湖南省郴州市湘南中学学年高二上学期期中物Word下载.docx

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C．Ea＜Eb方向相同D．Ea＜Eb方向不同

6．关于重力势能和电势能的下列说法中，正确的是（　　）

A．两种势能都是物体单独具有的

B．两种势能的值都与零势能位置选择无关

C．两种势能的变化量，都可以用力做的功来衡量

D．两种势能的值都可正可负，所以都是矢量

7．如图所示，将一带负电的点电荷沿电场线方向从A点移动到B点，下列说法正确的是（　　）

A．电场力做正功，电势能增加B．电场力做负功，电势能增加

C．电场力做正功，电势能减少D．电场力做负功，电势能减少

8．电荷量为1.6×

10﹣19C的带正电的质子在静电场中由A点移到B点，在这过程中，静电力做的功为8.0×

10﹣17J，则A、B两点间的电势差UAB为（　　）

A．3×

102VB．5×

102VC．4×

102VD．7×

102V

9．一个电容器的规格是“10μF　50V”，则（　　）

A．这个电容器的电容为10﹣5F

B．这个电容器加上50V电势差时，电容才是10μF

C．这个电容器没有电势差时，电容为0

D．这个电容器加的电势差不能低于50V

10．某电场电场线分布如图所示，A、B为某电场线上的两点，一带负电的粒子以一定的初速度沿电场线从A运动到B．不计粒子的重力，在这个运动过程中（　　）

A．粒子做匀加速直线运动B．粒子运动的加速度增大

C．粒子的电势能减少D．粒子的动能减少

11．三个电阻的阻值之比R1：

R2：

R3=1：

2：

5，若将这三个电阻并联，则通过它们的电流之比I1：

I2：

I3为（　　）

A．1：

5B．5：

1C．10：

5：

2D．1：

1：

1

12．如图所示，为某一闭合电路的部分电路，其中R1=20Ω，R2=R3=40Ω，下列关于R1、R2、R3消耗电功率P1、P2、P3，以及R1、R2两端的电压U1、U2的关系正确的是（　　）

A．U1=U2，P1=P2=P3B．U1＞U2，P1：

P2：

P3=1：

2

C．U1=U2，P1：

P3=2：

1D．U1＜U2，P1＜P2=P3

13．如图是一同学将变阻器与一只“6V，8W”的小灯泡L及开关S串联后接在6V的电源E上，当S闭合时，发现灯泡发亮．按此图的接法，当滑片P向右滑动时，灯泡将（　　）

A．变暗B．变亮C．亮度不变D．可能烧坏灯泡

14．一块太阳能电池板，测得它的开路电压为800mV，短路电流为40mA，若将该电池与一阻值为20Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（　　）

A．0.10VB．0.20VC．0.30VD．0.40V

15．如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下列结论正确的是（　　）

A．电源的电动势为5.0V

B．电源的内阻为12Ω

C．电源的短路电流为0.5A

D．电流为0.3A时的外电阻是18Ω

16．在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0Ω，电路中电阻R0为1.5Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5Ω．闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A．则以下判断中正确的是（　　）

A．电动机的输出功率为14WB．电动机两端的电压为7.0V

C．电动机的发热功率为4.0WD．电源输出的电功率为24W

二、填空题（每空2分，共20分．请把答案填写到答题卡上）

17．

（1）图甲所示的电流表使用0.6A量程时，图中表针示数是　　A；

当使用3A量程时，图中表针示数为　　A．

（2）如图乙所示的电表使用较小量程时，图中指针的示数为　　V．若使用的是较大量程，图中表针指示的是　　V．

18．某学习小组要描绘一个标有“3.6V，1.2W”的小灯泡的伏安特性曲线，除了导线和开关外，还有下列器材可供选择：

直流电源E（电动势4.5V，内阻不计）

电压表V（量程5V，内阻约为5kΩ）

电流表A1（量程350mA，内阻约为1Ω）

电流表A2（量程150mA，内阻约为2Ω）

滑动变阻器R1（阻值0～200Ω）

滑动变阻器R2（阻值0～10Ω）

实验中电流表应选　　，滑动变阻器应选　　；

（填写器材代号）

19．用如图所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T．请根据下列步骤完成电阻测量．

①旋动部件　　，使指针对准电流的“0”刻线．

②将K旋转到电阻挡“×

100”的位置．

③将插入“+”、“﹣”插孔的表笔短接，旋动部件　　，使指针对准电阻的　　（填“0”刻线或“∞刻线”）．

④将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过大．为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按　　的顺序进行操作，再完成读数测量．

A．将K旋转到电阻挡“×

1k”的位置

B．将K旋转到电阻挡“×

10”的位置

C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接

D．将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准．

三、计算题（请把解答过程写到答题卡上，要有必要的文字说明和解题步骤，只写答案的不给分．20题、21题每个题8分，共16分．22题和23题是附加题，每个题10分，共20分）

20．如图所示，质量为m、带电荷量为q的小球B用绝缘细线悬挂，处于固定的带电体A产生的电场中，A可视为点电荷，B为试探电荷．当B静止时，A、B等高，细线与竖直方向的夹角为θ．已知重力加速度为g．则A在B处所产生的场强大小为多少？

21．如图1所示为小明爷爷家里的老式手电筒．小明按下开关，小灯光正常发光，然后他打开后盖，发现里面装有三节1.5V的干电池，打开电筒前盖，观察到里面的小灯泡上标有“3.8V，0.3A”字样．其结构简图如图2所示，不计导线和接触电阻．

（1）求小灯泡正常发光时的电阻；

（2）求每一节干电池的内阻；

（3）求小灯泡正常发光时整个电路每分钟消耗的电能．

22．如图所示，喷墨打印机中的墨滴在进入偏转电场之前会被带上一定量的电荷，在电场的作用下使电荷发生偏转到达纸上．已知两偏转极板长度L=1.5×

10﹣2m，两极板间电场强度E=1.2×

106N/C，墨滴的质量m=1.0×

10﹣13kg，电荷量q=1.0×

10﹣16C，墨滴在进入电场前的速度v0=15m/s，方向与两极板平行．不计空气阻力和墨滴重力，假设偏转电场只局限在平行极板内部，忽略边缘电场的影响．

（1）判断墨滴带正电荷还是负电荷？

（2）求墨滴在两极板之间运动的时间；

（3）求墨滴离开电场时在竖直方向上的位移y．

23．有两个完全相同的表头G，内电阻为Rg=100Ω，满偏电流为Ig=1mA．现将它们分别改装成量程为0.6A的电流表和量程为3V的电压表，需分别并联一个电阻R1和串联一个电阻R2，则R1和R2的值分别为多少？

参考答案与试题解析

【考点】元电荷、点电荷．

【分析】由元电荷的定义可知，我们将电子或质子所带电量的绝对值称为元电荷，由此可以判定各个选项．

【解答】解：

A、由元电荷定义：

将电子或质子所带电量的绝对值称为元电荷，而不是把质子或电子叫元电荷，故A不正确；

B、电子或质子带电量的绝对值都是1.6×

10﹣19C，故可把1.6×

10﹣19C的电量叫元电荷，故B正确；

C、由元电荷的定义可知CD正确．

本题选不正确的，故选：

【考点】库仑定律．

【分析】库仑定律只适用于真空中两静止的点电荷之间的作用力．当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷．两个带电体间的距离趋近于零时，带电体已经不能看成点电荷了．两电荷之间的相互作用力大小相等，与点电荷电量的大小无关．

A、库仑定律适用于点电荷，点电荷并不是体积很小的球体，故A错误．

B、根据公式F=k

可知，当两个点电荷距趋于0时，不再是点电荷，因此库仑定律不适用，无法判定库仑力的大小，故B错误．

C、两点电荷之间的作用力是相互的，根据牛顿第三定律，无论点电荷Q1的电荷量与Q2的电荷量大小如何，Q1对Q2的电场力大小上总等于Q2对Q1电场力．故C错误．

D、库仑定律的适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用，故D正确．

故选：

D．

【分析】碰撞前两球带异种电荷，相互吸引而发生碰撞，碰后电量平分，根据库仑定律和牛顿第二定律研究库仑力，即可求解．

碰撞后两球的带电量均为q=

=4Q，经过图示位置时两球间距离为r，则根据库仑定律和牛顿第二定律得

碰撞前经过图示位置时：

k

=F1

碰撞后经过图示位置时：

=F2，

则得F1：

F2=9：

16，

即A球受到的库伦力为释放时的

倍，故A正确，BCD错误；

A

【考点】电场强度．

【分析】电场中的电场强度与放入电场中的电荷无关，由电场本身性质决定．

电场中的电场强度与放入电场中的电荷无关，无论有无放入检验电荷、检验电荷的电量如何，电场强度不变．故D正确，A、B、C错误．

【考点】电场线；

电场强度．

【分析】为了形象的描述电场中各点的电场强度的大小和方向，引入了电场线的概念，电场线密的地方电场强度大，电场线稀疏的地方电场强度小，因此依据电场线的疏密即可解决本题．

电场线密的地方电场强度大，电场线稀疏的地方电场强度小，由图象可知Ea＞Eb，电场线的切线方向表示该点场强的方向，所以ab两点方向不同．故B正确．

故选B

【考点】电势能；

机械能守恒定律．

【分析】重力做正功，重力势能减小，重力做负功，重力势能增加．重力势能的大小与零势能的选取有关，重力势能是物体与地球共同拥有的．电势能与重力势能由很多的相似．

A：

重力势能是物体与地球共同拥有的，故A错误；

B：

重力势能和电势能的大小都与零势能的选取有关，故B错误；

C：

重力做正功，重力势能减小，重力做负功，重力势能增加；

电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．两种势能的变化量，都可以用力做的功来衡量．故C正确；

D：

势能是标量，两种势能的正负仅仅表示它的位置与零势能面的位置的关系，故D错误．

C

【考点】电势能．

【分析】负电荷所受的电场力方向与电场强度方向相反，根据电场力与位移方向的关系判断电场力做功的正负，再判断电势能的变化．

带负电的点电荷所受的电场力方向从B到A，该点电荷沿电场互A点移动到B点，电场力方向与位移方向相反，则电场力做负功，电势能增大．

B

【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．

【分析】根据电场力做功的公式Wab=qUab，代入数据计算即可得ab两点之间的电势差．

根据电场力做功的公式Wab=qUab，得：

Uab=

=

=5×

102V，故B正确、ACD错误．

B．

【考点】电容．

【分析】明确电容器的单位和铭牌信息的意义；

电容器的电容与板间电压和电荷量的多少无关，仅有电容器本身决定．

A、B、C、电容器的电容与电容器板间电压无关，加电压或不加电压、电荷量多或少时，电容都是10µ

F=1×

10﹣5F．故A正确，BC错误．

D、50V是电容器的耐压值，这个电容器上加的电压不能高于50V．故D错误．

【考点】电场线．

【分析】负电的粒子以一定的初速度沿电场线从A运动到B，电场力变小，电场力做正功，动能增加．

A、B、沿电场线运动，场强变小，受力变小，加速度变小，则AB错误

C、D、电场力做正功，动能增加，电势能减小，则C正确，D错误

【考点】串联电路和并联电路．

【分析】并联电路两端电压相等，根据欧姆定律求出电流，然后求出电流之比．

由题意知：

R1：

5，不妨设：

R1=R，则R2=2R，R3=5R，

并联电路两端电压U相等，电阻并联时通过它们的电流之比：

I1：

I3=

：

=

；

=10：

2，故ABD错误，C正确；

C．

【考点】电功、电功率；

串联电路和并联电路．

【分析】R2和R3并联之后与R1串联，并且R2和R3的电阻相等，根据串并联的关系和功率的公式来逐个分析电阻的功率的大小即可．

R2和R3并联，并且它们的电阻也是相等的，

设R2、R3的电流大小为I，那么的电流的大小为2I，

所以R1的电压为U1=IR=2I×

20=40I，

R2的电压U2为U2=IR=I×

40=40I，

所以U1=U2，

R1的功率为P1=I2R1=（2I）2×

20=80I2，

R2、R3消耗电功率P2=P3=I2R2=I2×

40=40I2，

所以P1：

1，所以C正确．

故选C．

【考点】闭合电路的欧姆定律．

【分析】根据电路图，分析变阻器哪部分电阻接入电路，判断滑片P向右滑动时，其接入电路电阻的变化，由欧姆定律分析电流的变化，确定灯泡亮度的变化．

ABC、由图可知，变阻器接入电路的是P的右侧电阻丝，当滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻丝变短，电阻减小，根据欧姆定律得知，电路中电流增大，则灯泡变亮．故AC错误，B正确．

D、由于灯泡的额定电压等于电源电压，所以不可能烧坏灯泡．故D错误．

【考点】电源的电动势和内阻．

【分析】由开路电路等于电源的电动势，求出电动势，由短路电流求出电源的内阻．再根据欧姆定律求出电流和路端电压．

电源没有接入外电路时，路端电压值等于电动势，则电动势E=800mV

由闭合电路欧姆定律得短路电流

I短=

则电源内阻r=

Ω=20Ω

该电源与20Ω的电阻连成闭合电路时，电路中电流

I=

mA=20mA

故路端电压U=IR=400mV=0.4V，故D正确．

【考点】路端电压与负载的关系．

【分析】电源的路端电压与电流的关系图象中应明确：

图象与纵坐的交点为电源的电动势；

但与横坐标的交点可能不是短路电流，要根据对应的纵坐标进行分析；

图象的斜率表示电源的内阻

A、由图可知，电源的电动势为6.0V，故A错误；

B、电阻的内阻r=

=2Ω；

故B错误；

C、图象与横坐标的交点为电压为5.0V时的电流，不是短路电流；

故C错误

D、电流为0.3A时，路端电压为5.4V，则由欧姆定律可知R=

Ω=18Ω；

故D正确

D

【考点】电功、电功率．

【分析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．

A、电路中电流表的示数为2.0A，所以电动机的电压为：

U=E﹣U内﹣UR0=12﹣Ir﹣IR0=12﹣2×

1﹣2×

1.5=7V，电动机的总功率为：

P总=UI=7×

2=14W，电动机的发热功率为：

P热=I2R=22×

0.5=2W，所以电动机的输出功率为：

P出=14W﹣2W=12W，所以B正确，AC错误；

D、电源的输出的功率为：

P输出=EI﹣I2R=12×

2﹣22×

1=20W，所以D错误．

17．

（1）图甲所示的电流表使用0.6A量程时，图中表针示数是　0.44　A；

当使用3A量程时，图中表针示数为　2.20　A．

（2）如图乙所示的电表使用较小量程时，图中指针的示数为　1.70　V．若使用的是较大量程，图中表针指示的是　8.5　V．

【考点】用多用电表测电阻．

【分析】

（1）根据电流表量程确定其分度值，然后根据指针位置读出其示数．

（2）根据电压表量程确定其分度值，然后根据指针位置读出其示数．

（1）图甲所示的电流表使用0.6A量程时，其分度值为0.2A，示数是0.44A；

当使用3A量程时，其分度值为0.1A，示数为：

2.20A．

（2）如图乙所示的电表使用较小量程时，其分度值为0.1V，示数为1.70V．若使用的是较大量程，其分度值为0.5V，示数为：

8.5V．

故答案为：

（1）0.44，2.20；

（2）1.70，8.5．

滑动变