或解方程、不等式,最重要的是“同底”原则,比较大小还可以借助中间量;(2)求解与指数函数有关的复合函数问题,要明确复合函数的构成,涉及值域、单调区间、最值等问题时,都要借助“同增异减”这一性质分析判断.跟踪训练2(1)函数f(x)=x2-bx+c满足f(x+1)=f(1-x),且f(0)=3,则f(bx)与f(cx)的大小关系是( )A.f(bx)≤f(cx)B.f(bx)≥f(cx)C.f(bx)>f(cx)D.与x有关,不确定答案 A解析 ∵f(x+1)=f(1-x),∴f(x)关于x=1对称,易知b=2,c=3,当x=0时,b0=c0=1,∴f(bx)=f(cx),当x>0时,3x>2x>1,又f(x)在(1,+∞)上单调递增,∴f(bx)当x<0时,3x<2x<1,又f(x)在(-∞,1)上单调递减,∴f(bx)综上,f(bx)≤f(cx).(2)已知f(x)=2x-2-x,a=,b=,则f(a),f(b)的大小关系是.答案 f(b)解析 易知f(x)=2x-2-x在R上为增函数,又a==>=b,∴f(a)>f(b).(3)若不等式1+2x+4x·a≥0在x∈(-∞,1]时恒成立,则实数a的取值范围是.答案 解析 从已知不等式中分离出实数a,得a≥-.∵函数y=x+x在R上是减函数,∴当x∈(-∞,1]时,x+x≥+=,从而得-≤-.故实数a的取值范围为.1.设a=0.60.6,b=0.61.5,c=1.50.6,则a,b,c的大小关系是( )A.a答案 C解析 因为函数y=0.6x在R上单调递减,所以b=0.61.51,所以b2.已知函数f(x)=5x,若f(a+b)=3,则f(a)·f(b)等于( )A.3B.4C.5D.25答案 A解析 ∵f(x)=5x,∴f(a+b)=5a+b=3,∴f(a)·f(b)=5a×5b=5a+b=3.故选A.3.设x>0,且ax0且a≠1,b>0且b≠1),则a与b的大小关系是( )A.bC.1答案 B解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)答案 C解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )A.(-∞,2]B.[2,+∞)C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]答案 B解析 由f(1)=,得a2=,所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-3]B.[-3,0)C.[-3,-1]D.{-3}答案 B解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.答案 -1解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.8.不等式2>x+4的解集为.答案 (-1,4)解析 原不等式等价于>2-x-4,又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
,a3的大小关系是.(用“>”连接)
答案 3a>a3>a
解析 易知3a>0,a
<0,a3<0,又由-1,即-a3<-a,所以a3>a,因此3a>a3>a.命题点2 解简单的指数方程或不等式例3(1)(2018·福州模拟)已知实数a≠1,函数f(x)=若f(1-a)=f(a-1),则a的值为.答案 解析 当a<1时,41-a=21,解得a=;当a>1时,代入不成立.故a的值为.(2)若偶函数f(x)满足f(x)=2x-4(x≥0),则不等式f(x-2)>0的解集为.答案 {x|x>4或x<0}解析 ∵f(x)为偶函数,当x<0时,-x>0,则f(x)=f(-x)=2-x-4,∴f(x)=当f(x-2)>0时,有或解得x>4或x<0.∴不等式的解集为{x|x>4或x<0}.命题点3 指数函数性质的综合应用例4(1)已知函数f(x)=2|2x-m|(m为常数),若f(x)在区间[2,+∞)上单调递增,则m的取值范围是.答案 (-∞,4]解析 令t=|2x-m|,则t=|2x-m|在区间上单调递增,在区间上单调递减.而y=2t在R上单调递增,所以要使函数f(x)=2|2x-m|在[2,+∞)上单调递增,则有≤2,即m≤4,所以m的取值范围是(-∞,4].(2)函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是.答案 [0,+∞)解析 设t=2x(t>0),则y=t2-2t的单调增区间为[1,+∞),令2x≥1,得x≥0,又y=2x在R上单调递增,所以函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是[0,+∞).(3)若函数f(x)=有最大值3,则a=.答案 1解析 令h(x)=ax2-4x+3,y=h(x),由于f(x)有最大值3,所以h(x)应有最小值-1,因此必有解得a=1,即当f(x)有最大值3时,a的值为1.思维升华(1)利用指数函数的函数性质比较大小或解方程、不等式,最重要的是“同底”原则,比较大小还可以借助中间量;(2)求解与指数函数有关的复合函数问题,要明确复合函数的构成,涉及值域、单调区间、最值等问题时,都要借助“同增异减”这一性质分析判断.跟踪训练2(1)函数f(x)=x2-bx+c满足f(x+1)=f(1-x),且f(0)=3,则f(bx)与f(cx)的大小关系是( )A.f(bx)≤f(cx)B.f(bx)≥f(cx)C.f(bx)>f(cx)D.与x有关,不确定答案 A解析 ∵f(x+1)=f(1-x),∴f(x)关于x=1对称,易知b=2,c=3,当x=0时,b0=c0=1,∴f(bx)=f(cx),当x>0时,3x>2x>1,又f(x)在(1,+∞)上单调递增,∴f(bx)当x<0时,3x<2x<1,又f(x)在(-∞,1)上单调递减,∴f(bx)综上,f(bx)≤f(cx).(2)已知f(x)=2x-2-x,a=,b=,则f(a),f(b)的大小关系是.答案 f(b)解析 易知f(x)=2x-2-x在R上为增函数,又a==>=b,∴f(a)>f(b).(3)若不等式1+2x+4x·a≥0在x∈(-∞,1]时恒成立,则实数a的取值范围是.答案 解析 从已知不等式中分离出实数a,得a≥-.∵函数y=x+x在R上是减函数,∴当x∈(-∞,1]时,x+x≥+=,从而得-≤-.故实数a的取值范围为.1.设a=0.60.6,b=0.61.5,c=1.50.6,则a,b,c的大小关系是( )A.a答案 C解析 因为函数y=0.6x在R上单调递减,所以b=0.61.51,所以b2.已知函数f(x)=5x,若f(a+b)=3,则f(a)·f(b)等于( )A.3B.4C.5D.25答案 A解析 ∵f(x)=5x,∴f(a+b)=5a+b=3,∴f(a)·f(b)=5a×5b=5a+b=3.故选A.3.设x>0,且ax0且a≠1,b>0且b≠1),则a与b的大小关系是( )A.bC.1答案 B解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)答案 C解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )A.(-∞,2]B.[2,+∞)C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]答案 B解析 由f(1)=,得a2=,所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-3]B.[-3,0)C.[-3,-1]D.{-3}答案 B解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.答案 -1解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.8.不等式2>x+4的解集为.答案 (-1,4)解析 原不等式等价于>2-x-4,又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
,即-a3<-a
,所以a3>a
,因此3a>a3>a
.
命题点2 解简单的指数方程或不等式
例3
(1)(2018·福州模拟)已知实数a≠1,函数f(x)=若f(1-a)=f(a-1),则a的值为.
解析 当a<1时,41-a=21,解得a=;
当a>1时,代入不成立.故a的值为.
(2)若偶函数f(x)满足f(x)=2x-4(x≥0),则不等式f(x-2)>0的解集为.
答案 {x|x>4或x<0}
解析 ∵f(x)为偶函数,
当x<0时,-x>0,则f(x)=f(-x)=2-x-4,
∴f(x)=
当f(x-2)>0时,有或
解得x>4或x<0.
∴不等式的解集为{x|x>4或x<0}.
命题点3 指数函数性质的综合应用
例4
(1)已知函数f(x)=2|2x-m|(m为常数),若f(x)在区间[2,+∞)上单调递增,则m的取值范围是.
答案 (-∞,4]
解析 令t=|2x-m|,则t=|2x-m|在区间上单调递增,在区间上单调递减.而y=2t在R上单调递增,所以要使函数f(x)=2|2x-m|在[2,+∞)上单调递增,则有≤2,即m≤4,所以m的取值范围是(-∞,4].
(2)函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是.
答案 [0,+∞)
解析 设t=2x(t>0),则y=t2-2t的单调增区间为[1,+∞),令2x≥1,得x≥0,又y=2x在R上单调递增,
所以函数f(x)=4x-2x+1的单调增区间是[0,+∞).
(3)若函数f(x)=
有最大值3,则a=.
解析 令h(x)=ax2-4x+3,y=h(x),由于f(x)有最大值3,所以h(x)应有最小值-1,
因此必有解得a=1,
即当f(x)有最大值3时,a的值为1.
(1)利用指数函数的函数性质比较大小或解方程、不等式,最重要的是“同底”原则,比较大小还可以借助中间量;
(2)求解与指数函数有关的复合函数问题,要明确复合函数的构成,涉及值域、单调区间、最值等问题时,都要借助“同增异减”这一性质分析判断.
跟踪训练2
(1)函数f(x)=x2-bx+c满足f(x+1)=f(1-x),且f(0)=3,则f(bx)与f(cx)的大小关系是( )
A.f(bx)≤f(cx)B.f(bx)≥f(cx)
C.f(bx)>f(cx)D.与x有关,不确定
解析 ∵f(x+1)=f(1-x),∴f(x)关于x=1对称,
易知b=2,c=3,
当x=0时,b0=c0=1,∴f(bx)=f(cx),
当x>0时,3x>2x>1,又f(x)在(1,+∞)上单调递增,∴f(bx)当x<0时,3x<2x<1,又f(x)在(-∞,1)上单调递减,∴f(bx)综上,f(bx)≤f(cx).(2)已知f(x)=2x-2-x,a=,b=,则f(a),f(b)的大小关系是.答案 f(b)解析 易知f(x)=2x-2-x在R上为增函数,又a==>=b,∴f(a)>f(b).(3)若不等式1+2x+4x·a≥0在x∈(-∞,1]时恒成立,则实数a的取值范围是.答案 解析 从已知不等式中分离出实数a,得a≥-.∵函数y=x+x在R上是减函数,∴当x∈(-∞,1]时,x+x≥+=,从而得-≤-.故实数a的取值范围为.1.设a=0.60.6,b=0.61.5,c=1.50.6,则a,b,c的大小关系是( )A.a答案 C解析 因为函数y=0.6x在R上单调递减,所以b=0.61.51,所以b2.已知函数f(x)=5x,若f(a+b)=3,则f(a)·f(b)等于( )A.3B.4C.5D.25答案 A解析 ∵f(x)=5x,∴f(a+b)=5a+b=3,∴f(a)·f(b)=5a×5b=5a+b=3.故选A.3.设x>0,且ax0且a≠1,b>0且b≠1),则a与b的大小关系是( )A.bC.1答案 B解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)答案 C解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )A.(-∞,2]B.[2,+∞)C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]答案 B解析 由f(1)=,得a2=,所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-3]B.[-3,0)C.[-3,-1]D.{-3}答案 B解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.答案 -1解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.8.不等式2>x+4的解集为.答案 (-1,4)解析 原不等式等价于>2-x-4,又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
当x<0时,3x<2x<1,又f(x)在(-∞,1)上单调递减,
∴f(bx)综上,f(bx)≤f(cx).(2)已知f(x)=2x-2-x,a=,b=,则f(a),f(b)的大小关系是.答案 f(b)解析 易知f(x)=2x-2-x在R上为增函数,又a==>=b,∴f(a)>f(b).(3)若不等式1+2x+4x·a≥0在x∈(-∞,1]时恒成立,则实数a的取值范围是.答案 解析 从已知不等式中分离出实数a,得a≥-.∵函数y=x+x在R上是减函数,∴当x∈(-∞,1]时,x+x≥+=,从而得-≤-.故实数a的取值范围为.1.设a=0.60.6,b=0.61.5,c=1.50.6,则a,b,c的大小关系是( )A.a答案 C解析 因为函数y=0.6x在R上单调递减,所以b=0.61.51,所以b2.已知函数f(x)=5x,若f(a+b)=3,则f(a)·f(b)等于( )A.3B.4C.5D.25答案 A解析 ∵f(x)=5x,∴f(a+b)=5a+b=3,∴f(a)·f(b)=5a×5b=5a+b=3.故选A.3.设x>0,且ax0且a≠1,b>0且b≠1),则a与b的大小关系是( )A.bC.1答案 B解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)答案 C解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )A.(-∞,2]B.[2,+∞)C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]答案 B解析 由f(1)=,得a2=,所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-3]B.[-3,0)C.[-3,-1]D.{-3}答案 B解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.答案 -1解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.8.不等式2>x+4的解集为.答案 (-1,4)解析 原不等式等价于>2-x-4,又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
综上,f(bx)≤f(cx).
(2)已知f(x)=2x-2-x,a=
,则f(a),f(b)的大小关系是.
答案 f(b)解析 易知f(x)=2x-2-x在R上为增函数,又a==>=b,∴f(a)>f(b).(3)若不等式1+2x+4x·a≥0在x∈(-∞,1]时恒成立,则实数a的取值范围是.答案 解析 从已知不等式中分离出实数a,得a≥-.∵函数y=x+x在R上是减函数,∴当x∈(-∞,1]时,x+x≥+=,从而得-≤-.故实数a的取值范围为.1.设a=0.60.6,b=0.61.5,c=1.50.6,则a,b,c的大小关系是( )A.a答案 C解析 因为函数y=0.6x在R上单调递减,所以b=0.61.51,所以b2.已知函数f(x)=5x,若f(a+b)=3,则f(a)·f(b)等于( )A.3B.4C.5D.25答案 A解析 ∵f(x)=5x,∴f(a+b)=5a+b=3,∴f(a)·f(b)=5a×5b=5a+b=3.故选A.3.设x>0,且ax0且a≠1,b>0且b≠1),则a与b的大小关系是( )A.bC.1答案 B解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)答案 C解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )A.(-∞,2]B.[2,+∞)C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]答案 B解析 由f(1)=,得a2=,所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-3]B.[-3,0)C.[-3,-1]D.{-3}答案 B解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.答案 -1解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.8.不等式2>x+4的解集为.答案 (-1,4)解析 原不等式等价于>2-x-4,又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
解析 易知f(x)=2x-2-x在R上为增函数,
又a=
=b,
∴f(a)>f(b).
(3)若不等式1+2x+4x·a≥0在x∈(-∞,1]时恒成立,则实数a的取值范围是.
解析 从已知不等式中分离出实数a,
得a≥-.∵函数y=x+x在R上是减函数,∴当x∈(-∞,1]时,x+x≥+=,从而得-≤-.
故实数a的取值范围为.
1.设a=0.60.6,b=0.61.5,c=1.50.6,则a,b,c的大小关系是( )
A.a
答案 C
解析 因为函数y=0.6x在R上单调递减,所以b=0.61.51,所以b2.已知函数f(x)=5x,若f(a+b)=3,则f(a)·f(b)等于( )A.3B.4C.5D.25答案 A解析 ∵f(x)=5x,∴f(a+b)=5a+b=3,∴f(a)·f(b)=5a×5b=5a+b=3.故选A.3.设x>0,且ax0且a≠1,b>0且b≠1),则a与b的大小关系是( )A.bC.1答案 B解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)答案 C解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )A.(-∞,2]B.[2,+∞)C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]答案 B解析 由f(1)=,得a2=,所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-3]B.[-3,0)C.[-3,-1]D.{-3}答案 B解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.答案 -1解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.8.不等式2>x+4的解集为.答案 (-1,4)解析 原不等式等价于>2-x-4,又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
2.已知函数f(x)=5x,若f(a+b)=3,则f(a)·f(b)等于( )
A.3B.4C.5D.25
解析 ∵f(x)=5x,∴f(a+b)=5a+b=3,∴f(a)·f(b)=5a×5b=5a+b=3.故选A.
3.设x>0,且ax0且a≠1,b>0且b≠1),则a与b的大小关系是( )
A.bC.1答案 B解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)答案 C解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,f(x)min=f(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )A.(-∞,2]B.[2,+∞)C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]答案 B解析 由f(1)=,得a2=,所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-3]B.[-3,0)C.[-3,-1]D.{-3}答案 B解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.答案 -1解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.8.不等式2>x+4的解集为.答案 (-1,4)解析 原不等式等价于>2-x-4,又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
C.1
解析 若ax<1且x>0,则必有0a,故选B.
4.已知f(x)=3x-b(2≤x≤4,b为常数)的图象经过点(2,1),则f(x)的值域为( )
A.[9,81]B.[3,9]C.[1,9]D.[1,+∞)
解析 由f(x)过定点(2,1)可知b=2,
因为f(x)=3x-2在[2,4]上是增函数,
f(x)min=f
(2)=1,f(x)max=f(4)=9.故选C.
5.若函数f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)满足f
(1)=,则f(x)的单调递减区间是( )
A.(-∞,2]B.[2,+∞)
C.[-2,+∞)D.(-∞,-2]
解析 由f
(1)=,得a2=,
所以a=或a=-(舍去),即f(x)=|2x-4|.
由于y=|2x-4|在(-∞,2]上单调递减,在[2,+∞)上单调递增,
所以f(x)在(-∞,2]上单调递增,在[2,+∞)上单调递减.故选B.
6.已知函数f(x)=的值域是[-8,1],则实数a的取值范围是( )
A.(-∞,-3]B.[-3,0)
C.[-3,-1]D.{-3}
解析 当0≤x≤4时,f(x)∈[-8,1],当a≤x<0时,f(x)∈,所以[-8,1],即-8≤-<-1,即-3≤a<0.所以实数a的取值范围是[-3,0).
7.若“m>a”是“函数f(x)=x+m-的图象不过第三象限”的必要不充分条件,则实数a能取的最大整数为.
答案 -1
解析 f(0)=m+,∴函数f(x)的图象不过第三象限等价于m+≥0,即m≥-,∵“m>a”是“m≥-”的必要不充分条件,∴a<-,则实数a能取的最大整数为-1.
8.不等式2
>x+4的解集为.
答案 (-1,4)
解析 原不等式等价于
>2-x-4,
又函数y=2x为增函数,∴-x2+2x>-x-4,
即x2-3x-4<0,∴-19.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.答案 (-1,2)解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
9.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)·4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是.
答案 (-1,2)
解析 原不等式变形为m2-m因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,所以x≥-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
因为函数y=x在(-∞,-1]上是减函数,
所以x≥-1=2,
当x∈(-∞,-1]时,m2-m10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.答案 0解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,所以函数g(x)的最小值是0.11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.当t=,即x=1时,ymin=1;当t=1,即x=0时,ymax=2.12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).(1)求f(x)的表达式;(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),所以所以a2=4,又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.(2)由(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)答案 C解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
10.已知函数f(x)=2x-,函数g(x)=则函数g(x)的最小值是.
答案 0
解析 当x≥0时,g(x)=f(x)=2x-为单调增函数,所以g(x)≥g(0)=0;当x<0时,g(x)=f(-x)=2-x-=-2x为单调减函数,所以g(x)>g(0)=0,
所以函数g(x)的最小值是0.
11.已知9x-10·3x+9≤0,求函数y=x-1-4x+2的最大值和最小值.
解 由9x-10·3x+9≤0,得(3x-1)(3x-9)≤0,
解得1≤3x≤9,即0≤x≤2.
令x=t,则≤t≤1,y=4t2-4t+2=42+1.
当t=,即x=1时,ymin=1;
当t=1,即x=0时,ymax=2.
12.已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常量,且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24).
(1)求f(x)的表达式;
(2)若不等式x+x-m≥0在(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围.
解
(1)因为f(x)的图象过A(1,6),B(3,24),
所以所以a2=4,
又a>0,所以a=2,b=3.所以f(x)=3·2x.
(2)由
(1)知a=2,b=3,则当x∈(-∞,1]时,x+x-m≥0恒成立,即m≤x+x在(-∞,1]上恒成立.
又因为y=x与y=x在(-∞,1]上均为减函数,所以y=x+x在(-∞,1]上也是减函数,所以当x=1时,y=x+x有最小值,所以m≤,即m的取值范围是.
13.(2018·安徽滁州中学月考)设函数f(x)=则满足f(f(a))=2f(a)的a的取值范围是( )
A.B.[0,1]C.D.[1,+∞)
解析 令f(a)=t,则f(t)=2t.
当t<1时,3t-1=2t,令g(t)=3t-1-2t,则g′(t)=3-2tln2,当t<1时,g′(t)>0,g(t)在(-∞,1)上单调递增,即g(t)(1)=0,则方程3t-1=2t无解.当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.综上可得a的取值范围是.故选C.14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.答案 (0,4]解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,所以f(x)=2|x-1|.作出函数y=f(x)的图象如图所示.当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
(1)=0,则方程3t-1=2t无解.
当t≥1时,2t=2t成立,由f(a)≥1,得a<1,且3a-1≥1,解得≤a<1;a≥1,且2a≥1,解得a≥1.
综上可得a的取值范围是.故选C.
14.若函数f(x)=2|x+a|(a∈R)满足f(1-x)=f(1+x),f(x)在区间[m,n]上的最大值记为f(x)max,最小值记为f(x)min,若f(x)max-f(x)min=3,则n-m的取值范围是.
答案 (0,4]
解析 因为f(1-x)=f(1+x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以a=-1,
所以f(x)=2|x-1|.
作出函数y=f(x)的图象如图所示.
当m15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)答案 <解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.综上知,总有2a+2c<4.16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).(1)若λ=,求函数f(x)的值域;(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.解 (1)f(x)=-+4=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.当λ=时,g(t)=t2-3t+4=2+.所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.所以f(x)max=,f(x)min=,故函数f(x)的值域为.(2)方程f(x)=0有解可转化为λ=2·2x+·(-1≤x≤2).设φ(x)=2·2x+,当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.∴函数φ(x)的值域为.故实数λ的取值范围是.
15.设f(x)=|2x-1-1|,af(c),则2a+2c4.(选填“>”“<”“=”)
答案 <
解析 f(x)在(-∞,1]上是减函数,在[1,+∞)上是增函数,故结合条件知必有a<1.
若c≤1,则2a<2,2c≤2,故2a+2c<4;
若c>1,则由f(a)>f(c),得1-2a-1>2c-1-1,
即2c-1+2a-1<2,即2a+2c<4.
综上知,总有2a+2c<4.
16.已知函数f(x)=-+4(-1≤x≤2).
(1)若λ=,求函数f(x)的值域;
(2)若方程f(x)=0有解,求实数λ的取值范围.
(1)f(x)=-+4
=2x-2λ·x+4(-1≤x≤2).
设t=x,得g(t)=t2-2λt+4.
当λ=时,g(t)=t2-3t+4
=2+.
所以g(t)max=g=,g(t)min=g=.
所以f(x)max=,f(x)min=,
故函数f(x)的值域为.
(2)方程f(x)=0有解可转化为
λ=2·2x+·(-1≤x≤2).
设φ(x)=2·2x+,
当2x=,即x=-1时,φ(x)min=2;
当2x=4,即x=2时,φ(x)max=.
∴函数φ(x)的值域为.
故实数λ的取值范围是.
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