届高考物理人教版一轮复习交变电流 作业Word版Word文档下载推荐.docx

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3．（多选）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为

10∶1，R1＝20Ω，R2＝30Ω，C为电容器。

已知通过R1的正弦交流电如图乙所示，则（　　）

A．交流电的频率为0.02Hz

B．原线圈输入电压的最大值为200V

C．电阻R2的电功率约为6.67W

D．通过R3的电流始终为零

答案　BC

解析　由题图乙知副线圈获得的是交变电流，可“通过”电容器C，所以D错误；

由图乙知T＝0.02s，f＝

＝50Hz，所以A错误；

通过R1的电流最大值为1A，则R1两端电压最大值为20V，由U1＝

U2得，原线圈输入电压最大值为200V，B正确；

又R2的电功率P＝

W≈6.67W，所以C正确。

4．（多选）如图所示，变频交变电源的频率可在20Hz到20kHz之间调节，在某一频率时，A1、A2两只灯泡的炽热程度相同。

则下列说法中正确的是（　　）

A．如果将频率增大，A1炽热程度减弱、A2炽热程度加强

B．如果将频率增大，A1炽热程度加强、A2炽热程度减弱

C．如果将频率减小，A1炽热程度减弱、A2炽热程度加强

D．如果将频率减小，A1炽热程度加强、A2炽热程度减弱

解析　某一频率时，两只灯泡炽热程度相同，应有两灯泡消耗的功率相同，频率增大时，感抗增大，而容抗减小，故通过A1的电流增大，通过A2的电流减小，故B项正确；

同理可得C项正确。

5．在下列所示的四幅图中，a、b均为输入端，接交流电源，c、d均为输出端，则输出电压大于输入电压的电路是（　　）

答案　C

解析　A、B两图均为滑动变阻器，它们只涉及电压的分配问题，不涉及变压问题；

C、D两图为变压器，C图是一个升压变压器，输出电压大于输入电压，D图是一个降压变压器，输出电压小于输入电压。

故应选C项。

6．如图甲所示是某种型号的电热毯的电路图，电热毯接在交变电源上，通过装置P使加在电热丝上的电压的波形如图乙所示。

此时接在电热丝两端的交流电压表的读数为（　　）

A．110V　　　　　　B．156V

C．220VD．311V

答案　B

解析　该变化电流实际是正弦交变电流被二极管P滤掉负半周期形成的，一周期T内该电流通过电阻为R的电阻丝产生的热量Q＝

·

＝

T＝

T，电压为U0的恒定电压加在该电阻丝上时，一周期T内的电阻丝产生的热量Q′＝

T，根据电流的热效应，有Q＝Q′，解得有效值U0＝

Um＝

×

311V≈156V。

7．（多选）汽车消耗的主要燃料是柴油和汽油。

柴油机是靠压缩汽缸内的空气点火的；

而汽油机做功冲程开始时，汽缸中汽油和空气的混合气是靠火花塞点燃的。

但是汽车蓄电池的电压只有12V，不能在火花塞中产生火花，因此，要使用如图所示的点火装置，此装置的核心是一个变压器，该变压器的原线圈通过开关连到蓄电池上，副线圈接到火花塞的两端，开关由机械控制，做功冲程开始时，开关由闭合变为断开，从而在副线圈中产生10000V以上的电压，这样就能在火花塞中产生火花了。

下列说法中正确的是（　　）

A．柴油机的压缩点火过程是通过做功使空气的内能增加的

B．汽油机点火装置的开关始终闭合，副线圈的两端也会有高压

C．接该变压器的原线圈的电源必须是交流电源，否则就不能在副线圈中产生高压

D．汽油机的点火装置中变压器的副线圈匝数必须远大于原线圈的匝数

解析　汽车柴油机压缩汽缸内空气，实际上是活塞对气体做功使其内能增加，当温度升高到一定温度时，柴油着火燃烧。

汽油机是借助于变压器在通入原线圈中电压12V断电时产生变化的磁通量从而在副线圈中产生瞬时高压10000V，而达到产生火花的目的，所以电源可以是直流，且副线圈匝数要远大于原线圈匝数，故A、D正确。

8．某中学的学生食堂新安装了磁卡就餐系统，使用不到一周，便出现了电源总开关总是无法接通的问题。

经检查，电源总开关中漏电保护器动作切断了电源。

漏电保护器电路如图所示，变压器A处用火线与零线双股平行绕制成线圈，然后接到磁卡机上，B处有一个输出线圈，一旦线圈B中的电流经放大器放大后便推动断电器切断电源。

造成漏电保护器动作切断电源的原因判断为磁卡机用电端（　　）

A．零线与火线之间漏电

B．火线与地之间漏电或零线直接接地

C．只有火线与地之间漏电才会产生

D．刷卡机装得过多，造成电流太大

解析　由题意知，火线和零线均绕在铁芯上，故只有火线与零线中电流大小不等时，才会引起漏电保护器切断电源，故可能是火线与地之间漏电，也可能是零线与地之间漏电。

9．如图所示，理想变压器的副线圈上通过输电线接有三只灯泡L1、L2和L3，输电线的等效电阻为R，原线圈接有一个理想电流表。

开始时开关S接通，当S断开时，以下说法正确的是（　　）

A．原线圈两端P、Q间的输入电压减小

B．等效电阻R上的功率变大

C．原线圈中电流表示数变大

D．灯泡L1和L2变亮

解析　当S断开时，副线圈总电阻变大，而输入电压不变，通过R的电流变小，由P＝I2R知，B错；

由于副线圈电流变小，原、副线圈电压不变，输出功率减小，输入功率也减小，输入电流减小，C错；

UMN不变，UR减小，灯泡L1与L2两端电压增大，D对。

10．[2014·

福建高考]图为模拟远距离输电实验电路图，两理想变压器的匝数n1＝n4＜n2＝n3，四根模拟输电线的电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为R，A1、A2为相同的理想交流电流表，L1、L2为相同的小灯泡，灯丝电阻RL＞2R，忽略灯丝电阻随温度的变化。

当A、B端接入低压交流电源时（　　）

A．A1、A2两表的示数相同

B．L1、L2两灯泡的亮度相同

C．R1消耗的功率大于R3消耗的功率

D．R2两端的电压小于R4两端的电压

解析　远距离输电过程中，应用高压输电能够减小输电线上的功率损失，R1上消耗的功率小于R3上消耗的功率，C项错；

而比较两个不同输电回路，输电线电阻相同，由P损＝I2·

2R可知，A1示数小于A2示数，A项错；

根据欧姆定律可知，R2两端电压小于R4两端电压，D项正确；

由于输电线上损失电压不同，故两灯泡两端电压不同，故亮度不同，B项错。

11．[2014·

江苏高考]远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，电压分别为U1、U2，电流分别为I1、I2，输电线上的电阻为R。

变压器为理想变压器，则下列关系式中正确的是（　　）

A.

B．I2＝

C．I1U1＝I

RD．I1U1＝I2U2

解析　根据变压器的工作原理可知

，所以选项A错误；

因U2、I2、R不满足欧姆定律公式中物理量之间的对应关系，所以选项B错误；

U1I1＝U2I2，但U2I2≠I

R，选项C错误，D正确。

12．（多选）如图所示为一理想变压器，其原线圈与一电压有效值不变的交流电源相连；

P为滑动头。

现令P从均匀密绕的副线圈最底端开始，沿副线圈匀速上滑，直至白炽灯泡L两端的电压等于其额定电压为止。

用I1表示流过原线圈的电流，I2表示流过灯泡的电流，U2表示灯泡两端的电压，N2表示灯泡消耗的电功率（这里的电流、电压均指有效值；

电功率指平均值）。

下列四个图中，能够正确反映相应物理量的变化趋势的是（　　）

解析　副线圈是均匀密绕的且滑动头匀速上滑，说明副线圈的匝数在均匀增大，由U2＝

U1＝

U1（k为单位时间内增加的匝数）知，灯泡两端的电压和时间成正比，选项C正确；

随着灯泡功率的增大，变压器的输入功率也要增大，则I1也增大，选项A错误；

灯泡的温度升高，电阻增大，流过灯泡的电流与时间不成正比关系，选项B正确；

灯泡的功率N2＝

，当电压和时间成正比时，功率不可能也和时间成正比关系，选项D错误。

二、填空题（本题共3小题，每小题6分，共18分）

13．一电热器接在最大值为36V的正弦交流电源上时产生的热功率为P，若接到某直流电源上时产生的热功率为

，忽略电阻随温度的变化，则所接直流电源的电压U＝________V。

答案　18

解析　设电热器的电阻为R，接交流电源时，有P＝

；

接直流电源时，有

，联立解得U＝18V。

14．如图所示，电表均为理想的交流电表，保险丝P的熔断电流为2A，电容器C的击穿电压为300V。

若在a、b间加正弦交流电压，并适当地调节R接入电路中的阻值，使P恰好不被熔断，C恰好不被击穿，则电流表的读数为________A，电压表的读数为________V。

答案　2　212.1

解析　电阻R0和R串联接入交流电路中，通过保险丝的电流与通过电流表的电流相等；

电容器与电阻R并联，故电容器两端的电压与R两端的电压相同。

电压表的读数是电阻R两端电压的有效值，而电容器的击穿电压是加在电容器两端的交流电压的最大值，故电流表的读数为2A，电压表的读数为

V＝212.1V。

15．有一个教学用的可拆变压器，如图甲所示，它有两个外观基本相同的线圈A、B，线圈外部还可以绕线。

（1）某同学用一多用电表的同一欧姆挡先后测量了A、B线圈的电阻值，指针分别对应图乙中的a、b位置，由此可推断________线圈的匝数较多（选填“A”或“B”）。

（2）如果把它看成理想变压器，现要测定A线圈的匝数，提供的器材有：

一根足够长的绝缘导线、一只多用电表和低压交流电源，请简要叙述实验的步骤（写出要测的物理量，并用字母表示）。

________________________________________________________________________

A线圈的匝数为nA＝________。

（用所测物理量符号表示）

答案　见解析

解析　

（1）A　由题图乙可知a位置的阻值大于b位置的阻值，由电阻定律可得A线圈的匝数多于B线圈的。

（2）①用长导线绕一个n匝线圈，作为副线圈替代A线圈；

②把低压交流电源接B线圈，测得线圈的输出电压为U；

③用A线圈换下绕制的线圈测得A线圈的输出电压为UA。

则nA＝

n。

三、计算题（共44分。

解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤）

16．（10分）如图所示矩形线圈abcd放置在磁感应强度为B的有界磁场中，磁场只分布在线圈bc边的左侧。

线圈绕bc轴转动，角速度为ω。

将电阻R、理想交流电流表接在线圈上组成电路，且电路中其他电阻不计，已知ab＝l1，ad＝l2，求：

（1）以abcda为电流正方向，从图示位置开始计时，画出线圈中电流随时间变化的图象；

（2）从图示位置转过

周的时间内，电阻R上产生的热量；

（3）从图示位置转过

周的时间内，通过电阻R上的电荷量；

（4）电流表的示数。

答案　

（1）如图所示

（2）

　（3）

　（4）

解析　

（1）线圈开始时在中性面位置，根据楞次定律，开始时电流为正，再根据磁场边界特点，线圈中电流随时间变化规律如图所示。

（2）感应电动势最大值

Em＝Bl1l2ω，

则Im＝

周内，电流有效值I＝

Q＝I2R·

。

（3）

周内平均感应电动势

平均电流

通过R的电荷量q＝

（4）设此交变电流一个周期内的有效值为I′，则I′2RT＝（

Im）2R·

解得I′＝

Im＝

，故电路中交流电流表的示数为

点评　

（1）电流表的示数是交变电流的有效值，为了找到有效值应该先计算最大值。

（2）每转一周外力所做的功也应该用交变电流的有效值计算。

17．（11分）图1是交流发电机模型示意图。

在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一矩形线圈abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的轴OO′转动，由线圈引出的导线ae和df分别与两个跟线圈一起绕OO′转动的金属圆环相连接，金属圆环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电路电阻R形成闭合电路。

图2是线圈的主视图，导线ab和cd分别用它们的横截面来表示。

已知ab长度为L1，bc长度为L2，线圈以恒定角速度ω逆时针转动。

（只考虑单匝线圈）

（1）线圈平面处于中性面位置时开始计时，试推导t时刻整个线圈中的感应电动势e1的表达式；

（2）线圈平面处于与中性面成φ0夹角位置时开始计时，如图3所示，试写出t时刻整个线圈中的感应电动势e2的表达式；

（3）若线圈电阻为r，求线圈每转动一周电阻R上产生的焦耳热。

（其他电阻均不计）

答案　

（1）e1＝BL1L2ωsinωt　

（2）e2＝BL1L2ωsin（ωt＋φ0）　（3）

解析　

（1）矩形线圈abcd在磁场中转动时，ab、cd切割磁感线，且转动的半径为r＝

，

转动时，ab、cd的线速度v＝ωr＝

，且与磁场方向的夹角为ωt，

所以，整个线圈中的感应电动势e1＝2BL1vsinωt＝BL1L2ωsinωt。

（2）当t＝0时，线圈平面与中性面的夹角为φ0，则某时刻t时，线圈平面与中性面的夹角为（ωt＋φ0）

故此时感应电动势的瞬时值

e2＝2BL1vsin（ωt＋φ0）＝BL1L2ωsin（ωt＋φ0）

（3）线圈匀速转动时感应电动势的最大值Em＝BL1L2ω，故有效值E＝

回路中电流的有效值I＝

根据焦耳定律知转动一周电阻R上的焦耳热为

Q＝I2RT＝

2·

R·

18．（11分）如图所示，变压器原线圈输入电压为220V，副线圈输出电压为36V，两只灯泡的额定电压均为36V，L1额定功率为12W，L2额定功率为6W。

试求：

（1）该变压器的原、副线圈的匝数比。

（2）两灯均工作时原线圈中的电流以及只有L1工作时原线圈中的电流。

答案　

（1）55∶9　

（2）0.082A　0.055A

解析　

（1）由变压比公式得

，即n1∶n2＝220∶36＝55∶9。

（2）两灯均工作时，由能量守恒得P1＋P2＝U1I1，即

I1＝

≈0.082A

只有L1灯工作时，由能量守恒得P1＝U1I2

解得I2＝

≈0.055A

19．（12分）某小河水流量为4m3/s，水流下落的高度为5m。

现在利用它来发电，设所用发电机的总效率为50%，g＝9.8m/s2，求：

（1）发电机的输出功率。

（2）若输电导线的总电阻为4Ω，输电导线上损失的电功率为发电机输出功率的5%，则需用多大的电压输送电能？

（3）输电导线上的电压损失。

答案　

（1）9.8×

104W　

（2）2.8×

103V　（3）140V

解析　

（1）水由高处流下，重力势能转化为动能，推动水轮机做功，设水的流量为Q，则发电机的输入功率为P1＝ρQgh

所以输出功率为P2＝ηP1＝ηρQgh＝50%×

1.0×

103×

4×

9.8×

5W＝9.8×

104W。

（2）设输电电压为U，输电线上的电流为I，电阻为R，损失的电功率为P3。

由P3＝I2R得

I＝

A＝35A

由P2＝IU得输电电压

U＝

V＝2.8×

103V。

（3）输电导线上损失的电压为

ΔU＝IR＝35×

4V＝140V。