步步高《单元滚动检测卷》高考数学苏教版数学理精练七 不等式.docx
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步步高《单元滚动检测卷》高考数学苏教版数学理精练七不等式
高三单元滚动检测卷·数学
考生注意:
1.本试卷分第Ⅰ卷(填空题)和第Ⅱ卷(解答题)两部分,共4页.
2.答卷前,考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应位置上.
3.本次考试时间120分钟,满分160分.
4.请在密封线内作答,保持试卷清洁完整.
单元检测七不等式
第Ⅰ卷
一、填空题(本大题共14小题,每小题5分,共70分.请把答案填在题中横线上)
1.(2015·扬州模拟)若a12.已知(a2-1)x2-(a-1)x-1<0的解集是R,则实数a的取值范围是______________.3.(2015·江西百所重点中学诊断)已知m>0,n>0,且2m+3n=5,则+的最小值是________.4.(2015·合肥第二次质检)已知f(x)是偶函数,当x∈时,f(x)=xsinx,若a=f(cos1),b=f(cos2),c=f(cos3),则a,b,c的大小关系为____________.5.某公司一年购买某种货物400t,每次都购买xt,运费为4万元/次,一年的总存储费用为4x万元,要使一年的总运费与总存储费用之和最小,则x的值为________.6.(2015·北京改编)若x,y满足则z=x+2y的最大值为________.7.(2015·湖北七市联考)若不等式x2+2x<+对任意a,b∈(0,+∞)恒成立,则实数x的取值范围是____________.8.在平面直角坐标系中,若不等式组(a为常数)所表示的平面区域的面积等于4,则a的值为_______________.9.(2015·郑州第一次质量预测)定义在(-1,1)上的函数f(x)满足:f(x)-f(y)=f,当x∈(-1,0)时,有f(x)>0.若P=f+f,Q=f,R=f(0),则P,Q,R的大小关系为____________.10.设a∈R,若x>0时均有[(a-1)x-1](x2-ax-1)≥0,则a=________.11.若不等式|x-m|<1成立的充分不必要条件是12.(2015·四川资阳第一次诊断)已知点A是不等式组所表示的平面区域内的一个动点,点B(-1,1),O为坐标原点,则·的取值范围是____________.13.(2015·青岛模拟)已知x,y均为正实数,且xy=x+y+3,则xy的最小值为________.14.(2015·湖南师大附中第三次月考)设正实数a,b满足等式2a+b=1,且有2-4a2-b2≤t-恒成立,则实数t的取值范围是____________.第Ⅱ卷二、解答题(本大题共6小题,共90分.解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤)15.(14分)(2015·河北高阳中学第二次模拟考试)已知集合A={x|(x-2)[x-(3a+1)]<0},B=.(1)当a=2时,求A∩B;(2)求使B⊆A的实数a的取值范围.16.(14分)已知a,b是正常数,x,y∈R+,且a+b=10,+=1,x+y的最小值为18,求a,b的值.17.(14分)解关于x的不等式ax2-(2a+1)x+2<0(a∈R).18.(16分)(2015·扬州模拟)如图所示,建立平面直角坐标系xOy,x轴在地平面上,y轴垂直于地平面,单位长度为1km,某炮位于坐标原点.已知炮弹发射后的轨迹在方程y=kx-(1+k2)x2(k>0)表示的曲线上,其中k与发射方向有关.炮的射程是指炮弹落地点的横坐标.(1)求炮的最大射程;(2)设在第一象限有一飞行物(忽略其大小),其飞行高度为3.2km,试问它的横坐标a不超过多少时,炮弹可以击中它?请说明理由.19.(16分)(2015·江西宜春四校联考)变量x,y满足(1)设z=,求z的最小值;(2)设z=x2+y2,求z的取值范围;(3)设z=x2+y2+6x-4y+13,求z的取值范围.20.(16分)已知函数f(x)=lnx-x+-1,g(x)=-x2+2bx-4,若对任意的x1∈(0,2),x2∈[1,2],不等式f(x1)≥g(x2)恒成立,求实数b的取值范围. 答案解析1.a1b1+a2b2>a1b2+a2b1解析 作差可得(a1b1+a2b2)-(a1b2+a2b1)|=(a1-a2)·(b1-b2),∵a10,即a1b1+a2b2>a1b2+a2b1.2.解析a=1显然满足题意,a=-1时不满足题意,若a≠±1,则该不等式为一元二次不等式,则必有a2<1,且Δ=(a-1)2+4(a2-1)<0,解得-综上可知-3.5解析 因为m>0,n>0,2m+3n=5,所以(2m+3n)·(+)=13+6≥13+12=25(当且仅当m=n=1时等号成立),所以+≥5.4.b解析由于函数为偶函数,故b=f(cos2)=f(-cos2),c=f(cos3)=f(-cos3),由于x∈,f′(x)=sinx+xcosx>0,即函数在区间上为增函数,据单位圆三角函数线易得0≤-cos25.20解析某公司一年购买某种货物400t,每次都购买xt,则需要购买次,运费为4万元/次,一年的总存储费用为4x万元,一年的总运费与总存储费用之和为万元,·4+4x≥160,当且仅当=4x,即x=20时,一年的总运费与总存储费用之和最小.6.2解析可行域如图所示.目标函数化为y=-x+z,当直线y=-x+z过点A(0,1)时,z取得最大值2.7.(-4,2)解析x2+2x8.7解析 直线ax-y+1=0过点(0,1),作出可行域如图知可行域是由点A(1,0),B(1,a+1),C(0,1)组成的三角形的内部(包括边界),且a>-1,则其面积等于×(a+1)×1=4,解得a=7.9.R>P>Q解析 令x=y=0,得f(0)-f(0)=f(0)=0,再令x=0,可得f(0)-f(y)=f(-y)⇒-f(y)=f(-y),即函数为奇函数.若-10,即f(x)-f(y)=f>0,故函数在区间(-1,1)上为减函数.又P=f+f=f-f=f=f,而0<<,由单调性可得R=f(0)>f=P>f=Q.10.解析对a进行分类讨论,通过构造函数,利用数形结合解决.(1)当a=1时,不等式可化为:x>0时均有x2-x-1≤0,由二次函数的图象知,显然不成立,∴a≠1.(2)当a<1时,∵x>0,∴(a-1)x-1<0,不等式可化为x>0时均有x2-ax-1≤0,∵二次函数y=x2-ax-1的图象开口向上,∴不等式x2-ax-1≤0在x∈(0,+∞)上不能均成立,∴a<1不成立.(3)当a>1时,令f(x)=(a-1)x-1,g(x)=x2-ax-1,两函数的图象均过定点(0,-1),∵a>1,∴f(x)在x∈(0,+∞)上单调递增,且与x轴交点为,即当x∈时,f(x)<0,当x∈时,f(x)>0.又∵二次函数g(x)=x2-ax-1的对称轴为x=>0,则只需g(x)=x2-ax-1与x轴的右交点与点重合,如图所示,则命题成立,即在g(x)图象上,所以有2--1=0,整理得2a2-3a=0,解得a=,a=0(舍去).综上可知a=.11.-≤m≤解析根据题意,得不等式|x-m|<1的解集是m-1则p的充分不必要条件是q,即q表示的集合是p表示集合的真子集,则有(等号不同时成立).解得-≤m≤.12.[-1,1]解析作出不等式组表示的平面区域,如图所示.设A(x,y),z=·=-x+y,则y=x+z表示斜率为1,纵截距为z的一组平行直线,平移直线y=x+z,知当直线过点D(2,1)时,直线y=x+z的截距最小,zmin=-2+1=-1;当直线y=x+z过点E(1,2)时,直线y=x+z的截距最大,zmax=-1+2=1,所以·的取值范围是[-1,1].13.9解析因为x,y均为正实数,且xy=x+y+3,所以xy=x+y+3≥2+3,解得≥3或≤-1(舍去),所以xy≥9,当且仅当x=y=3时取等号.故xy的最小值为9.14.解析∵2a+b=1,∴4a2+b2=(2a+b)2-4ab=1-4ab.而2a+b=1≥2,∴≤,当且仅当2a=b,即a=,b=时等号成立.∴2-4a2-b2=2+4ab-1,令=u∈,f(u)=4u2+2u-1,∴f(u)的最大值为f=,故只需t-≥,即t≥.15.解(1)当a=2时,A=(2,7),B=(4,5),∴A∩B=(4,5).(2)B=(2a,a2+1),当a<时,A=(3a+1,2),要使B⊆A,必须此时a=-1;当a=时,A=∅,使B⊆A的a不存在;当a>时,A=(2,3a+1),要使B⊆A,必须此时1≤a≤3.综上可知,使B⊆A的实数a的取值范围为[1,3]∪{-1}.16.解∵x+y=(x+y)=a+b++≥a+b+2,当且仅当bx2=ay2时等号成立.∴x+y的最小值为a+b+2=18.又a+b=10.∴2=8,∴ab=16.由a+b=10,ab=16可得a=2,b=8或a=8,b=2.17.解 原不等式可化为(ax-1)(x-2)<0.(1)当a>0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)<0.因为方程(x-2)(x-)=0的两个根分别是2,,所以当0时,<2,则原不等式的解集是{x|(2)当a=0时,原不等式为-(x-2)<0,解得x>2,即原不等式的解集是{x|x>2}.(3)当a<0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)>0,由于<2,故原不等式的解集是{x|x<或x>2}.综上所述,当a<0时,不等式的解集为{x|x<或x>2};当a=0时,不等式的解集为{x|x>2};当0时,不等式的解集为{x|18.解(1)令y=0,得kx-(1+k2)x2=0.由实际意义和题设条件知x>0,k>0,由x==≤=10,当且仅当k=1时取等号.所以炮的最大射程为10km.(2)因为a>0,所以炮弹可击中目标⇔存在k>0,使3.2=ka-(1+k2)a2成立⇔关于k的方程a2k2-20ak+a2+64=0有正根⇔Δ=(-20a)2-4a2(a2+64)≥0⇔0所以当a不超过6km时,可击中目标.19.解 由约束条件作出(x,y)的可行域如图中阴影部分所示.由解得A(1,).由解得C(1,1).由解得B(5,2).(1)∵z==,∴z的值即是可行域中的点与原点O连线的斜率.观察图形可知zmin=kOB=.(2)z=x2+y2的几何意义是可行域上的点到原点O的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到原点的距离中,dmin=OC=,dmax=OB=,故z的取值范围是[2,29].(3)z=x2+y2+6x-4y+13=(x+3)2+(y-2)2的几何意义是可行域上的点到点(-3,2)的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到(-3,2)的距离中,dmin=1-(-3)=4,dmax==8.故z的取值范围是[16,64].20.解问题等价于f(x)在(0,2)上的最小值恒大于或等于g(x)在[1,2]上的最大值.因为f(x)=lnx-x+-1,所以f(x)的定义域为(0,+∞),所以f′(x)=--=.若f′(x)>0,则x2-4x+3<0,解得1故函数f(x)的单调递增区间是[1,3],同理得f(x)的单调递减区间是(0,1]和[3,+∞),故在区间(0,2)上,x=1是函数f(x)的极小值点,这个极小值点是唯一的,故也是最小值点,所以f(x)min=f(1)=-.由于函数g(x)=-x2+2bx-4,x∈[1,2].当b<1时,g(x)max=g(1)=2b-5;当1≤b≤2时,g(x)max=g(b)=b2-4;当b>2时,g(x)max=g(2)=4b-8.故问题等价于或或解第一个不等式组得b<1,解第二个不等式组得1≤b≤,第三个不等式组无解.综上所述,b的取值范围是.
2.已知(a2-1)x2-(a-1)x-1<0的解集是R,则实数a的取值范围是______________.
3.(2015·江西百所重点中学诊断)已知m>0,n>0,且2m+3n=5,则+的最小值是________.
4.(2015·合肥第二次质检)已知f(x)是偶函数,当x∈时,f(x)=xsinx,若a=f(cos1),b=f(cos2),c=f(cos3),则a,b,c的大小关系为____________.
5.某公司一年购买某种货物400t,每次都购买xt,运费为4万元/次,一年的总存储费用为4x万元,要使一年的总运费与总存储费用之和最小,则x的值为________.
6.(2015·北京改编)若x,y满足则z=x+2y的最大值为________.
7.(2015·湖北七市联考)若不等式x2+2x<+对任意a,b∈(0,+∞)恒成立,则实数x的取值范围是____________.
8.在平面直角坐标系中,若不等式组(a为常数)所表示的平面区域的面积等于4,则a的值为_______________.
9.(2015·郑州第一次质量预测)定义在(-1,1)上的函数f(x)满足:
f(x)-f(y)=f,当x∈
(-1,0)时,有f(x)>0.若P=f+f,Q=f,R=f(0),则P,Q,R的大小关系为____________.
10.设a∈R,若x>0时均有[(a-1)x-1](x2-ax-1)≥0,则a=________.
11.若不等式|x-m|<1成立的充分不必要条件是12.(2015·四川资阳第一次诊断)已知点A是不等式组所表示的平面区域内的一个动点,点B(-1,1),O为坐标原点,则·的取值范围是____________.13.(2015·青岛模拟)已知x,y均为正实数,且xy=x+y+3,则xy的最小值为________.14.(2015·湖南师大附中第三次月考)设正实数a,b满足等式2a+b=1,且有2-4a2-b2≤t-恒成立,则实数t的取值范围是____________.第Ⅱ卷二、解答题(本大题共6小题,共90分.解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤)15.(14分)(2015·河北高阳中学第二次模拟考试)已知集合A={x|(x-2)[x-(3a+1)]<0},B=.(1)当a=2时,求A∩B;(2)求使B⊆A的实数a的取值范围.16.(14分)已知a,b是正常数,x,y∈R+,且a+b=10,+=1,x+y的最小值为18,求a,b的值.17.(14分)解关于x的不等式ax2-(2a+1)x+2<0(a∈R).18.(16分)(2015·扬州模拟)如图所示,建立平面直角坐标系xOy,x轴在地平面上,y轴垂直于地平面,单位长度为1km,某炮位于坐标原点.已知炮弹发射后的轨迹在方程y=kx-(1+k2)x2(k>0)表示的曲线上,其中k与发射方向有关.炮的射程是指炮弹落地点的横坐标.(1)求炮的最大射程;(2)设在第一象限有一飞行物(忽略其大小),其飞行高度为3.2km,试问它的横坐标a不超过多少时,炮弹可以击中它?请说明理由.19.(16分)(2015·江西宜春四校联考)变量x,y满足(1)设z=,求z的最小值;(2)设z=x2+y2,求z的取值范围;(3)设z=x2+y2+6x-4y+13,求z的取值范围.20.(16分)已知函数f(x)=lnx-x+-1,g(x)=-x2+2bx-4,若对任意的x1∈(0,2),x2∈[1,2],不等式f(x1)≥g(x2)恒成立,求实数b的取值范围. 答案解析1.a1b1+a2b2>a1b2+a2b1解析 作差可得(a1b1+a2b2)-(a1b2+a2b1)|=(a1-a2)·(b1-b2),∵a10,即a1b1+a2b2>a1b2+a2b1.2.解析a=1显然满足题意,a=-1时不满足题意,若a≠±1,则该不等式为一元二次不等式,则必有a2<1,且Δ=(a-1)2+4(a2-1)<0,解得-综上可知-3.5解析 因为m>0,n>0,2m+3n=5,所以(2m+3n)·(+)=13+6≥13+12=25(当且仅当m=n=1时等号成立),所以+≥5.4.b解析由于函数为偶函数,故b=f(cos2)=f(-cos2),c=f(cos3)=f(-cos3),由于x∈,f′(x)=sinx+xcosx>0,即函数在区间上为增函数,据单位圆三角函数线易得0≤-cos25.20解析某公司一年购买某种货物400t,每次都购买xt,则需要购买次,运费为4万元/次,一年的总存储费用为4x万元,一年的总运费与总存储费用之和为万元,·4+4x≥160,当且仅当=4x,即x=20时,一年的总运费与总存储费用之和最小.6.2解析可行域如图所示.目标函数化为y=-x+z,当直线y=-x+z过点A(0,1)时,z取得最大值2.7.(-4,2)解析x2+2x8.7解析 直线ax-y+1=0过点(0,1),作出可行域如图知可行域是由点A(1,0),B(1,a+1),C(0,1)组成的三角形的内部(包括边界),且a>-1,则其面积等于×(a+1)×1=4,解得a=7.9.R>P>Q解析 令x=y=0,得f(0)-f(0)=f(0)=0,再令x=0,可得f(0)-f(y)=f(-y)⇒-f(y)=f(-y),即函数为奇函数.若-10,即f(x)-f(y)=f>0,故函数在区间(-1,1)上为减函数.又P=f+f=f-f=f=f,而0<<,由单调性可得R=f(0)>f=P>f=Q.10.解析对a进行分类讨论,通过构造函数,利用数形结合解决.(1)当a=1时,不等式可化为:x>0时均有x2-x-1≤0,由二次函数的图象知,显然不成立,∴a≠1.(2)当a<1时,∵x>0,∴(a-1)x-1<0,不等式可化为x>0时均有x2-ax-1≤0,∵二次函数y=x2-ax-1的图象开口向上,∴不等式x2-ax-1≤0在x∈(0,+∞)上不能均成立,∴a<1不成立.(3)当a>1时,令f(x)=(a-1)x-1,g(x)=x2-ax-1,两函数的图象均过定点(0,-1),∵a>1,∴f(x)在x∈(0,+∞)上单调递增,且与x轴交点为,即当x∈时,f(x)<0,当x∈时,f(x)>0.又∵二次函数g(x)=x2-ax-1的对称轴为x=>0,则只需g(x)=x2-ax-1与x轴的右交点与点重合,如图所示,则命题成立,即在g(x)图象上,所以有2--1=0,整理得2a2-3a=0,解得a=,a=0(舍去).综上可知a=.11.-≤m≤解析根据题意,得不等式|x-m|<1的解集是m-1则p的充分不必要条件是q,即q表示的集合是p表示集合的真子集,则有(等号不同时成立).解得-≤m≤.12.[-1,1]解析作出不等式组表示的平面区域,如图所示.设A(x,y),z=·=-x+y,则y=x+z表示斜率为1,纵截距为z的一组平行直线,平移直线y=x+z,知当直线过点D(2,1)时,直线y=x+z的截距最小,zmin=-2+1=-1;当直线y=x+z过点E(1,2)时,直线y=x+z的截距最大,zmax=-1+2=1,所以·的取值范围是[-1,1].13.9解析因为x,y均为正实数,且xy=x+y+3,所以xy=x+y+3≥2+3,解得≥3或≤-1(舍去),所以xy≥9,当且仅当x=y=3时取等号.故xy的最小值为9.14.解析∵2a+b=1,∴4a2+b2=(2a+b)2-4ab=1-4ab.而2a+b=1≥2,∴≤,当且仅当2a=b,即a=,b=时等号成立.∴2-4a2-b2=2+4ab-1,令=u∈,f(u)=4u2+2u-1,∴f(u)的最大值为f=,故只需t-≥,即t≥.15.解(1)当a=2时,A=(2,7),B=(4,5),∴A∩B=(4,5).(2)B=(2a,a2+1),当a<时,A=(3a+1,2),要使B⊆A,必须此时a=-1;当a=时,A=∅,使B⊆A的a不存在;当a>时,A=(2,3a+1),要使B⊆A,必须此时1≤a≤3.综上可知,使B⊆A的实数a的取值范围为[1,3]∪{-1}.16.解∵x+y=(x+y)=a+b++≥a+b+2,当且仅当bx2=ay2时等号成立.∴x+y的最小值为a+b+2=18.又a+b=10.∴2=8,∴ab=16.由a+b=10,ab=16可得a=2,b=8或a=8,b=2.17.解 原不等式可化为(ax-1)(x-2)<0.(1)当a>0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)<0.因为方程(x-2)(x-)=0的两个根分别是2,,所以当0时,<2,则原不等式的解集是{x|(2)当a=0时,原不等式为-(x-2)<0,解得x>2,即原不等式的解集是{x|x>2}.(3)当a<0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)>0,由于<2,故原不等式的解集是{x|x<或x>2}.综上所述,当a<0时,不等式的解集为{x|x<或x>2};当a=0时,不等式的解集为{x|x>2};当0时,不等式的解集为{x|18.解(1)令y=0,得kx-(1+k2)x2=0.由实际意义和题设条件知x>0,k>0,由x==≤=10,当且仅当k=1时取等号.所以炮的最大射程为10km.(2)因为a>0,所以炮弹可击中目标⇔存在k>0,使3.2=ka-(1+k2)a2成立⇔关于k的方程a2k2-20ak+a2+64=0有正根⇔Δ=(-20a)2-4a2(a2+64)≥0⇔0所以当a不超过6km时,可击中目标.19.解 由约束条件作出(x,y)的可行域如图中阴影部分所示.由解得A(1,).由解得C(1,1).由解得B(5,2).(1)∵z==,∴z的值即是可行域中的点与原点O连线的斜率.观察图形可知zmin=kOB=.(2)z=x2+y2的几何意义是可行域上的点到原点O的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到原点的距离中,dmin=OC=,dmax=OB=,故z的取值范围是[2,29].(3)z=x2+y2+6x-4y+13=(x+3)2+(y-2)2的几何意义是可行域上的点到点(-3,2)的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到(-3,2)的距离中,dmin=1-(-3)=4,dmax==8.故z的取值范围是[16,64].20.解问题等价于f(x)在(0,2)上的最小值恒大于或等于g(x)在[1,2]上的最大值.因为f(x)=lnx-x+-1,所以f(x)的定义域为(0,+∞),所以f′(x)=--=.若f′(x)>0,则x2-4x+3<0,解得1故函数f(x)的单调递增区间是[1,3],同理得f(x)的单调递减区间是(0,1]和[3,+∞),故在区间(0,2)上,x=1是函数f(x)的极小值点,这个极小值点是唯一的,故也是最小值点,所以f(x)min=f(1)=-.由于函数g(x)=-x2+2bx-4,x∈[1,2].当b<1时,g(x)max=g(1)=2b-5;当1≤b≤2时,g(x)max=g(b)=b2-4;当b>2时,g(x)max=g(2)=4b-8.故问题等价于或或解第一个不等式组得b<1,解第二个不等式组得1≤b≤,第三个不等式组无解.综上所述,b的取值范围是.
12.(2015·四川资阳第一次诊断)已知点A是不等式组所表示的平面区域内的一个动点,点B(-1,1),O为坐标原点,则·的取值范围是____________.
13.(2015·青岛模拟)已知x,y均为正实数,且xy=x+y+3,则xy的最小值为________.
14.(2015·湖南师大附中第三次月考)设正实数a,b满足等式2a+b=1,且有2-4a2-b2≤t-恒成立,则实数t的取值范围是____________.
第Ⅱ卷
二、解答题(本大题共6小题,共90分.解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤)
15.(14分)(2015·河北高阳中学第二次模拟考试)已知集合A={x|(x-2)[x-(3a+1)]<0},B=.
(1)当a=2时,求A∩B;
(2)求使B⊆A的实数a的取值范围.
16.(14分)已知a,b是正常数,x,y∈R+,且a+b=10,+=1,x+y的最小值为18,求a,b的值.
17.(14分)解关于x的不等式ax2-(2a+1)x+2<0(a∈R).
18.(16分)(2015·扬州模拟)如图所示,建立平面直角坐标系xOy,x轴在地平面上,y轴垂直于地平面,单位长度为1km,某炮位于坐标原点.已知炮弹发射后的轨迹在方程y=kx-(1+k2)x2(k>0)表示的曲线上,其中k与发射方向有关.炮的射程是指炮弹落地点的横坐标.
(1)求炮的最大射程;
(2)设在第一象限有一飞行物(忽略其大小),其飞行高度为3.2km,试问它的横坐标a不超过多少时,炮弹可以击中它?
请说明理由.
19.(16分)(2015·江西宜春四校联考)变量x,y满足
(1)设z=,求z的最小值;
(2)设z=x2+y2,求z的取值范围;
(3)设z=x2+y2+6x-4y+13,求z的取值范围.
20.(16分)已知函数f(x)=lnx-x+-1,g(x)=-x2+2bx-4,若对任意的x1∈(0,2),x2∈[1,2],不等式f(x1)≥g(x2)恒成立,求实数b的取值范围.
答案解析
1.a1b1+a2b2>a1b2+a2b1
解析 作差可得(a1b1+a2b2)-(a1b2+a2b1)|
=(a1-a2)·(b1-b2),
∵a10,
即a1b1+a2b2>a1b2+a2b1.
2.
解析a=1显然满足题意,a=-1时不满足题意,若a≠±1,则该不等式为一元二次不等式,则必有a2<1,且Δ=(a-1)2+4(a2-1)<0,解得-综上可知-3.5解析 因为m>0,n>0,2m+3n=5,所以(2m+3n)·(+)=13+6≥13+12=25(当且仅当m=n=1时等号成立),所以+≥5.4.b解析由于函数为偶函数,故b=f(cos2)=f(-cos2),c=f(cos3)=f(-cos3),由于x∈,f′(x)=sinx+xcosx>0,即函数在区间上为增函数,据单位圆三角函数线易得0≤-cos25.20解析某公司一年购买某种货物400t,每次都购买xt,则需要购买次,运费为4万元/次,一年的总存储费用为4x万元,一年的总运费与总存储费用之和为万元,·4+4x≥160,当且仅当=4x,即x=20时,一年的总运费与总存储费用之和最小.6.2解析可行域如图所示.目标函数化为y=-x+z,当直线y=-x+z过点A(0,1)时,z取得最大值2.7.(-4,2)解析x2+2x8.7解析 直线ax-y+1=0过点(0,1),作出可行域如图知可行域是由点A(1,0),B(1,a+1),C(0,1)组成的三角形的内部(包括边界),且a>-1,则其面积等于×(a+1)×1=4,解得a=7.9.R>P>Q解析 令x=y=0,得f(0)-f(0)=f(0)=0,再令x=0,可得f(0)-f(y)=f(-y)⇒-f(y)=f(-y),即函数为奇函数.若-10,即f(x)-f(y)=f>0,故函数在区间(-1,1)上为减函数.又P=f+f=f-f=f=f,而0<<,由单调性可得R=f(0)>f=P>f=Q.10.解析对a进行分类讨论,通过构造函数,利用数形结合解决.(1)当a=1时,不等式可化为:x>0时均有x2-x-1≤0,由二次函数的图象知,显然不成立,∴a≠1.(2)当a<1时,∵x>0,∴(a-1)x-1<0,不等式可化为x>0时均有x2-ax-1≤0,∵二次函数y=x2-ax-1的图象开口向上,∴不等式x2-ax-1≤0在x∈(0,+∞)上不能均成立,∴a<1不成立.(3)当a>1时,令f(x)=(a-1)x-1,g(x)=x2-ax-1,两函数的图象均过定点(0,-1),∵a>1,∴f(x)在x∈(0,+∞)上单调递增,且与x轴交点为,即当x∈时,f(x)<0,当x∈时,f(x)>0.又∵二次函数g(x)=x2-ax-1的对称轴为x=>0,则只需g(x)=x2-ax-1与x轴的右交点与点重合,如图所示,则命题成立,即在g(x)图象上,所以有2--1=0,整理得2a2-3a=0,解得a=,a=0(舍去).综上可知a=.11.-≤m≤解析根据题意,得不等式|x-m|<1的解集是m-1则p的充分不必要条件是q,即q表示的集合是p表示集合的真子集,则有(等号不同时成立).解得-≤m≤.12.[-1,1]解析作出不等式组表示的平面区域,如图所示.设A(x,y),z=·=-x+y,则y=x+z表示斜率为1,纵截距为z的一组平行直线,平移直线y=x+z,知当直线过点D(2,1)时,直线y=x+z的截距最小,zmin=-2+1=-1;当直线y=x+z过点E(1,2)时,直线y=x+z的截距最大,zmax=-1+2=1,所以·的取值范围是[-1,1].13.9解析因为x,y均为正实数,且xy=x+y+3,所以xy=x+y+3≥2+3,解得≥3或≤-1(舍去),所以xy≥9,当且仅当x=y=3时取等号.故xy的最小值为9.14.解析∵2a+b=1,∴4a2+b2=(2a+b)2-4ab=1-4ab.而2a+b=1≥2,∴≤,当且仅当2a=b,即a=,b=时等号成立.∴2-4a2-b2=2+4ab-1,令=u∈,f(u)=4u2+2u-1,∴f(u)的最大值为f=,故只需t-≥,即t≥.15.解(1)当a=2时,A=(2,7),B=(4,5),∴A∩B=(4,5).(2)B=(2a,a2+1),当a<时,A=(3a+1,2),要使B⊆A,必须此时a=-1;当a=时,A=∅,使B⊆A的a不存在;当a>时,A=(2,3a+1),要使B⊆A,必须此时1≤a≤3.综上可知,使B⊆A的实数a的取值范围为[1,3]∪{-1}.16.解∵x+y=(x+y)=a+b++≥a+b+2,当且仅当bx2=ay2时等号成立.∴x+y的最小值为a+b+2=18.又a+b=10.∴2=8,∴ab=16.由a+b=10,ab=16可得a=2,b=8或a=8,b=2.17.解 原不等式可化为(ax-1)(x-2)<0.(1)当a>0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)<0.因为方程(x-2)(x-)=0的两个根分别是2,,所以当0时,<2,则原不等式的解集是{x|(2)当a=0时,原不等式为-(x-2)<0,解得x>2,即原不等式的解集是{x|x>2}.(3)当a<0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)>0,由于<2,故原不等式的解集是{x|x<或x>2}.综上所述,当a<0时,不等式的解集为{x|x<或x>2};当a=0时,不等式的解集为{x|x>2};当0时,不等式的解集为{x|18.解(1)令y=0,得kx-(1+k2)x2=0.由实际意义和题设条件知x>0,k>0,由x==≤=10,当且仅当k=1时取等号.所以炮的最大射程为10km.(2)因为a>0,所以炮弹可击中目标⇔存在k>0,使3.2=ka-(1+k2)a2成立⇔关于k的方程a2k2-20ak+a2+64=0有正根⇔Δ=(-20a)2-4a2(a2+64)≥0⇔0所以当a不超过6km时,可击中目标.19.解 由约束条件作出(x,y)的可行域如图中阴影部分所示.由解得A(1,).由解得C(1,1).由解得B(5,2).(1)∵z==,∴z的值即是可行域中的点与原点O连线的斜率.观察图形可知zmin=kOB=.(2)z=x2+y2的几何意义是可行域上的点到原点O的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到原点的距离中,dmin=OC=,dmax=OB=,故z的取值范围是[2,29].(3)z=x2+y2+6x-4y+13=(x+3)2+(y-2)2的几何意义是可行域上的点到点(-3,2)的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到(-3,2)的距离中,dmin=1-(-3)=4,dmax==8.故z的取值范围是[16,64].20.解问题等价于f(x)在(0,2)上的最小值恒大于或等于g(x)在[1,2]上的最大值.因为f(x)=lnx-x+-1,所以f(x)的定义域为(0,+∞),所以f′(x)=--=.若f′(x)>0,则x2-4x+3<0,解得1故函数f(x)的单调递增区间是[1,3],同理得f(x)的单调递减区间是(0,1]和[3,+∞),故在区间(0,2)上,x=1是函数f(x)的极小值点,这个极小值点是唯一的,故也是最小值点,所以f(x)min=f(1)=-.由于函数g(x)=-x2+2bx-4,x∈[1,2].当b<1时,g(x)max=g(1)=2b-5;当1≤b≤2时,g(x)max=g(b)=b2-4;当b>2时,g(x)max=g(2)=4b-8.故问题等价于或或解第一个不等式组得b<1,解第二个不等式组得1≤b≤,第三个不等式组无解.综上所述,b的取值范围是.
综上可知-3.5解析 因为m>0,n>0,2m+3n=5,所以(2m+3n)·(+)=13+6≥13+12=25(当且仅当m=n=1时等号成立),所以+≥5.4.b解析由于函数为偶函数,故b=f(cos2)=f(-cos2),c=f(cos3)=f(-cos3),由于x∈,f′(x)=sinx+xcosx>0,即函数在区间上为增函数,据单位圆三角函数线易得0≤-cos25.20解析某公司一年购买某种货物400t,每次都购买xt,则需要购买次,运费为4万元/次,一年的总存储费用为4x万元,一年的总运费与总存储费用之和为万元,·4+4x≥160,当且仅当=4x,即x=20时,一年的总运费与总存储费用之和最小.6.2解析可行域如图所示.目标函数化为y=-x+z,当直线y=-x+z过点A(0,1)时,z取得最大值2.7.(-4,2)解析x2+2x8.7解析 直线ax-y+1=0过点(0,1),作出可行域如图知可行域是由点A(1,0),B(1,a+1),C(0,1)组成的三角形的内部(包括边界),且a>-1,则其面积等于×(a+1)×1=4,解得a=7.9.R>P>Q解析 令x=y=0,得f(0)-f(0)=f(0)=0,再令x=0,可得f(0)-f(y)=f(-y)⇒-f(y)=f(-y),即函数为奇函数.若-10,即f(x)-f(y)=f>0,故函数在区间(-1,1)上为减函数.又P=f+f=f-f=f=f,而0<<,由单调性可得R=f(0)>f=P>f=Q.10.解析对a进行分类讨论,通过构造函数,利用数形结合解决.(1)当a=1时,不等式可化为:x>0时均有x2-x-1≤0,由二次函数的图象知,显然不成立,∴a≠1.(2)当a<1时,∵x>0,∴(a-1)x-1<0,不等式可化为x>0时均有x2-ax-1≤0,∵二次函数y=x2-ax-1的图象开口向上,∴不等式x2-ax-1≤0在x∈(0,+∞)上不能均成立,∴a<1不成立.(3)当a>1时,令f(x)=(a-1)x-1,g(x)=x2-ax-1,两函数的图象均过定点(0,-1),∵a>1,∴f(x)在x∈(0,+∞)上单调递增,且与x轴交点为,即当x∈时,f(x)<0,当x∈时,f(x)>0.又∵二次函数g(x)=x2-ax-1的对称轴为x=>0,则只需g(x)=x2-ax-1与x轴的右交点与点重合,如图所示,则命题成立,即在g(x)图象上,所以有2--1=0,整理得2a2-3a=0,解得a=,a=0(舍去).综上可知a=.11.-≤m≤解析根据题意,得不等式|x-m|<1的解集是m-1则p的充分不必要条件是q,即q表示的集合是p表示集合的真子集,则有(等号不同时成立).解得-≤m≤.12.[-1,1]解析作出不等式组表示的平面区域,如图所示.设A(x,y),z=·=-x+y,则y=x+z表示斜率为1,纵截距为z的一组平行直线,平移直线y=x+z,知当直线过点D(2,1)时,直线y=x+z的截距最小,zmin=-2+1=-1;当直线y=x+z过点E(1,2)时,直线y=x+z的截距最大,zmax=-1+2=1,所以·的取值范围是[-1,1].13.9解析因为x,y均为正实数,且xy=x+y+3,所以xy=x+y+3≥2+3,解得≥3或≤-1(舍去),所以xy≥9,当且仅当x=y=3时取等号.故xy的最小值为9.14.解析∵2a+b=1,∴4a2+b2=(2a+b)2-4ab=1-4ab.而2a+b=1≥2,∴≤,当且仅当2a=b,即a=,b=时等号成立.∴2-4a2-b2=2+4ab-1,令=u∈,f(u)=4u2+2u-1,∴f(u)的最大值为f=,故只需t-≥,即t≥.15.解(1)当a=2时,A=(2,7),B=(4,5),∴A∩B=(4,5).(2)B=(2a,a2+1),当a<时,A=(3a+1,2),要使B⊆A,必须此时a=-1;当a=时,A=∅,使B⊆A的a不存在;当a>时,A=(2,3a+1),要使B⊆A,必须此时1≤a≤3.综上可知,使B⊆A的实数a的取值范围为[1,3]∪{-1}.16.解∵x+y=(x+y)=a+b++≥a+b+2,当且仅当bx2=ay2时等号成立.∴x+y的最小值为a+b+2=18.又a+b=10.∴2=8,∴ab=16.由a+b=10,ab=16可得a=2,b=8或a=8,b=2.17.解 原不等式可化为(ax-1)(x-2)<0.(1)当a>0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)<0.因为方程(x-2)(x-)=0的两个根分别是2,,所以当0时,<2,则原不等式的解集是{x|(2)当a=0时,原不等式为-(x-2)<0,解得x>2,即原不等式的解集是{x|x>2}.(3)当a<0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)>0,由于<2,故原不等式的解集是{x|x<或x>2}.综上所述,当a<0时,不等式的解集为{x|x<或x>2};当a=0时,不等式的解集为{x|x>2};当0时,不等式的解集为{x|18.解(1)令y=0,得kx-(1+k2)x2=0.由实际意义和题设条件知x>0,k>0,由x==≤=10,当且仅当k=1时取等号.所以炮的最大射程为10km.(2)因为a>0,所以炮弹可击中目标⇔存在k>0,使3.2=ka-(1+k2)a2成立⇔关于k的方程a2k2-20ak+a2+64=0有正根⇔Δ=(-20a)2-4a2(a2+64)≥0⇔0所以当a不超过6km时,可击中目标.19.解 由约束条件作出(x,y)的可行域如图中阴影部分所示.由解得A(1,).由解得C(1,1).由解得B(5,2).(1)∵z==,∴z的值即是可行域中的点与原点O连线的斜率.观察图形可知zmin=kOB=.(2)z=x2+y2的几何意义是可行域上的点到原点O的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到原点的距离中,dmin=OC=,dmax=OB=,故z的取值范围是[2,29].(3)z=x2+y2+6x-4y+13=(x+3)2+(y-2)2的几何意义是可行域上的点到点(-3,2)的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到(-3,2)的距离中,dmin=1-(-3)=4,dmax==8.故z的取值范围是[16,64].20.解问题等价于f(x)在(0,2)上的最小值恒大于或等于g(x)在[1,2]上的最大值.因为f(x)=lnx-x+-1,所以f(x)的定义域为(0,+∞),所以f′(x)=--=.若f′(x)>0,则x2-4x+3<0,解得1故函数f(x)的单调递增区间是[1,3],同理得f(x)的单调递减区间是(0,1]和[3,+∞),故在区间(0,2)上,x=1是函数f(x)的极小值点,这个极小值点是唯一的,故也是最小值点,所以f(x)min=f(1)=-.由于函数g(x)=-x2+2bx-4,x∈[1,2].当b<1时,g(x)max=g(1)=2b-5;当1≤b≤2时,g(x)max=g(b)=b2-4;当b>2时,g(x)max=g(2)=4b-8.故问题等价于或或解第一个不等式组得b<1,解第二个不等式组得1≤b≤,第三个不等式组无解.综上所述,b的取值范围是.
3.5
解析 因为m>0,n>0,2m+3n=5,所以(2m+3n)·(+)=13+6≥13+12=25(当且仅当m=n=1时等号成立),所以+≥5.
4.b解析由于函数为偶函数,故b=f(cos2)=f(-cos2),c=f(cos3)=f(-cos3),由于x∈,f′(x)=sinx+xcosx>0,即函数在区间上为增函数,据单位圆三角函数线易得0≤-cos25.20解析某公司一年购买某种货物400t,每次都购买xt,则需要购买次,运费为4万元/次,一年的总存储费用为4x万元,一年的总运费与总存储费用之和为万元,·4+4x≥160,当且仅当=4x,即x=20时,一年的总运费与总存储费用之和最小.6.2解析可行域如图所示.目标函数化为y=-x+z,当直线y=-x+z过点A(0,1)时,z取得最大值2.7.(-4,2)解析x2+2x8.7解析 直线ax-y+1=0过点(0,1),作出可行域如图知可行域是由点A(1,0),B(1,a+1),C(0,1)组成的三角形的内部(包括边界),且a>-1,则其面积等于×(a+1)×1=4,解得a=7.9.R>P>Q解析 令x=y=0,得f(0)-f(0)=f(0)=0,再令x=0,可得f(0)-f(y)=f(-y)⇒-f(y)=f(-y),即函数为奇函数.若-10,即f(x)-f(y)=f>0,故函数在区间(-1,1)上为减函数.又P=f+f=f-f=f=f,而0<<,由单调性可得R=f(0)>f=P>f=Q.10.解析对a进行分类讨论,通过构造函数,利用数形结合解决.(1)当a=1时,不等式可化为:x>0时均有x2-x-1≤0,由二次函数的图象知,显然不成立,∴a≠1.(2)当a<1时,∵x>0,∴(a-1)x-1<0,不等式可化为x>0时均有x2-ax-1≤0,∵二次函数y=x2-ax-1的图象开口向上,∴不等式x2-ax-1≤0在x∈(0,+∞)上不能均成立,∴a<1不成立.(3)当a>1时,令f(x)=(a-1)x-1,g(x)=x2-ax-1,两函数的图象均过定点(0,-1),∵a>1,∴f(x)在x∈(0,+∞)上单调递增,且与x轴交点为,即当x∈时,f(x)<0,当x∈时,f(x)>0.又∵二次函数g(x)=x2-ax-1的对称轴为x=>0,则只需g(x)=x2-ax-1与x轴的右交点与点重合,如图所示,则命题成立,即在g(x)图象上,所以有2--1=0,整理得2a2-3a=0,解得a=,a=0(舍去).综上可知a=.11.-≤m≤解析根据题意,得不等式|x-m|<1的解集是m-1则p的充分不必要条件是q,即q表示的集合是p表示集合的真子集,则有(等号不同时成立).解得-≤m≤.12.[-1,1]解析作出不等式组表示的平面区域,如图所示.设A(x,y),z=·=-x+y,则y=x+z表示斜率为1,纵截距为z的一组平行直线,平移直线y=x+z,知当直线过点D(2,1)时,直线y=x+z的截距最小,zmin=-2+1=-1;当直线y=x+z过点E(1,2)时,直线y=x+z的截距最大,zmax=-1+2=1,所以·的取值范围是[-1,1].13.9解析因为x,y均为正实数,且xy=x+y+3,所以xy=x+y+3≥2+3,解得≥3或≤-1(舍去),所以xy≥9,当且仅当x=y=3时取等号.故xy的最小值为9.14.解析∵2a+b=1,∴4a2+b2=(2a+b)2-4ab=1-4ab.而2a+b=1≥2,∴≤,当且仅当2a=b,即a=,b=时等号成立.∴2-4a2-b2=2+4ab-1,令=u∈,f(u)=4u2+2u-1,∴f(u)的最大值为f=,故只需t-≥,即t≥.15.解(1)当a=2时,A=(2,7),B=(4,5),∴A∩B=(4,5).(2)B=(2a,a2+1),当a<时,A=(3a+1,2),要使B⊆A,必须此时a=-1;当a=时,A=∅,使B⊆A的a不存在;当a>时,A=(2,3a+1),要使B⊆A,必须此时1≤a≤3.综上可知,使B⊆A的实数a的取值范围为[1,3]∪{-1}.16.解∵x+y=(x+y)=a+b++≥a+b+2,当且仅当bx2=ay2时等号成立.∴x+y的最小值为a+b+2=18.又a+b=10.∴2=8,∴ab=16.由a+b=10,ab=16可得a=2,b=8或a=8,b=2.17.解 原不等式可化为(ax-1)(x-2)<0.(1)当a>0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)<0.因为方程(x-2)(x-)=0的两个根分别是2,,所以当0时,<2,则原不等式的解集是{x|(2)当a=0时,原不等式为-(x-2)<0,解得x>2,即原不等式的解集是{x|x>2}.(3)当a<0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)>0,由于<2,故原不等式的解集是{x|x<或x>2}.综上所述,当a<0时,不等式的解集为{x|x<或x>2};当a=0时,不等式的解集为{x|x>2};当0时,不等式的解集为{x|18.解(1)令y=0,得kx-(1+k2)x2=0.由实际意义和题设条件知x>0,k>0,由x==≤=10,当且仅当k=1时取等号.所以炮的最大射程为10km.(2)因为a>0,所以炮弹可击中目标⇔存在k>0,使3.2=ka-(1+k2)a2成立⇔关于k的方程a2k2-20ak+a2+64=0有正根⇔Δ=(-20a)2-4a2(a2+64)≥0⇔0所以当a不超过6km时,可击中目标.19.解 由约束条件作出(x,y)的可行域如图中阴影部分所示.由解得A(1,).由解得C(1,1).由解得B(5,2).(1)∵z==,∴z的值即是可行域中的点与原点O连线的斜率.观察图形可知zmin=kOB=.(2)z=x2+y2的几何意义是可行域上的点到原点O的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到原点的距离中,dmin=OC=,dmax=OB=,故z的取值范围是[2,29].(3)z=x2+y2+6x-4y+13=(x+3)2+(y-2)2的几何意义是可行域上的点到点(-3,2)的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到(-3,2)的距离中,dmin=1-(-3)=4,dmax==8.故z的取值范围是[16,64].20.解问题等价于f(x)在(0,2)上的最小值恒大于或等于g(x)在[1,2]上的最大值.因为f(x)=lnx-x+-1,所以f(x)的定义域为(0,+∞),所以f′(x)=--=.若f′(x)>0,则x2-4x+3<0,解得1故函数f(x)的单调递增区间是[1,3],同理得f(x)的单调递减区间是(0,1]和[3,+∞),故在区间(0,2)上,x=1是函数f(x)的极小值点,这个极小值点是唯一的,故也是最小值点,所以f(x)min=f(1)=-.由于函数g(x)=-x2+2bx-4,x∈[1,2].当b<1时,g(x)max=g(1)=2b-5;当1≤b≤2时,g(x)max=g(b)=b2-4;当b>2时,g(x)max=g(2)=4b-8.故问题等价于或或解第一个不等式组得b<1,解第二个不等式组得1≤b≤,第三个不等式组无解.综上所述,b的取值范围是.
解析由于函数为偶函数,故b=f(cos2)=f(-cos2),c=f(cos3)=f(-cos3),由于x∈,f′(x)=sinx+xcosx>0,即函数在区间上为增函数,据单位圆三角函数线易得0≤
-cos25.20解析某公司一年购买某种货物400t,每次都购买xt,则需要购买次,运费为4万元/次,一年的总存储费用为4x万元,一年的总运费与总存储费用之和为万元,·4+4x≥160,当且仅当=4x,即x=20时,一年的总运费与总存储费用之和最小.6.2解析可行域如图所示.目标函数化为y=-x+z,当直线y=-x+z过点A(0,1)时,z取得最大值2.7.(-4,2)解析x2+2x8.7解析 直线ax-y+1=0过点(0,1),作出可行域如图知可行域是由点A(1,0),B(1,a+1),C(0,1)组成的三角形的内部(包括边界),且a>-1,则其面积等于×(a+1)×1=4,解得a=7.9.R>P>Q解析 令x=y=0,得f(0)-f(0)=f(0)=0,再令x=0,可得f(0)-f(y)=f(-y)⇒-f(y)=f(-y),即函数为奇函数.若-10,即f(x)-f(y)=f>0,故函数在区间(-1,1)上为减函数.又P=f+f=f-f=f=f,而0<<,由单调性可得R=f(0)>f=P>f=Q.10.解析对a进行分类讨论,通过构造函数,利用数形结合解决.(1)当a=1时,不等式可化为:x>0时均有x2-x-1≤0,由二次函数的图象知,显然不成立,∴a≠1.(2)当a<1时,∵x>0,∴(a-1)x-1<0,不等式可化为x>0时均有x2-ax-1≤0,∵二次函数y=x2-ax-1的图象开口向上,∴不等式x2-ax-1≤0在x∈(0,+∞)上不能均成立,∴a<1不成立.(3)当a>1时,令f(x)=(a-1)x-1,g(x)=x2-ax-1,两函数的图象均过定点(0,-1),∵a>1,∴f(x)在x∈(0,+∞)上单调递增,且与x轴交点为,即当x∈时,f(x)<0,当x∈时,f(x)>0.又∵二次函数g(x)=x2-ax-1的对称轴为x=>0,则只需g(x)=x2-ax-1与x轴的右交点与点重合,如图所示,则命题成立,即在g(x)图象上,所以有2--1=0,整理得2a2-3a=0,解得a=,a=0(舍去).综上可知a=.11.-≤m≤解析根据题意,得不等式|x-m|<1的解集是m-1则p的充分不必要条件是q,即q表示的集合是p表示集合的真子集,则有(等号不同时成立).解得-≤m≤.12.[-1,1]解析作出不等式组表示的平面区域,如图所示.设A(x,y),z=·=-x+y,则y=x+z表示斜率为1,纵截距为z的一组平行直线,平移直线y=x+z,知当直线过点D(2,1)时,直线y=x+z的截距最小,zmin=-2+1=-1;当直线y=x+z过点E(1,2)时,直线y=x+z的截距最大,zmax=-1+2=1,所以·的取值范围是[-1,1].13.9解析因为x,y均为正实数,且xy=x+y+3,所以xy=x+y+3≥2+3,解得≥3或≤-1(舍去),所以xy≥9,当且仅当x=y=3时取等号.故xy的最小值为9.14.解析∵2a+b=1,∴4a2+b2=(2a+b)2-4ab=1-4ab.而2a+b=1≥2,∴≤,当且仅当2a=b,即a=,b=时等号成立.∴2-4a2-b2=2+4ab-1,令=u∈,f(u)=4u2+2u-1,∴f(u)的最大值为f=,故只需t-≥,即t≥.15.解(1)当a=2时,A=(2,7),B=(4,5),∴A∩B=(4,5).(2)B=(2a,a2+1),当a<时,A=(3a+1,2),要使B⊆A,必须此时a=-1;当a=时,A=∅,使B⊆A的a不存在;当a>时,A=(2,3a+1),要使B⊆A,必须此时1≤a≤3.综上可知,使B⊆A的实数a的取值范围为[1,3]∪{-1}.16.解∵x+y=(x+y)=a+b++≥a+b+2,当且仅当bx2=ay2时等号成立.∴x+y的最小值为a+b+2=18.又a+b=10.∴2=8,∴ab=16.由a+b=10,ab=16可得a=2,b=8或a=8,b=2.17.解 原不等式可化为(ax-1)(x-2)<0.(1)当a>0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)<0.因为方程(x-2)(x-)=0的两个根分别是2,,所以当0时,<2,则原不等式的解集是{x|(2)当a=0时,原不等式为-(x-2)<0,解得x>2,即原不等式的解集是{x|x>2}.(3)当a<0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)>0,由于<2,故原不等式的解集是{x|x<或x>2}.综上所述,当a<0时,不等式的解集为{x|x<或x>2};当a=0时,不等式的解集为{x|x>2};当0时,不等式的解集为{x|18.解(1)令y=0,得kx-(1+k2)x2=0.由实际意义和题设条件知x>0,k>0,由x==≤=10,当且仅当k=1时取等号.所以炮的最大射程为10km.(2)因为a>0,所以炮弹可击中目标⇔存在k>0,使3.2=ka-(1+k2)a2成立⇔关于k的方程a2k2-20ak+a2+64=0有正根⇔Δ=(-20a)2-4a2(a2+64)≥0⇔0所以当a不超过6km时,可击中目标.19.解 由约束条件作出(x,y)的可行域如图中阴影部分所示.由解得A(1,).由解得C(1,1).由解得B(5,2).(1)∵z==,∴z的值即是可行域中的点与原点O连线的斜率.观察图形可知zmin=kOB=.(2)z=x2+y2的几何意义是可行域上的点到原点O的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到原点的距离中,dmin=OC=,dmax=OB=,故z的取值范围是[2,29].(3)z=x2+y2+6x-4y+13=(x+3)2+(y-2)2的几何意义是可行域上的点到点(-3,2)的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到(-3,2)的距离中,dmin=1-(-3)=4,dmax==8.故z的取值范围是[16,64].20.解问题等价于f(x)在(0,2)上的最小值恒大于或等于g(x)在[1,2]上的最大值.因为f(x)=lnx-x+-1,所以f(x)的定义域为(0,+∞),所以f′(x)=--=.若f′(x)>0,则x2-4x+3<0,解得1故函数f(x)的单调递增区间是[1,3],同理得f(x)的单调递减区间是(0,1]和[3,+∞),故在区间(0,2)上,x=1是函数f(x)的极小值点,这个极小值点是唯一的,故也是最小值点,所以f(x)min=f(1)=-.由于函数g(x)=-x2+2bx-4,x∈[1,2].当b<1时,g(x)max=g(1)=2b-5;当1≤b≤2时,g(x)max=g(b)=b2-4;当b>2时,g(x)max=g(2)=4b-8.故问题等价于或或解第一个不等式组得b<1,解第二个不等式组得1≤b≤,第三个不等式组无解.综上所述,b的取值范围是.
5.20
解析某公司一年购买某种货物400t,每次都购买xt,则需要购买次,运费为4万元/次,一年的总存储费用为4x万元,一年的总运费与总存储费用之和为万元,·4+4x≥160,当且仅当=4x,即x=20时,一年的总运费与总存储费用之和最小.
6.2
解析可行域如图所示.目标函数化为y=-x+z,
当直线y=-x+z过点A(0,1)时,z取得最大值2.
7.(-4,2)
解析x2+2x8.7解析 直线ax-y+1=0过点(0,1),作出可行域如图知可行域是由点A(1,0),B(1,a+1),C(0,1)组成的三角形的内部(包括边界),且a>-1,则其面积等于×(a+1)×1=4,解得a=7.9.R>P>Q解析 令x=y=0,得f(0)-f(0)=f(0)=0,再令x=0,可得f(0)-f(y)=f(-y)⇒-f(y)=f(-y),即函数为奇函数.若-10,即f(x)-f(y)=f>0,故函数在区间(-1,1)上为减函数.又P=f+f=f-f=f=f,而0<<,由单调性可得R=f(0)>f=P>f=Q.10.解析对a进行分类讨论,通过构造函数,利用数形结合解决.(1)当a=1时,不等式可化为:x>0时均有x2-x-1≤0,由二次函数的图象知,显然不成立,∴a≠1.(2)当a<1时,∵x>0,∴(a-1)x-1<0,不等式可化为x>0时均有x2-ax-1≤0,∵二次函数y=x2-ax-1的图象开口向上,∴不等式x2-ax-1≤0在x∈(0,+∞)上不能均成立,∴a<1不成立.(3)当a>1时,令f(x)=(a-1)x-1,g(x)=x2-ax-1,两函数的图象均过定点(0,-1),∵a>1,∴f(x)在x∈(0,+∞)上单调递增,且与x轴交点为,即当x∈时,f(x)<0,当x∈时,f(x)>0.又∵二次函数g(x)=x2-ax-1的对称轴为x=>0,则只需g(x)=x2-ax-1与x轴的右交点与点重合,如图所示,则命题成立,即在g(x)图象上,所以有2--1=0,整理得2a2-3a=0,解得a=,a=0(舍去).综上可知a=.11.-≤m≤解析根据题意,得不等式|x-m|<1的解集是m-1则p的充分不必要条件是q,即q表示的集合是p表示集合的真子集,则有(等号不同时成立).解得-≤m≤.12.[-1,1]解析作出不等式组表示的平面区域,如图所示.设A(x,y),z=·=-x+y,则y=x+z表示斜率为1,纵截距为z的一组平行直线,平移直线y=x+z,知当直线过点D(2,1)时,直线y=x+z的截距最小,zmin=-2+1=-1;当直线y=x+z过点E(1,2)时,直线y=x+z的截距最大,zmax=-1+2=1,所以·的取值范围是[-1,1].13.9解析因为x,y均为正实数,且xy=x+y+3,所以xy=x+y+3≥2+3,解得≥3或≤-1(舍去),所以xy≥9,当且仅当x=y=3时取等号.故xy的最小值为9.14.解析∵2a+b=1,∴4a2+b2=(2a+b)2-4ab=1-4ab.而2a+b=1≥2,∴≤,当且仅当2a=b,即a=,b=时等号成立.∴2-4a2-b2=2+4ab-1,令=u∈,f(u)=4u2+2u-1,∴f(u)的最大值为f=,故只需t-≥,即t≥.15.解(1)当a=2时,A=(2,7),B=(4,5),∴A∩B=(4,5).(2)B=(2a,a2+1),当a<时,A=(3a+1,2),要使B⊆A,必须此时a=-1;当a=时,A=∅,使B⊆A的a不存在;当a>时,A=(2,3a+1),要使B⊆A,必须此时1≤a≤3.综上可知,使B⊆A的实数a的取值范围为[1,3]∪{-1}.16.解∵x+y=(x+y)=a+b++≥a+b+2,当且仅当bx2=ay2时等号成立.∴x+y的最小值为a+b+2=18.又a+b=10.∴2=8,∴ab=16.由a+b=10,ab=16可得a=2,b=8或a=8,b=2.17.解 原不等式可化为(ax-1)(x-2)<0.(1)当a>0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)<0.因为方程(x-2)(x-)=0的两个根分别是2,,所以当0时,<2,则原不等式的解集是{x|(2)当a=0时,原不等式为-(x-2)<0,解得x>2,即原不等式的解集是{x|x>2}.(3)当a<0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)>0,由于<2,故原不等式的解集是{x|x<或x>2}.综上所述,当a<0时,不等式的解集为{x|x<或x>2};当a=0时,不等式的解集为{x|x>2};当0时,不等式的解集为{x|18.解(1)令y=0,得kx-(1+k2)x2=0.由实际意义和题设条件知x>0,k>0,由x==≤=10,当且仅当k=1时取等号.所以炮的最大射程为10km.(2)因为a>0,所以炮弹可击中目标⇔存在k>0,使3.2=ka-(1+k2)a2成立⇔关于k的方程a2k2-20ak+a2+64=0有正根⇔Δ=(-20a)2-4a2(a2+64)≥0⇔0所以当a不超过6km时,可击中目标.19.解 由约束条件作出(x,y)的可行域如图中阴影部分所示.由解得A(1,).由解得C(1,1).由解得B(5,2).(1)∵z==,∴z的值即是可行域中的点与原点O连线的斜率.观察图形可知zmin=kOB=.(2)z=x2+y2的几何意义是可行域上的点到原点O的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到原点的距离中,dmin=OC=,dmax=OB=,故z的取值范围是[2,29].(3)z=x2+y2+6x-4y+13=(x+3)2+(y-2)2的几何意义是可行域上的点到点(-3,2)的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到(-3,2)的距离中,dmin=1-(-3)=4,dmax==8.故z的取值范围是[16,64].20.解问题等价于f(x)在(0,2)上的最小值恒大于或等于g(x)在[1,2]上的最大值.因为f(x)=lnx-x+-1,所以f(x)的定义域为(0,+∞),所以f′(x)=--=.若f′(x)>0,则x2-4x+3<0,解得1故函数f(x)的单调递增区间是[1,3],同理得f(x)的单调递减区间是(0,1]和[3,+∞),故在区间(0,2)上,x=1是函数f(x)的极小值点,这个极小值点是唯一的,故也是最小值点,所以f(x)min=f(1)=-.由于函数g(x)=-x2+2bx-4,x∈[1,2].当b<1时,g(x)max=g(1)=2b-5;当1≤b≤2时,g(x)max=g(b)=b2-4;当b>2时,g(x)max=g(2)=4b-8.故问题等价于或或解第一个不等式组得b<1,解第二个不等式组得1≤b≤,第三个不等式组无解.综上所述,b的取值范围是.
8.7
解析 直线ax-y+1=0过点(0,1),作出可行域如图知可行域是由点A(1,0),B(1,a+1),C(0,1)组成的三角形的内部(包括边界),
且a>-1,则其面积等于×(a+1)×1=4,解得a=7.
9.R>P>Q
解析 令x=y=0,得f(0)-f(0)=f(0)=0,再令x=0,可得f(0)-f(y)=f(-y)⇒-f(y)=
f(-y),即函数为奇函数.若-10,即f(x)-f(y)=f>0,故函数在区间(-1,1)上为减函数.又P=f+f=f-f=f=f,而0<<,由单调性可得R=f(0)>f=P>f=Q.
10.
解析对a进行分类讨论,通过构造函数,利用数形结合解决.
(1)当a=1时,不等式可化为:
x>0时均有x2-x-1≤0,由二次函数的图象知,显然不成立,∴a≠1.
(2)当a<1时,∵x>0,
∴(a-1)x-1<0,不等式可化为
x>0时均有x2-ax-1≤0,
∵二次函数y=x2-ax-1的图象开口向上,
∴不等式x2-ax-1≤0在x∈(0,+∞)上不能均成立,
∴a<1不成立.
(3)当a>1时,令f(x)=(a-1)x-1,g(x)=x2-ax-1,两函数的图象均过定点(0,-1),
∵a>1,
∴f(x)在x∈(0,+∞)上单调递增,
且与x轴交点为,
即当x∈时,f(x)<0,
当x∈时,f(x)>0.
又∵二次函数g(x)=x2-ax-1的对称轴为x=>0,则只需g(x)=x2-ax-1与x轴的右交点与点重合,如图所示,
则命题成立,即在g(x)图象上,所以有2--1=0,
整理得2a2-3a=0,解得a=,a=0(舍去).
综上可知a=.
11.-≤m≤
解析根据题意,得不等式|x-m|<1的解集是m-1则p的充分不必要条件是q,即q表示的集合是p表示集合的真子集,则有(等号不同时成立).解得-≤m≤.12.[-1,1]解析作出不等式组表示的平面区域,如图所示.设A(x,y),z=·=-x+y,则y=x+z表示斜率为1,纵截距为z的一组平行直线,平移直线y=x+z,知当直线过点D(2,1)时,直线y=x+z的截距最小,zmin=-2+1=-1;当直线y=x+z过点E(1,2)时,直线y=x+z的截距最大,zmax=-1+2=1,所以·的取值范围是[-1,1].13.9解析因为x,y均为正实数,且xy=x+y+3,所以xy=x+y+3≥2+3,解得≥3或≤-1(舍去),所以xy≥9,当且仅当x=y=3时取等号.故xy的最小值为9.14.解析∵2a+b=1,∴4a2+b2=(2a+b)2-4ab=1-4ab.而2a+b=1≥2,∴≤,当且仅当2a=b,即a=,b=时等号成立.∴2-4a2-b2=2+4ab-1,令=u∈,f(u)=4u2+2u-1,∴f(u)的最大值为f=,故只需t-≥,即t≥.15.解(1)当a=2时,A=(2,7),B=(4,5),∴A∩B=(4,5).(2)B=(2a,a2+1),当a<时,A=(3a+1,2),要使B⊆A,必须此时a=-1;当a=时,A=∅,使B⊆A的a不存在;当a>时,A=(2,3a+1),要使B⊆A,必须此时1≤a≤3.综上可知,使B⊆A的实数a的取值范围为[1,3]∪{-1}.16.解∵x+y=(x+y)=a+b++≥a+b+2,当且仅当bx2=ay2时等号成立.∴x+y的最小值为a+b+2=18.又a+b=10.∴2=8,∴ab=16.由a+b=10,ab=16可得a=2,b=8或a=8,b=2.17.解 原不等式可化为(ax-1)(x-2)<0.(1)当a>0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)<0.因为方程(x-2)(x-)=0的两个根分别是2,,所以当0时,<2,则原不等式的解集是{x|(2)当a=0时,原不等式为-(x-2)<0,解得x>2,即原不等式的解集是{x|x>2}.(3)当a<0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)>0,由于<2,故原不等式的解集是{x|x<或x>2}.综上所述,当a<0时,不等式的解集为{x|x<或x>2};当a=0时,不等式的解集为{x|x>2};当0时,不等式的解集为{x|18.解(1)令y=0,得kx-(1+k2)x2=0.由实际意义和题设条件知x>0,k>0,由x==≤=10,当且仅当k=1时取等号.所以炮的最大射程为10km.(2)因为a>0,所以炮弹可击中目标⇔存在k>0,使3.2=ka-(1+k2)a2成立⇔关于k的方程a2k2-20ak+a2+64=0有正根⇔Δ=(-20a)2-4a2(a2+64)≥0⇔0所以当a不超过6km时,可击中目标.19.解 由约束条件作出(x,y)的可行域如图中阴影部分所示.由解得A(1,).由解得C(1,1).由解得B(5,2).(1)∵z==,∴z的值即是可行域中的点与原点O连线的斜率.观察图形可知zmin=kOB=.(2)z=x2+y2的几何意义是可行域上的点到原点O的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到原点的距离中,dmin=OC=,dmax=OB=,故z的取值范围是[2,29].(3)z=x2+y2+6x-4y+13=(x+3)2+(y-2)2的几何意义是可行域上的点到点(-3,2)的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到(-3,2)的距离中,dmin=1-(-3)=4,dmax==8.故z的取值范围是[16,64].20.解问题等价于f(x)在(0,2)上的最小值恒大于或等于g(x)在[1,2]上的最大值.因为f(x)=lnx-x+-1,所以f(x)的定义域为(0,+∞),所以f′(x)=--=.若f′(x)>0,则x2-4x+3<0,解得1故函数f(x)的单调递增区间是[1,3],同理得f(x)的单调递减区间是(0,1]和[3,+∞),故在区间(0,2)上,x=1是函数f(x)的极小值点,这个极小值点是唯一的,故也是最小值点,所以f(x)min=f(1)=-.由于函数g(x)=-x2+2bx-4,x∈[1,2].当b<1时,g(x)max=g(1)=2b-5;当1≤b≤2时,g(x)max=g(b)=b2-4;当b>2时,g(x)max=g(2)=4b-8.故问题等价于或或解第一个不等式组得b<1,解第二个不等式组得1≤b≤,第三个不等式组无解.综上所述,b的取值范围是.
则p的充分不必要条件是q,即q表示的集合是p表示集合的真子集,
则有(等号不同时成立).
解得-≤m≤.
12.[-1,1]
解析作出不等式组表示的平面区域,如图所示.设A(x,y),z=·=-x+y,则y=x+z表示斜率为1,纵截距为z的一组平行直线,平移直线y=x+z,知当直线过点D(2,1)时,直线y=x+z的截距最小,zmin=-2+1=-1;当直线y=x+z过点E(1,2)时,直线y=x+z的截距最大,zmax=-1+2=1,
所以·的取值范围是[-1,1].
13.9
解析因为x,y均为正实数,且xy=x+y+3,所以xy=x+y+3≥2+3,解得≥3或≤-1(舍去),所以xy≥9,当且仅当x=y=3时取等号.故xy的最小值为9.
14.
解析∵2a+b=1,∴4a2+b2=(2a+b)2-4ab=1-4ab.而2a+b=1≥2,∴≤,当且仅当2a=b,即a=,b=时等号成立.∴2-4a2-b2=2+4ab-1,令=u∈,f(u)=4u2+2u-1,∴f(u)的最大值为f=,故只需t-≥,即t≥.
15.解
(1)当a=2时,A=(2,7),B=(4,5),
∴A∩B=(4,5).
(2)B=(2a,a2+1),当a<时,A=(3a+1,2),
要使B⊆A,必须此时a=-1;
当a=时,A=∅,使B⊆A的a不存在;
当a>时,A=(2,3a+1),要使B⊆A,
必须此时1≤a≤3.
综上可知,使B⊆A的实数a的取值范围为[1,3]∪{-1}.
16.解∵x+y=(x+y)=a+b++
≥a+b+2,当且仅当bx2=ay2时等号成立.
∴x+y的最小值为a+b+2=18.
又a+b=10.∴2=8,∴ab=16.
由a+b=10,ab=16可得a=2,b=8或a=8,b=2.
17.解 原不等式可化为(ax-1)(x-2)<0.
(1)当a>0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)<0.因为方程(x-2)(x-)=0的两个根分别是2,,所以当0时,<2,则原不等式的解集是{x|(2)当a=0时,原不等式为-(x-2)<0,解得x>2,即原不等式的解集是{x|x>2}.(3)当a<0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)>0,由于<2,故原不等式的解集是{x|x<或x>2}.综上所述,当a<0时,不等式的解集为{x|x<或x>2};当a=0时,不等式的解集为{x|x>2};当0时,不等式的解集为{x|18.解(1)令y=0,得kx-(1+k2)x2=0.由实际意义和题设条件知x>0,k>0,由x==≤=10,当且仅当k=1时取等号.所以炮的最大射程为10km.(2)因为a>0,所以炮弹可击中目标⇔存在k>0,使3.2=ka-(1+k2)a2成立⇔关于k的方程a2k2-20ak+a2+64=0有正根⇔Δ=(-20a)2-4a2(a2+64)≥0⇔0所以当a不超过6km时,可击中目标.19.解 由约束条件作出(x,y)的可行域如图中阴影部分所示.由解得A(1,).由解得C(1,1).由解得B(5,2).(1)∵z==,∴z的值即是可行域中的点与原点O连线的斜率.观察图形可知zmin=kOB=.(2)z=x2+y2的几何意义是可行域上的点到原点O的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到原点的距离中,dmin=OC=,dmax=OB=,故z的取值范围是[2,29].(3)z=x2+y2+6x-4y+13=(x+3)2+(y-2)2的几何意义是可行域上的点到点(-3,2)的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到(-3,2)的距离中,dmin=1-(-3)=4,dmax==8.故z的取值范围是[16,64].20.解问题等价于f(x)在(0,2)上的最小值恒大于或等于g(x)在[1,2]上的最大值.因为f(x)=lnx-x+-1,所以f(x)的定义域为(0,+∞),所以f′(x)=--=.若f′(x)>0,则x2-4x+3<0,解得1故函数f(x)的单调递增区间是[1,3],同理得f(x)的单调递减区间是(0,1]和[3,+∞),故在区间(0,2)上,x=1是函数f(x)的极小值点,这个极小值点是唯一的,故也是最小值点,所以f(x)min=f(1)=-.由于函数g(x)=-x2+2bx-4,x∈[1,2].当b<1时,g(x)max=g(1)=2b-5;当1≤b≤2时,g(x)max=g(b)=b2-4;当b>2时,g(x)max=g(2)=4b-8.故问题等价于或或解第一个不等式组得b<1,解第二个不等式组得1≤b≤,第三个不等式组无解.综上所述,b的取值范围是.
(2)当a=0时,原不等式为-(x-2)<0,解得x>2,即原不等式的解集是{x|x>2}.
(3)当a<0时,原不等式可以化为a(x-2)(x-)<0,根据不等式的性质,这个不等式等价于(x-2)(x-)>0,由于<2,故原不等式的解集是{x|x<或x>2}.
综上所述,当a<0时,不等式的解集为{x|x<或x>2};当a=0时,不等式的解集为{x|x>2};当0时,不等式的解集为{x|18.解(1)令y=0,得kx-(1+k2)x2=0.由实际意义和题设条件知x>0,k>0,由x==≤=10,当且仅当k=1时取等号.所以炮的最大射程为10km.(2)因为a>0,所以炮弹可击中目标⇔存在k>0,使3.2=ka-(1+k2)a2成立⇔关于k的方程a2k2-20ak+a2+64=0有正根⇔Δ=(-20a)2-4a2(a2+64)≥0⇔0所以当a不超过6km时,可击中目标.19.解 由约束条件作出(x,y)的可行域如图中阴影部分所示.由解得A(1,).由解得C(1,1).由解得B(5,2).(1)∵z==,∴z的值即是可行域中的点与原点O连线的斜率.观察图形可知zmin=kOB=.(2)z=x2+y2的几何意义是可行域上的点到原点O的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到原点的距离中,dmin=OC=,dmax=OB=,故z的取值范围是[2,29].(3)z=x2+y2+6x-4y+13=(x+3)2+(y-2)2的几何意义是可行域上的点到点(-3,2)的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到(-3,2)的距离中,dmin=1-(-3)=4,dmax==8.故z的取值范围是[16,64].20.解问题等价于f(x)在(0,2)上的最小值恒大于或等于g(x)在[1,2]上的最大值.因为f(x)=lnx-x+-1,所以f(x)的定义域为(0,+∞),所以f′(x)=--=.若f′(x)>0,则x2-4x+3<0,解得1故函数f(x)的单调递增区间是[1,3],同理得f(x)的单调递减区间是(0,1]和[3,+∞),故在区间(0,2)上,x=1是函数f(x)的极小值点,这个极小值点是唯一的,故也是最小值点,所以f(x)min=f(1)=-.由于函数g(x)=-x2+2bx-4,x∈[1,2].当b<1时,g(x)max=g(1)=2b-5;当1≤b≤2时,g(x)max=g(b)=b2-4;当b>2时,g(x)max=g(2)=4b-8.故问题等价于或或解第一个不等式组得b<1,解第二个不等式组得1≤b≤,第三个不等式组无解.综上所述,b的取值范围是.
18.解
(1)令y=0,得kx-(1+k2)x2=0.
由实际意义和题设条件知x>0,k>0,
由x==≤=10,当且仅当k=1时取等号.所以炮的最大射程为10km.
(2)因为a>0,所以炮弹可击中目标⇔存在k>0,使3.2=ka-(1+k2)a2成立⇔关于k的方程a2k2-20ak+a2+64=0有正根⇔Δ=(-20a)2-4a2(a2+64)≥0⇔0所以当a不超过6km时,可击中目标.19.解 由约束条件作出(x,y)的可行域如图中阴影部分所示.由解得A(1,).由解得C(1,1).由解得B(5,2).(1)∵z==,∴z的值即是可行域中的点与原点O连线的斜率.观察图形可知zmin=kOB=.(2)z=x2+y2的几何意义是可行域上的点到原点O的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到原点的距离中,dmin=OC=,dmax=OB=,故z的取值范围是[2,29].(3)z=x2+y2+6x-4y+13=(x+3)2+(y-2)2的几何意义是可行域上的点到点(-3,2)的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到(-3,2)的距离中,dmin=1-(-3)=4,dmax==8.故z的取值范围是[16,64].20.解问题等价于f(x)在(0,2)上的最小值恒大于或等于g(x)在[1,2]上的最大值.因为f(x)=lnx-x+-1,所以f(x)的定义域为(0,+∞),所以f′(x)=--=.若f′(x)>0,则x2-4x+3<0,解得1故函数f(x)的单调递增区间是[1,3],同理得f(x)的单调递减区间是(0,1]和[3,+∞),故在区间(0,2)上,x=1是函数f(x)的极小值点,这个极小值点是唯一的,故也是最小值点,所以f(x)min=f(1)=-.由于函数g(x)=-x2+2bx-4,x∈[1,2].当b<1时,g(x)max=g(1)=2b-5;当1≤b≤2时,g(x)max=g(b)=b2-4;当b>2时,g(x)max=g(2)=4b-8.故问题等价于或或解第一个不等式组得b<1,解第二个不等式组得1≤b≤,第三个不等式组无解.综上所述,b的取值范围是.
所以当a不超过6km时,可击中目标.
19.解 由约束条件作出(x,y)的可行域如图中阴影部分所示.
由
解得A(1,).由解得C(1,1).
由解得B(5,2).
(1)∵z==,∴z的值即是可行域中的点与原点O连线的斜率.
观察图形可知zmin=kOB=.
(2)z=x2+y2的几何意义是可行域上的点到原点O的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到原点的距离中,dmin=OC=,dmax=OB=,故z的取值范围是[2,29].
(3)z=x2+y2+6x-4y+13=(x+3)2+(y-2)2的几何意义是可行域上的点到点(-3,2)的距离的平方.结合图形可知,可行域上的点到(-3,2)的距离中,dmin=1-(-3)=4,dmax==8.
故z的取值范围是[16,64].
20.解问题等价于f(x)在(0,2)上的最小值恒大于或等于g(x)在[1,2]上的最大值.
因为f(x)=lnx-x+-1,
所以f(x)的定义域为(0,+∞),
所以f′(x)=--=.
若f′(x)>0,则x2-4x+3<0,解得1故函数f(x)的单调递增区间是[1,3],同理得f(x)的单调递减区间是(0,1]和[3,+∞),故在区间(0,2)上,x=1是函数f(x)的极小值点,这个极小值点是唯一的,故也是最小值点,所以f(x)min=f(1)=-.由于函数g(x)=-x2+2bx-4,x∈[1,2].当b<1时,g(x)max=g(1)=2b-5;当1≤b≤2时,g(x)max=g(b)=b2-4;当b>2时,g(x)max=g(2)=4b-8.故问题等价于或或解第一个不等式组得b<1,解第二个不等式组得1≤b≤,第三个不等式组无解.综上所述,b的取值范围是.
故函数f(x)的单调递增区间是[1,3],
同理得f(x)的单调递减区间是(0,1]和[3,+∞),
故在区间(0,2)上,x=1是函数f(x)的极小值点,
这个极小值点是唯一的,故也是最小值点,
所以f(x)min=f
(1)=-.
由于函数g(x)=-x2+2bx-4,x∈[1,2].
当b<1时,g(x)max=g
(1)=2b-5;
当1≤b≤2时,g(x)max=g(b)=b2-4;
当b>2时,g(x)max=g
(2)=4b-8.
故问题等价于或
或解第一个不等式组得b<1,解第二个不等式组得1≤b≤,第三个不等式组无解.
综上所述,b的取值范围是.
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