辽宁省鞍山市届九年级上学期期末考试物理试题解析版.docx

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辽宁省鞍山市届九年级上学期期末考试物理试题解析版

辽宁省鞍山市2018届九年级上学期期末考试物理试卷

一、选择题

1.下列数据是小明对家用电器正常使用时的估测，其中最接近实际的是（）

A.电热水器中水从室温加热到60℃吸热约7.5×105J

B.一度电可以使教室里一盏日光灯使用25h

C.电压力锅煮一顿饭耗电约0.02kW•h

D.电冰箱正常工作的电流约5A

【答案】B

【解析】A、电热水器中水的质量约为50kg左右，水从室温15°C加热到60℃吸热约为：

Q＝cm（t0﹣t）＝4.2×103J/（kg•°C）×50kg×（60°C﹣15°C）＝9.45×106J，故A不符合实际；B、教空里一盏日光灯的功率为40W，由W＝Pt，一度电可以使教室里一盏日光灯使用时间：

t

＝25h，故B符合实际；C、电压力锅煮饭时的功率在1000W左右，煮一顿饭约用0.5h，消耗的电能为：

W＝Pt＝1kW×0.5h＝0.5kW•h，故C不符合实际；D、家用电冰箱正常工作的电流在1A左右，故D不符合实际.

2.下面是某同学对于内能和热量的理解，正确的是（）

A.质量相同时，100℃的水比80℃的水含有的热量多

B.0℃冰块的内能为零

C.一块0℃的冰熔化成0℃的水，内能不变

D.温度高的物体，内能不一定大

【答案】D

【解析】解答：

A.热量是发生热传递时，物体吸收或放出的能量，不是物体含有的；则水含有的热量多或少的说法错误，不符合题意；B.因物体的分子永不停息地做无规则的运动，所以任何物体都有内能，则0℃冰块的内能为零的说法错误，不符合题意；C.一块0℃的冰熔化成0℃的水，需要吸收热量，内能变大，不符合题意；D.物体内能的大小与物体的质量、温度、状态有关，只根据温度不能判定物体内能的大小，所以温度高的物体，内能不一定大，符合题意。

点睛：

从分析内能和温度、状态的关系，内能和热量的区别去判断．

3.用两个相同的电热水器给质量同为2kg的物体甲和水加热，它们的温度随时间的变化关系如图所示，据此判断甲物质10min吸收的热量为：

[c水=4.2×103J/（kg•℃）]（）

A.0.84×105JB.1.2×105J

C.2.52×105JD.条件不足，不能计算

【答案】C

【解析】解答：

用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，由图象可知，水温度升高60℃需要20min，物质甲温度升高60℃需要10min.因为物质吸收的热量和时间成正比，所以,质量相同的物质甲和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：

Q水吸＝2Q甲吸.由Q吸＝cm△t得：

c＝

则c水＝2c甲.又因为c水＝4.2×103J/（kg⋅℃），所以c甲＝

c水＝2.1×103J/（kg⋅℃），甲物质10min升高了60℃，Q甲吸＝c甲m甲△t甲＝2.1×103J/（kg⋅℃）×2kg×60℃＝2.52×105J.

点睛：

由题知物质甲和水质量相同，升高的温度相同时水吸收的热量是物质甲吸收热量的2倍．根据吸热公式Q＝c吸m△t判断两物质的比热容之间的关系，从而得出物质甲的比热容．由图象确定甲10min升高的温度，然后根据Q吸＝cm△t求出甲物质吸收的热量．

4.如图所示的电能表表盘上，可以获得的正确信息是（）

A.电能表的读数为4805kW•h

B.电能表转盘转过3000转，电能表消耗电能1kW•h

C.用电器正常工作时的总功率不得超过4400W

D.用电器正常工作时的总功率不得超过2200W

【答案】C

【解析】解答：

A. 当前电能表的读数为480.5kW⋅h.故此说法错误；B .3000r/kW•h，表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000转，不是电能表消耗的电能，故B错；C. D用电器正常工作时总功率不能超过P＝UI＝220V×20A＝4400W.故C说法正确、D错误。

点睛：

（1）电能表是测量用电器在一定时间内消耗电能多少的仪表．

（2）电能表是读数方法：

最后一位是小数，单位是kW•h．（3）3000r/kW•h，表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000转；（4）从电能表的表盘上可以看出，电能表的额定电压为220V；标定电流为10A；额定最大电流为20A；根据公式P＝UI可求用电器正常工作时的总功率.

5.利用伏安法测量电阻时，由于电表本身电阻的影响，造成测量结果有误差．现采用图所示电路，能较准确的测量Rx的阻值，已知A、B之间的电压U保持不变．当S接通a时，电压表示数为10V，电流表示数为0.2A，当S接通b时，电压表示数为12V，电流表示数为0.15A，则待测电阻Rx的阻值为（）

A.60ΩB.65ΩC.70ΩD.75Ω

【答案】C

【解析】解答：

设电流表的内阻为RA，

（1）S接a时,U＝U1+I1RA,即：

U＝10V+0.2A×RA———①；

（2）S接b时,U＝I2（RX+RA）,即：

U＝0.15A×（RX+RA）————②；U＝U2，即：

U＝12V————③；由①②③解得：

Rx＝70Ω.故选C.

6.关于热机，下列说法正确的是（）

A.汽油机顶部有喷油嘴，柴油机顶部有火花塞

B.柴油机在吸气冲程中，将柴油和空气的混合气吸入气缸

C.汽油机上安装一个笨重的飞轮，是为了提高它的效率

D.四个冲程中，做功冲程是唯一一个对外做功的冲程

【答案】D

【解析】解答：

A.汽油机汽缸顶部有一个火花塞，柴油机汽缸顶部是一个喷油嘴。

此选项错误；B.工作过程中，汽油机吸入的是空气和汽油的混合物，柴油机吸入的是空气。

此选项错误；C.汽油机上安装笨重的飞轮，是为了靠它的惯性完成吸气、压缩和排气冲程，不为了提高效率，故C错误；D.四个冲程中，做功冲程是唯一一个对外做功的冲程，基余冲程靠飞轮的惯性来完成。

此选项正确。

点睛：

①汽油机和柴油机结构不同之一：

汽油机有火花塞，柴油机有喷油嘴；②工作过程中，汽油机吸入的是空气和汽油的混合物，柴油机吸入的是空气；③热机工作过程中，压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能．

7.下列关于半导体、超导体的说法中，正确的是（）

A.半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，可制作二极管

B.半导体的导电性能良好，可制作远距离输电导线

C.超导体的导电性能最好，可制作电炉丝

D.超导体的电阻为零，没有实际用途

【答案】A

【解析】解答：

AB、容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，具有一些特殊的物理性质，单向导电性，可制作二极管。

故A正确，B错误；C.超导体的电阻为零，利用电流热效应工作的电器设备都不能用超导材料制作，故C错误；D.超导体的电阻为零，也就避免了内能的损耗，适合制作远距离输电导线，故D错误。

点睛：

半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，具有一些特殊的物理性质．超导体的电阻为零，利用电流热效应工作的电器设备都不能用超导材料制作，但作远距离输电导线可以大大减小能量的损耗．

8.如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置．弯月形的电阻R与金属滑片P构成一个滑动变阻器．金属滑片P是杠杆的一端．下列说法正确的是（）

A.该电路中油量表既可用电流表改装，也可用电压表改装

B.油面升高，滑动变阻器接入电路中的电阻减小

C.R0和R在电路中是并联的

D.电路中的电流越小，油量表指示油面的高度值越大

【答案】D

【解析】解答：

A.油量表和滑动变阻器是并联的，所以油量表是电压表改装。

故A不正确；B.D油量值越大,油面越高,浮子上升,滑片上移,滑动变阻器连入电路的电阻越大,根据I

可知，电流越小。

故B不正确,D正确；C.R0和R在电路中是串联的。

故C不正确。

点睛：

（1）根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中，而由图可知电阻R与R0串联，油量表和滑动变阻器并联，可以判断油量表是电压表．

（2）由图可知油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，根据欧姆定律可知电流越小．

9.两个相同的验电器A和B，A带正电，B不带电，用金属棒把A、B连接起来后如图，则（）

A.A中正电荷通过棒流向B，B带正电荷

B.B中负电荷通过棒流向A，B带正电荷

C.棒中有持续电流从A流向B，使B张角增大

D.棒中有持续电流从B流向A，使A张角先减小，后增大

【答案】B

【解析】试题分析：

金属导体中形成电流的是电子的定向移动，所以，A错B正确；物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向，但不具备产生持续电流的条件，所以C、D错。

考点：

验电器；电荷的相互作用；电流及电流方向；

点评：

验电器的原理同种电荷相互排斥。

两个相同的验电器A和B，A带正电,是失去了电子，B不带电,用金属棒把A、B连接起来后，B验电器的金属箔上的电子会转移到A金属箔上，B中负电荷通过棒流向A，B带正电荷。

故选B。

形成持续电流需要条件，电路闭合，有电源所以C、D，故选B。

10.家用洗衣机的主要部件就是电动机，若一个洗衣机在220V电路中正常工作时通过的电流为2A，电动机线圈电阻为4Ω，则每分钟电流通过线圈产生的热量为（）

A.960JB.7.26×105JC.2.64×104JD.440J

【答案】A

【解析】解答：

通过线圈的电流产生的热量：

Q＝I2Rt＝（2A）2×4Ω×60s＝960J.

点睛：

知道电动机线圈的电阻和通过的电流以及通电时间，根据Q＝I2Rt求出通过线圈的电流产生的热量．

11.中华茶文化源远流长，泡茶、喝茶中包含很多物理知识．下列说法正确的是（）

A.打开茶叶盒，茶香飘满屋是一种扩散现象

B.茶水太烫，放一会茶凉了，此时茶水具有的内能减小

C.用冷水无法泡茶是因为冷水分子不做无规则运动

D.触摸玻璃茶杯感觉很热是通过热传递的方式增大手的内能

【答案】ABD

【解析】解答：

A.打开茶叶盒，茶香飘满屋是茶叶分子扩散的结果，说明分子不停地做无规则运动，故A正确；B、同一物体温度越低，内能越小，茶水太烫，放一会茶凉了，此时茶水具有的内能减小，故B正确；C、跟据分子运动论可知，一切分子都是运动的，故C错误；D、用手拿茶杯喝茶时，感觉到手很热，是茶杯将内能传递给手，使手的内能增加，温度升高，故D正确．

点睛：

（1）组成物质的分子永不停息地做无规则的运动，物质分子通过扩散现象可以使分子充满整个空间；2）内能的大小跟物体的温度和物体的质量大小有关．同一物体温度升高，物体的内能增大；对不同物体来说，内能大小还与物体的质量有关；（3）据分子运动论可知，一切分子都是运动的；（4）改变内能的方式有两种，即做功和热传递．

12.有一台电动机工作一段时间后消耗了2度电，下列说法正确的是（）

A.电流通过电动机做了7.2×106J的功

B.有7.2×106J的电能全部转化为机械能

C.电流做功小于7.2×106J

D.转化成的机械能小于7.2×106J

【答案】AD

【解析】解答：

AC电流做功的本质：

电流做功的过程，实际就是电能转化为其他形式能量的过程，电流做了多少功，就有多少电能转化为其他形式的能量。

电动机能量的转化：

电能转化为机械能和热能。

消耗的电能跟机械能与热能的关系：

消耗的电能W＝机械能+热能。

消耗的电能W＝2kwh＝2×3.6×106J＝7.2×106J电流通过电动机做的功为7.2×106J。

A正确，C不正确；BD、电动机在工作时，电能主要转化为机械能，还有一少部分电转化为内能，所以机械能的总量要小于电能，故B错误，D正确；

13.如图所示的电路，电源电压不变．闭合开关，在滑动变阻器的滑片P从b端向中点移动的过程中，下列说法正确的是（）

A.电压表的示数保持不变

B.电流表的示数逐渐变小

C.电阻R2的电功率逐渐变大

D.电压表的示数与电流表的示数比值逐渐变小

【答案】BC

【解析】解答：

由电路图可知,R1与变阻器并联后与R2串联,电流表测通过R1的电流，电压表测并联电路的电压；AB、将滑动变阻器的滑片P从b端向中点移动的过程中,RaP变小,根据并联电阻的规律可知,R1与变阻器并联的总电阻R并变小，由分压原理可知，并联电路两端的电压变小，即电压表示数变小，故A错误；并联电路两端的电压变小,由欧姆定律可知,通过R1的电流变小，即电流表示数变小，故B正确；C、因R1与变阻器并联的总电阻R并变小,则整个电路的总电阻变小,由欧姆定律可知,电路的总电流变大,由P＝I2R可知,电阻R2的电功率逐渐变大，故C正确；D、由图知，电压表测量定值电阻R1两端电压，电流表测量通过R1的电流，由欧姆定律可知电压表的示数与电流表的示数比值等于R1的阻值，而R1的阻值不变，所以电压表的示数与电流表的示数比值不变，故D错误。

点睛：

分析电路的连接，将滑动变阻器的滑片P从b端向中点移动的过程中，判断RaP变化，根据并联电阻的规律，确定R1与变阻器并联的电阻R并变化，由分压原理，判断并联电路两端的电压变小化，即电压表示数变化；由欧姆定律可知电压表的示数与电流表的示数比值等于R1的阻值，而R1的阻值不变，所以电压表的示数与电流表的示数比值不变．

14.如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V，闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I﹣U关系图象如图乙所示．则下列判断正确的是（）

A.小灯泡的额定功率为24WB.电源电压为12V

C.滑动变阻器的最大阻值为9ΩD.小灯泡的最小功率为1.5W

【答案】ABC

【解析】试题分析：

（1）由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，此时灯泡两端的电压和额定电压相等也是电源的电压，根据P=UI求出灯泡的电功率即为额定功率；

（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小由图可知电表的示数，由P=UI计算灯泡的最小功率；根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值．

解：

（1）由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，此时电路中电流最大，

由图象可知，电路中的电流I=2A，U=UL=12V，

则灯泡的额定功率：

PL=ULI=12V×2A=24W．故AB正确；

（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，

由图象可知，灯泡两端的电压UL′=3V，电路中的电流I′=1A，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，滑动变阻器两端的电压：

UR=U﹣UL′=12V﹣3V=9V，

由I=

可得，滑动变阻器的最大阻值：

R=

=

=9Ω．故C正确．

此时灯泡的最小功率：

P最小=UL′I最小=3V×1A=3W，故D错误；

故选ABC．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据图象读出电表对应的示数．

视频

二、填空题

15.冬天一场大雪后，在雪地里玩耍的小宝宝被冻哭了，妈妈心疼地把宝宝的小手放在自己的手心中搓揉了一会儿，又放在怀中．“搓揉”是利用_____方式使宝宝的小手暖和的；“放在怀中”又是利用_____方式使宝宝的小手暖和的；这两种方式都能让宝宝的小手暖和起来，表明做功和热传递在改变物体内能上是_____的．

【答案】

（1）.做功

（2）.热传递（3）.等效

【解析】解答：

（1）妈妈把宝宝的小手放在自己的手心中搓揉，两个手摩擦，摩擦生热，将机械能转化为内能，这是通过做功的方法来改变了手的内能；

（2）妈妈把宝宝的小手放在怀中，由于身体与宝宝的手存在着温度差，内能就会从温度高的位置传递给温度低的手，从而使手的内能增加。

（3）两种方式都能让宝宝的小手暖和起来，说明这两种方式对改变物体的内能是等效的。

点睛：

做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：

做功是能量的转化，而热传递是能量的转移．

16.如图甲是一台单杠四冲程汽油机工作状态示意图，由图甲可以看出，它此时正处在_____冲程，其能量转化情况与_____（选填“乙”或“丙”）图相同．如果此汽油机每秒对外做功20次，则汽油机每秒内完成_____个冲程，飞轮的转速为_____r/min．

【答案】

（1）.做功

（2）.丙（3）.80（4）.2400

【解析】解答：

（1）观察甲图可知，两个气门都关闭，活塞向下运动，因此是做功冲程；做功冲程将内能转化为机械能；

（2）乙图是用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧。

是通过对物体做功来增大物体内能的，即是将机械能转化为内能的过程。

丙图对试管中的水加热，加快水的蒸发，使试管中水的内能增大，体积膨胀，对外做功，使塞子飞出去，内能转化为塞子的机械能。

因此与做功冲程原理相同的是丙实验。

（3）汽油机每秒内对外做功20次，完成了80个冲程，每分钟做1200次功，飞轮转2400圈，因此飞轮的转速为2400r/min.

点睛：

（1）内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：

“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功”进行分析；做功冲程将内能转化为机械能；压缩冲程将机械能转化为内能．

（2）改变物体内能的方式有热传递和做功两种．做功改变物体内能的实质是能量的转化，具体来说是内能和机械能的相互转化．对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外做功，物体的内能减少，温度降低．（3）四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次．

17.如图所示，往试管装进一半染红的水，再注满酒精，加盖密封后静置一段时间，混合后酒精和红水的总体积明显减小，此现象说明分子间有_____；酒精和红水混合液的颜色逐渐均匀，此现象说明分子不停地_____；荷叶上两滴水珠接触时，会自动结合成一滴较大的水珠，此事实说明分子间存在着_____．

【答案】

（1）.间隙

（2）.做无规则的运动（3）.引力

【解析】解答：

（1）由于分子间有间隙，所以混合后酒精和红水的总体积明显减小。

（2）酒精和红水混合液混合后，由于酒精分子和红水的分子不停运动，所以酒精和红水混合液的颜色逐渐均匀。

（3）荷叶上两滴水珠接触时，会自动结合成一滴较大的水珠，此事实说明分子间存在着吸引力。

点睛：

分子热运动理论的内容：

一是物质是由分子构成的；二是构成物质的分子都在不停地做无规则运动；三是分子间存在相互作用力即引力和斥力．

18.电动混合动力汽车非常节能减排，给汽车蓄电池充电时，蓄电池相当于_____（填“用电器”或“电源”）；刚擦完车玻璃的干毛巾很容易吸附灰尘，但与橡胶棒摩擦过的毛皮相互排斥，这说明干毛巾带_____电．

【答案】

（1）.用电器

（2）.正

【解析】

（1）给汽车蓄电池充电时，蓄电池将电能转化为化学能，蓄电池相当于用电器。

（2）刚擦完车玻璃的干毛巾由于摩擦而带电，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以毛巾很容易吸附灰尘。

与橡胶棒摩擦过的毛皮带正电荷，二者相互排斥，说明干毛巾与毛皮带同种电荷---正电荷。

19.（2017•鞍山二模）如图所示，在烧杯中加入盐水，然后将连在电压表上的铜片和锌片插入盐水中，这样就制成了一个盐水电池．观察电压表的接线和指针偏转可知：

锌片是盐水电池的_____极，电池的电压为_____V．盐水中，正电荷不断地在铜片聚集，负电荷不断地在锌片聚集，盐水中电流的方向是_____．

【答案】

（1）.负

（2）.0.6（3）.从锌片流向铜片

【解析】解答：

根据图示可知，因为锌片与电压表的负接线柱相连，因此锌片为盐水电池的负极；电压表的量程为0∼3V，分度值为0.1V，示数为0.6V；电流的方向是从铜片流经电压表流向锌片，而自由电子的移动方向与电流方向相反，所以铜片与电压表之间的导线中，自由电子的运动方向是从电压表流向铜片；而盐水中的电流的方向是由负极到正极，所以盐水中电流的方向是从锌片流向铜片。

点睛：

电源外部电流总是从电源的正极出发，经过用电器，回到电源的负极的，电源内部电流是由负极到正极；根据电压表的正确使用方法确定电源的正负极；根据电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表的示数；电荷的定向移动形成电流，正负电荷定向移动方向相反，规定正电荷定向移动的方向为电流方向；所以负电荷定向移动的方向与电流方向是相反的．

20.如图所示的电路，AB和CD均为镍铬合金线．闭合开关后，通过观察_____，可以比较出合金线电阻的大小，这种研究方法叫_____（填“等效替代法”或“转换法”）．这个实验装置是研究电阻大小与导体_____的关系．

【答案】

（1）.电流表的示数

（2）.转换法（3）.横截面积

【解析】试题分析：

实验中通过观察电流表的示数来比较电阻的大小，这是采用的转换法；实验中导体的材料和长度均相同，横截面积不同，电阻值不同，所以该实验研究的是电阻大小与导体横截面积的关系。

考点：

影响电阻大小的因素；物理学方法

21.如图是一顶太阳能风扇凉帽，凉帽的顶部装有一个太阳能电池板，帽沿装有一个小型电风扇．电池板在太阳光的照射下，将_____能转化为电能，驱动电风扇工作．电风扇工作时的电压为1.2V，电流为50mA，若电风扇正常工作了l小时，电流做功为_____焦．

【答案】

（1）.太阳

（2）.216

【解析】试题分析：

太阳能电池板是将太阳能转化为电能的装置，读题知:

U=1.2v，I=50mA=0.05A，t=1h=3600s,电流做功为:

W=UIt=1.2v×0.05A×3600s=216J.

考点：

太阳能电池，电功计算。

22.电动自行车已成为大众化的一种交通工具，其核心是直流电动机．小明对家中的电动自行车进行了测试，他骑车在平直的路面上由静止开始运动，获得如图所示的速度v和牵引力F随时间t变化的关系图象．已知匀速行驶时，电动机输入电压48V，输入电流5A，由图可知，电动自行车匀速行驶时，牵引力F的功率为_____W，电能转化为机械能的效率为_____%．

【答案】

（1）.210

（2）.87.5

【解析】解答：

（1）由速度−时间图象可知，电动自行车的运动特点是先加速、后匀速；由牵引力−时间图象可知，在7∼12s牵引力大小F＝35N，因为在7∼12s匀速运动，所以摩擦力f＝F＝35N；电动自行车匀速运动时电动机的输出功率：

P＝fv＝35N×6m/s＝210W；

（2）由速度−时间图象可知,电动自行车匀速行驶时速度v＝6m/s,由速度公式可知,电动自行车在7∼12s内行驶的距离：

s＝vt＝6m/s×（12s−7s）＝30m；则7∼12s电动自行车行驶时克服摩擦力做的功：

W有＝Fs＝35N×30m＝1050J；消耗的电能为W电＝UIt＝48V×5A×5s＝1200J，则电能转化为机械能的效率：

η＝

×100%＝

＝87.5%。

点睛：

（1）观察速度-时间图象，电动自行车在0～7s速度越来越快，7～12s，速度不再变化；观察牵引力-时间图象，在7～12s牵引力大小不变，由于电动车匀速运动，牵引力等于摩擦力，求出摩擦力的大小；

（2）利用P＝fv求电动自行车匀速行驶时电动自行车匀速运动时电动机的输出功率．（3）根据图2读出电动自行车在7～12s内受到的牵引力，然后根据s＝vt和W有＝Fs求出电动自行车行驶时克服摩擦力做的功；利用W电＝UIt求出消耗的电能，根据η＝

求出效率．

23.某兴趣小组设计了如图甲所示的电路进行实验探究，电源为电压可调的学生电源，小灯泡L标有“6V1.2W”字样，R为20Ω的定值电阻．小组根据记录的电流表和电压表的示数变化，描绘出如图乙所示的I