北师大版七年级数学下册《第2章相交线与平行线》暑假复习巩固提升训练1附答案Word文档下载推荐.docx
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,130°
D.40°
,140°
8.如图,把一张长方形纸片ABCD沿EF折叠后,点C,D分别落在C,D的位置上,EC交AD于点G,已知∠EFG=57°
,则∠BEG等于( )
A.57°
B.114°
C.66°
D.76°
9.如图,AB∥CD,∠ABE=
∠EBF,∠DCE=
∠ECF,设∠ABE=α,∠E=β,∠F=γ,则α,β,γ的数量关系是( )
A.4β﹣α+γ=360°
B.3β﹣α+γ=360°
C.4β﹣α﹣γ=360°
D.3β﹣2α﹣γ=360°
10.如图,AB∥CD,∠BAP=120°
,∠APC=40°
,则∠PCD=( )
A.120°
B.150°
C.140°
11.如果∠1和∠2的两边分别平行,其中∠1比∠2的4倍少30°
,那么∠1的度数是 °
12.如图,把一块长方形纸条ABCD沿EF折叠,若∠EFG=34°
,那么∠BGD'
= 度.
13.如图,AB∥DE,∠1=26°
,∠2=116°
,则∠BCD= °
14.如图,已知AB∥CD,∠EAB=3∠EAF,∠ECD=3∠ECF,∠AFC=62°
,则∠AEC的度数是 .
15.如图,AE∥CF,∠BCD=90°
,∠1=45°
,∠B=25°
,则∠2的度数为 .
16.如图,已知AB∥CD,点P、Q分别是直线AB,CD上两点,点G在两平行线之间,连接PG,QG,点E是直线CD下方一点,连接EP,EQ,且GQ的延长线平分∠CQE,PE平分∠APG,若2∠PEQ+∠PGQ=120°
,则∠CQE的度数是 .
17.如图,已知AB∥CD,则∠A=70°
,∠C=130°
,∠P= .
18.如图,AB∥CD,EM是∠AMF的平分线,NF是∠CNE的平分线,EN,MF交于点O.若∠E+60°
=2∠F,则∠AMF的大小是 .
19.如图,AB∥EF∥CD,∠ABC=46°
,∠BCE=20°
,则∠CEF= .
20.如图,将一条对边互相平行的纸带进行两次折叠,折痕分别为AB、CD,若CD∥BE,∠1=30°
,则∠2的大小为 度.
21.如图,GF∥CD,∠1=∠2.求证:
∠CED+∠ACB=180°
22.如图,△ABC中,D为AC边上一点,过D作DE∥AB,交BC于E;
F为AB边上一点,连接DF并延长,交CB的延长线于G,且∠DFA=∠A.
(1)求证:
DE平分∠CDF;
(2)若∠C=80°
,∠ABC=60°
,求∠G的度数.
23.如图,AB∥CD,∠B=∠D,直线EF与AD,BC的延长线分别交于点E,F,求证:
∠DEF=∠F.
24.如图,AB∥CD,请你直接写出下面四个图形中∠APC与∠PAB、∠PCD的关系,并从所得到的关系中选第3个加以说明.(适当添加辅助线,其实并不难)
25.已知,AB∥CD,点E为两直线之间的一点.
(1)如图1,若∠BME=35°
,∠CNE=110°
,则∠MEN= °
;
(2)如图2,∠AME的角平分线MF与∠END的角平分线的反向延长线NF交于点F,且满足∠E﹣∠F=60°
,求∠MEN的度数;
(3)在
(2)的条件下,如图3,NG平分∠CNF,交MF于点H,交MG于点G,且∠AMG=2∠FMG,∠G=30°
,求∠NHF的度数.
参考答案
1.解:
①∠1=∠2,根据内错角相等,两直线平行,即可证AB∥CD,故此选项符合题意;
②∠3=∠4,根据内错角相等,两直线平行,可证得BC∥AD,不能证AB∥CD,故此选项不符合题意;
③∠A=∠CDE,根据同位角相等,两直线平行,即可证得AB∥CD,故此选项符合题意;
,根据同旁内角互补,两直线平行,即可证得AB∥CD,故此选项符合题意.
故选:
A.
2.解:
如图,
∵EF∥BC,
∴∠FDC=∠F=30°
,
∴∠α=∠FDC+∠C=30°
+45°
=75°
C.
3.解:
∵∠CEB=50°
∴∠AED=50°
∵EF⊥AE,
∴∠DEF=∠AED+∠AEF=50°
+90°
=140°
B.
4.解:
延长AB两端,如图所示:
∵∠1+∠3=125°
,∠2+∠4=85°
∴∠1+∠3+∠2+∠4=210°
∵l1∥l2,
∴∠3+∠4=180°
∴∠1+∠2=210°
﹣180°
=30°
∵∠1=15°
∴∠2=30°
﹣15°
=15°
5.解:
∵CD∥AB,
∴∠AOD+∠D=180°
∵∠D=60°
∴∠AOD=180°
﹣∠D=180°
﹣60°
=120°
∵OE平分∠AOD,
∴∠AOE=
∠AOD=
×
120°
=60°
∵∠EOF=80°
∴∠BOF=180°
﹣∠AOE﹣∠EOF=180°
﹣80°
=40°
6.解:
∵AE平分∠BAC,
∴∠BAE=∠CAE=34°
∵ED∥AC,
∴∠CAE+∠AED=180°
∴∠DEA=180°
﹣34°
=146°
∵BE⊥AE,
∴∠AEB=90°
∵∠AEB+∠BED+∠AED=360°
∴∠BED=360°
﹣146°
﹣90°
=124°
7.解:
如图①,
∵AC∥BE,
∴∠1=∠A=50°
∵BF⊥AD,
∴∠AFB=90°
∴∠EBF=90°
+50°
如图②,
∴∠1=180°
﹣∠A=130°
∴∠DFB=90°
∴∠EBF=130°
综上所述,∠B=140°
,40°
D.
8.解:
∵AD∥BC,∠EFG=57°
∴∠EFG=∠EFC=57°
由折叠的性质可知,∠EFC=∠FEG,
∴∠GEC=∠EFC+∠FEG=114°
∴∠BEG=66°
9.解:
过E作EN∥AB,过F作FQ∥AB,
∵∠ABE=
∠ECF,∠ABE=α,
∴∠ABF=3α,∠DCF=4∠ECD,
∵AB∥CD,
∴AB∥EN∥CD,AB∥FQ∥CD,
∴∠ABE=∠BEN=α,∠ECD=∠CEN,∠ABF+∠BFQ=180°
,∠DCF+∠CFQ=180°
∴∠ABE+∠ECD=∠BEN+∠CEN=∠BEC,∠ABF+∠BFQ+∠CFQ+∠DCF=180°
+180°
=360°
即α+∠ECD=β,3α+γ+4∠DCE=360°
∴∠ECD=β﹣α,
∴3α+γ+4(β﹣α)=360°
即4β﹣α+γ=360°
10.解:
过P点作PE∥AB,
∴∠A+∠APE=180°
∵∠A=120°
∴∠APE=180°
﹣120°
∵∠APC=40°
∴∠CPE=∠APE﹣∠APC=60°
﹣40°
=20°
∴CD∥PE,
∴∠C+∠CPE=180°
∴∠C=180°
﹣20°
=160°
11.解:
①当∠1=∠2时,
∵∠1=4∠2﹣30°
∴∠1=4∠1﹣30°
解得∠1=10°
②当∠1+∠2=180°
时,
∴(4∠2﹣30°
)+∠2=180°
解得∠2=42°
﹣∠2=138°
故答案为:
10或138.
12.解:
∵四边形ABCD是长方形,
∴AD∥BC,
∴∠DEF=∠EFG=34°
,∠BGD'
=∠AEG.
由折叠的性质得:
∠DEG=2∠DEF=68°
∴∠AEG=180°
﹣∠DEG=180°
﹣68°
=112°
∴∠BGD'
112.
13.解:
过点C作CF∥AB,如图所示:
∵AB∥DE,CF∥AB,
∴CF∥DE,
∴∠2+∠4=180°
又∵∠2=116°
∴∠4=180°
﹣∠2=64°
又∵CF∥AB,
∴∠1=∠3,
又∵∠1=26°
∴∠3=26°
又∵∠BCD=∠3+∠4,
∴∠BCD=90°
90.
14.解:
连接AC,设∠EAF=x,∠ECF=y,∠EAB=3x,∠ECD=3y,
∴∠BAC+∠ACD=180°
∴∠CAE+3x+∠ACE+3y=180°
∴∠CAE+∠ACE=180°
﹣(3x+3y),∠FAC+∠FCA=180°
﹣(2x+2y),
∴∠AEC=180°
﹣(∠CAE+∠ACE)
=180°
﹣[180°
﹣(3x+3y)]
=3x+3y
=3(x+y),
∠AFC=180°
﹣(∠FAC+∠FCA)
﹣(2x+2y)]
=2x+2y
=2(x+y),
∵∠AFC=62°
∴∠AEC=
∠AFC=93°
93°
15.解:
∵∠1=45°
∴∠BAE=180°
﹣∠1﹣∠B=110°
∵AE∥CF,
∴∠FCB=∠BAE=110°
∵∠BCD=90°
∴∠2=∠FCB﹣∠BCD=20°
20°
16.解:
如图,过点G作GM∥AB,过点E作EN∥AB,
∴AB∥GM∥CD∥EN,
设∠CQF=x,∠APE=y,
∵QF平分∠CQE,PE平分线∠APG,
∴∠EQF=∠CQF=x,∠GPE=∠APE=y,
∵AB∥GM∥CD,
∴∠PGM=180°
﹣∠APG=180°
﹣2y,∠MGQ=∠CQF=x,
∴∠PGQ=∠PGM+∠MGQ=180°
﹣2y+x,
∵AB∥CD∥EN,
∴∠APE=∠PEN=y,∠CQE=∠QEN=2x,
∴∠PEQ=∠PEN﹣∠QEN=y﹣2x,
∵2∠PEQ+∠PGQ=120°
∴2(y﹣2x)+180°
﹣2y+x=120°
∴x=20°
∴∠CQE=2×
40°
17.解:
如图,延长DC交AP于F.
∴∠AFD=∠A=70°
∵∠DCP=130°
∴∠FCP=180°
﹣∠DCP=50°
∴∠P=∠AFD﹣∠FCP=70°
﹣50°
18.解:
作EH∥AB,如图,
∴EH∥CD,
∴∠1=∠AME,∠2=∠CNE,
∵EM是∠AMF的平分线,
∴∠AME=
∠AMF,
∵∠MEN=∠1+∠2,
∴∠MEN=
∠AMF+∠CNE,
同理可得,
∠F=∠AMF+
∠CNE,
∴2∠F=2∠AMF+∠CNE,
∴2∠F﹣∠MEN=
∵∠MEN+60°
=2∠F,即2∠F﹣∠MEN=60°
∴
∠AMF=60°
∴∠AMF=40°
19.解:
∵AB∥CD,∠ABC=46°
∴∠BCD=∠ABC=46°
又∵∠BCE=20°
∴∠ECD=26°
∵EF∥CD,
∴∠CEF=180°
﹣∠ECD=180°
﹣26°
=154°
154°
20.解:
如图,延长FA,由折叠的性质,可得∠3=∠1=30°
﹣30°
∵CD∥BE,BE∥AF,
∴∠ACD=∠4=120°
又∵AC∥BD,
∴∠2=180°
﹣∠ACD=180°
60.
21.证明:
∵GF∥CD,
∴∠2=∠DCB,
∵∠1=∠2,
∴∠1=∠DCB,
∴DE∥BC,
∴∠CED+∠ACB=180°
22.
(1)证明:
∵DE∥AB,
∴∠A=∠CDE,∠DFA=∠FDE,
∵∠DFA=∠A,
∴∠CDE=∠FDE,
∴DE平分∠CDF;
(2)∵∠A+∠C+∠ABC=180°
,∠C=80°
∴∠A=180°
∴∠GFB=∠DFA=40°
∵∠G+∠GFB=∠ABC,
∴∠G=∠ABC﹣∠GFB=60°
23.证明:
∴∠DCF=∠B,
∵∠B=∠D,
∴∠DCF=∠D,
∴∠DEF=∠F.
24.解:
①如图1,∠APC=∠PAB+∠PCD,
过点P作PE∥AB,
∴PE∥AB∥CD,
∴∠1=∠PAB,∠2=∠PCD,
∴∠APC=∠1+∠2=∠PAB+∠PCD;
②如图2,∠PAB+∠APC+∠PCD=360°
∴∠1+∠PAB=180°
,∠2+∠PCD=180°
∴∠1+∠2+∠PAB+∠PCD=360°
∴∠PAB+∠APC+∠PCD=360°
③如图3,∠PAB=∠APC+∠PCD,
延长BA,交PC于点E,
∴∠1=∠PCD,
∴∠PAB=∠APC+∠1=∠APC+∠PAD;
④如图4,∠PCD=∠PAB+∠APC,
∴∠PCD=∠1=∠APC+∠PCD.
25.解:
(1)过点E作EF∥AB,如图,
∵EF∥AB,
∴∠MEF=∠BME=35°
∵EF∥AB,AB∥CD,
∴EF∥CD.
∴∠FEN+∠CNE=180°
∵∠CNE=110°
∴∠FEN=70°
∴∠MEN=∠MEF+∠NEF=105°
105°
(2)分别过点F、E作FQ∥AB,EP∥AB,如图,
又∵AB∥CD,
∴AB∥EP∥CD∥FQ.
∴∠BME=∠PEM,∠DNE=∠PEN,∠AMF=∠MFQ,∠KND=∠KFQ.
∴∠MEN=∠BME+∠END,∠MFN=∠AMF﹣∠KND.
∵MF、NK分别平分∠AME与∠END,
∴∠MEN=180°
﹣2∠AMF+2∠KND,∠MFN=∠AMF﹣∠KND.
∵∠MEN﹣∠MFK=60°
∴∠AMF﹣∠KND=40°
,即∠MFK=40°
∴∠MEN=100°
(3)如图:
过点G作GL∥AB,
∴AB∥CD∥GL.
∴∠AMG=∠MGL.
∵∠MGN=30°
∴∠AMG=∠CNG+30°
∵NG平分∠CNF,
∴∠CNG=
∵∠AMG=2∠FMG,
由
(2)知∠AMF=∠MFN+∠CNF,且∠MFN=40°
+∠CNF.
∴∠CNF=20°
∴∠NHF=120°