电场经典习题易错题学习资料Word下载.docx
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四、利用电场线与等势面的垂直关系
电场线与等势面垂直,并且总是由高的等势面指向低的等势面,电场线密集的地方,等势面也密集,电场线稀疏的地方,等势面也稀疏。
例5 图7中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线。
两粒子
M、N质量相等,所带电荷的绝对值也相等。
现将M、N从虚线上的O
点以相同速率射出,两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所
示。
点a、b、c为实线与虚线的交点,已知O点电势高于c点。
若不计
重力,则()
A.M带负电荷,N带正电荷
B.N在a点的速度与M在c点的速度大小相同
C.N在从O点运动至a点的过程中克服电场力
做功
D.M在从O点运动至b点的过程中,电场力对
它做的功等于零
带电粒子在电场中偏转的三个重要结论
关于带电粒子在电场的运动问题,高考题中经常出现,下面我们先看一个例题:
例:
如图所示,质量为m电荷量为q的带电粒子以平行于极板的初速度v0射入长L板间距离为d的平行板电容器间,两板间电压为U,求射出时的侧移、偏转角和动能增量.
例1.如图所示,电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动,然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中,射入方向跟极板平行,整个装置处在真空中,重力可忽略,在满足电子能射出平行板区的条件下,下述四种情况中,一定能使电子的偏转角θ变大(
A.U1变大、U2变大B.U1变小、U2变大
C.U1变大、U2变小D.U1变小、U2变小
例2.证明:
在带电的平行金属板电容器中,只要带电粒子垂直电场方向射入(不一定在正中间),且能从电场中射出如图所示,则粒子射入速度v0的方向与射出速度vt的方向的交点O必定在板长L的中点.
例3.(如图甲所示,建立Oxy坐标系,两平行极板P、Q垂直于y轴且关于x轴对称,极板长度和板间距均为l,第一四象限有磁场,方向垂直于Oxy平面向里。
位于极板左侧的粒子源沿x轴间右连接发射质量为m、电量为+q、速度相同、重力不计的带电粒子在0~3t时间内两板间加上如图乙所示的电压(不考虑极边缘的影响)。
已知t=0时刻进入两板间的带电粒子恰好在t0时,刻经极板边缘射入磁场。
上述m、q、l、l0、B为已知量。
(不考虑粒子间相互影响及返回板间的情况)
(1)求电压U的大小。
(2)求
时进入两板间的带电粒子在磁场中做圆周运动的半径。
静电场中几个疑难小问题的突破
电场是一种抽象的物质,看不见、摸不着,初学时很难全面把握它的特性。
静电场中的问题一般涉及的物理量又较多,运用的规律不一而足,往往还需要把讨论的问题和力学、电学知识相结合,处理起来有一定难度。
下面以几个静电场中的疑难小问题为例,通过介绍处理的方法,帮助初学者开拓思路,寻找灵感。
一、电势的推断及电场线的描绘
通过发现不同点电势差之间的关系,利用“等分”的思想找到等电势点,连接后画出等势面,再借助电场线与等势面间的关系描绘出电场线,是解决此类问题的基本思路。
例1:
如图所示,A、B、C、D是匀强电场中一个正方形的四个顶点,已知A、B、C三点的电势分别为
、
,由此可以推断D点的电势
是多少?
试在方框内作出该电场的示意图,要保留作图时所用的辅助线。
解析:
“等分法”处理步骤如下
1.找出已知点中电势最低的点,求出其余各点和该点间的电势差;
2.利用添加分母的方式确定出上述几个电势差之间的关系;
3.按分母上的数值将对应两点间的连线进行等分,找到等势点,画出等势线;
4.依据等势面的分布及电势的相对高低描绘电场线。
在本题中C点电势最低,则
,
比较后发现,有:
故将A、C连线3等分(B、C连线无需处理),找到B的等电势点M,过D点作BM的平行线DN,DN与AC的交点N就是D的等电势点,而N刚好也是AC连线上的一个等分点,电势数值可求。
因
,所以
,虚线框内电场线分布如图中实线所示,方向垂直BM向下。
二、静电平衡问题
静电平衡问题素来有电场中的“迷宫”之称,那么怎样才能顺利走出“迷宫”呢?
这就要靠描绘电场的形象工具──电场线,正所谓“走出迷宫靠引线”!
具体地讲,就是先设法画出导体周围的几条电场线,然后结合电场线的分布和走向进行问题的分析处理。
其中,静电场中的电场线有如下特点:
(1)起源于正电荷(或无穷远处),终止于负电荷(或无穷远处),不会在没有电荷的地方中断(场强为0的奇异点除外);
(2)电场线不能形成闭合曲线;
(3)任何两条电场线不会相交。
导体达到静电平衡时有以下三个特征:
(1)内部场强处处为0;
(2)导体表面的电场线与导体表面处处垂直;
(3)导体是个等势体。
例2:
如图所示,A、B为带异种电荷的小球,将两个不带电的导体棒C、D放在两球之间,当用导线将C棒左端点x和D棒右端点y连接起来的瞬间,导体中的电流方向如何?
三、带电粒子运动轨迹的分析
带电微粒仅在电场力的作用下做曲线运动时,根据轨迹弯曲的方向可以判断粒子的电性以及速度、动能、电势能的变化情况。
若能灵活采用假设法、对比法,则无需机械记忆相关结论,就可快速完成分析过程。
例3:
一带电粒子从电场中的A点运动到B点,径迹如图中虚线所示,不计粒子所受重力,则(
A.粒子带正电B.粒子动能逐渐减小
C.粒子在A点的加速度大于在B点的加速度D.粒子在A点具有的电势能更大
四、电容器的动态分析
“变中抓不变”是处理动态变化问题的准则,电容器的动态分析也不例外,实际问题一般分两种情况:
一是定电压问题,即电容器始终与电源相连,电容器两极板间的电压
保持不变,以此不变量出发讨论其它量的变化。
二是定电荷量问题,即电容器在充电后与电源断开,电容器的带电荷量
保持不变,在此基础上讨论其它量的变化。
其中,第二种情况下板间场强
的变化可借助电场线的分布来形象理解。
在粗略的情况下,可认为电容器两极板间的电场线只分布在两极板正对的部分,且电场线总条数与电容器所带电荷量
成正比。
在
一定(即电场线总条数一定)的情况下,若仅改变板间距离,如图
(1)
(2),由于两板正对面积不变,则电场线分布的范围不变,所以电场线的疏密程度不会改变,场强不变(但电场线的长度发生了变化);
若仅改变正对面积,譬如正对面积减小,如图
(1)(3),则电场线分布范围变小,导致电场线分布变密,场强增大。
例4:
两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置,构成一平行板电容器,与它相连接的电路如图所示,接通开关K,电源即给电容器充电,则(
A.保持K接通,减小两板间的距离,则板间场强减小
B.保持K接通,在两板间插入一块介质,则极板上的带电量减少
C.断开K,减小两板间的距离,则两板间的电势差减小,场强也减小
D.断开K,在两板间插入一块介质,则两板间的电势差减小
不识电场真面目 只缘没有电场线
一、依据常见电场的电场线来画出需要的电场线
孤立点电荷周围的电场线、等量异种点电荷的电场线、等量同种点电荷的电场线、点电荷与带电平的电场线,需要记住,可直接套用。
例1 如图1所示,P、Q是两个电量相等的正的点电荷.它们连线的中点是O,A、B是中垂线上的两点,
<
,用
分别表示A、B两点的场强和电势,则( )
A.一定有
,一定有
B.不一定有
C.一定有
,不一定有
D.不一定有
例2 如图3所示,在x轴上关于原点O对称的两点固定放置等量异种点电荷+Q和-Q,x轴上的P点位于的右侧。
下列判断正确的是( )
A.在x轴上还有一点与P点电场强度相同
B.在x轴上还有两点与P点电场强度相同
C.若将一试探电荷+q从P点移至O点,电势能增大
D.若将一试探电荷+q从P点移至O点,电势能减小
例3 在光滑的绝缘水平面上,有一个正方形的abcd,顶点a、c处分别固定一个正点电荷,电荷量相等,如图5所示。
A.先作匀加速运动,后作匀减速运动
C.电势能与机械能之和先增大,后减小
二、依据等势面画出需要的电场线
电场线总是与等势面垂直,在不同的等势面间,沿着电场线的方向各等势面的电势越来越低。
据此可以画出电场线。
例4 如图7,虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线,两粒子M、N质量相等,所带电荷的绝对值也相等,现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出,两粒子在电场中运动的轨迹分别如图1中两条实线所示。
点A.B.c为实线与虚线的交点,已知O点电势高于c点。
若不计重力,则( )
C.N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功
D.M在从O点运动至b点的过程中,电场力对它做的功等于零
例5 如图9匀强电场中有a、b、c三点,在以它们为顶点的三角形中,∠a=30°
、∠c=90°
,电场方向与三角形所在平面平行。
已知a、b和c点的电势分别为
V、
V和2V,该三角形的外接圆上最低、最高电势分别为( )
A.
V
B.0V、4V
C.
D.0V、
V
谈静电场中两道题的拓展
如图1所示,质量为m、带+q电量的滑块,沿绝缘斜面匀速下滑,当滑块滑至竖直向下的匀强电场区时,滑块运动的状态为(
A.继续匀速下滑B.将加速下滑
C.将减速下滑D.上述三种情况都可能发生
变形1:
图3把电场强度方向改为向上,其他条件不变,问:
物体将做什么运动?
(
)
变形2:
图4把电场强度方向改为水平向左,其他条件不变,问:
变形3:
图5把电场强度方向改为水平向右,其它条件不变,问:
如图6所示,Q为固定的正点电荷,A、B两点在Q点的正上方和Q相距分别为h和0.25h,将另一点电荷从A点由静止释放运动到B点时速度正好又变为零,若此电荷在A点处的加速度大小为3/4g。
求:
1、此电荷在B点处的加速度?
2、A、B两点间的电势差?
(用Q、h表示)
变形:
题目见上一题,而把“在A点加速度为3/4g”改为“对于点电荷的电场其电势的表达式为
,取无限远处为电势为零的点”,问:
在A到B的过程中,其速度在什么位置达到最大?
最大值为多少?
例1.解析:
根据题意画出等量异种点电荷的电场线分布图,如图2所示,两电荷连线上场强大小E与x关系是关于两点电荷连线的中垂线对称,靠近两点电荷附近电场线越密电场强度较大,中央最稀电场强度最小,但不是零,因此正确的选项为A。
例2.解析:
(1)带电粒子只受电场力作用沿虚线运动到B点,则所受电场力的方向指向弯曲的内侧,与电场线的方向相同,所以粒子带正电。
(2)粒子向电场线密的地方运动,所受的电场力不断增大,则加速度不断增大。
(3)粒子速度方向为轨迹的切线方向,与电场力方向的夹角小于900,电场力做正功,粒子的速度大小不断增大。
例3.
解析:
a、c处等量正点电荷的电场线,如图5所示,由于不是匀强电场,带负电的粒子受到的电场力是变力,加速度是变化的,不可能作匀加速运动或匀减速运动。
由等量正电荷的电场分布知道,在两电荷连线的中垂线O点的电势最高,所以从b到d,电势是先增大后减小,由于只有电场力做功,所以只有电势能与动能的相互转化,故电势能与机械能之和守恒,由b到O电场力做正功,电势能减小,由O到d电场力做负功,电势能增加,所以正确的选项为D。
例4.解析:
电场线的稀密表示电场强度的大小,则P点的场强大于Q点的场强;
P、Q两点在同一条电场线上且由P指向Q,沿着电场线的方向电势逐渐降低,则P点的电势大于Q点的电势。
故正确的选项为A。
例5.
图中的虚线为等势线,由于等势线与电场线垂直,而O点电势高于c点,所以电场线方向竖直向下,根据M、N粒子的运动轨迹可知N受到的电场力向上,M受到的电场力向下,M带正电荷,N带负电荷,A错。
O到a的电势差等于O到c的两点的电势差,由于M和N电荷和质量大小相等,电场力做的正功相等,由动能定理可得N在a点的速度与M在c点的速度大小相同,但方向不同,B对C错。
O和b位于同一等势面上,M在从O点运动至b点的过程中,电场力对
它做的功等于零,D正确,故正确的选项为BD。
例.解:
分解为两个独立的分运动:
平行极板的匀速运动(运动时间由此分运动决定)
,垂直极板的匀加速直线运动,
.偏角:
,得:
.穿越电场过程的动能增量是:
ΔEK=qEy(注意,一般来说不等于qU),从例题可以得出结论有三:
结论一、不同带电粒子从静止进入同一电场加速后再垂直进入同一偏转电场,射出时的偏转角度总和位移偏转量y是相同的,与粒子的q、m无关。
电子在加速电场中由动能定理得
电子在偏转电场中有:
.由以上各式得:
,可知要使θ增大必然U2变大,U1变小,故选B.答案:
B
结论二、粒子垂直进入电场偏转射出后,速度的反向延长线与初速度延长线的交点为粒子水平位移中点。
(粒子好像是从中点直线射出!
例2.证明:
粒子从偏转电场中射出时偏距
,粒子从偏转电场中射出时的偏向角
,作粒子速度的反向延长线,设交于O点,O点与电场边缘的距离为x,则
。
可知,粒子从偏转电场中射出时,就好像是从极板间的
处沿直线射出似的,即证。
结论三、粒子垂直飞入电场偏转射出时,速度偏转角正切值(
)等于位移偏转角正切值(
)的两倍(
)。
例3.解析:
(1)
时刻进入两极板的带电粒子在电场中做匀变速曲线运动,
时刻刚好从极板边缘射出,在y轴负方向偏移的距离为
,则有
联立以上三式,解得两极板间偏转电压为
(2)
时刻进入两极板的带电粒子,前
时间在电场中偏转,后
时间两极板没有电场,带电粒子做匀速直线运动。
带电粒子沿x轴方向的分速度大小为
带电粒子离开电场时沿y轴负方向的分速度大小为
带电粒子离开电场时的速度大小为
设带电粒子离开电场进入磁场做匀速圆周运动的半径为R,则有
联立上式解得
点评:
本题是高考真题,考查的是带电粒子在匀强电场、匀强磁场中的运动。
导线中的电流总是从电势高的一端流向电势低的一端,因此解决此问题的关键是要判断出x、y两点电势的相对高低。
依据电场线的特点和处于静电平衡中的导体的特征,画出连接A、B、C、D的几根电场线。
务必注意,因静电平衡的导体C为等势体,故电场线④不可能存在,电场线⑤也不可能有,有兴趣可通过反证法证明。
因此在画图过程中要一定注意科学性,一般只需画出连接所有导体的几条电场线即可。
沿电场线电势逐渐降低,故由图可知
,也就是
,所以用导线连接x、y两点瞬间,导体中的电流方向从x到y。
由图可知A处的电场线比B处的电场线密,说明A处的场强大于B处的场强,根据牛顿第二定律和电场力大小计算式可得:
,故粒子在A点的加速度大些,选项(C)正确。
又如图,画出轨迹在P点的切线方向(利用轨迹与电场线的交点讨论问题比较方便),即粒子在P点的速度方向。
假设粒子不受电场力作用,由于惯性,粒子将沿P点的切线方向做匀速直线运动,对应的轨迹如图,而实际的运动轨迹相对于画出的直线轨迹向左偏折,说明粒子所受电场力方向向左,同时电场力的方向又必须跟所在处的场强方向共线,综合可知,粒子在P点受到的电场力方向应该沿P点的电场线向左。
因为电场力方向与场强方向相反,所以粒子应该带负电,选项(A)错;
电场力与速度间的夹角大于
,说明电场力是粒子运动的阻力,故对粒子做负功。
依据功能关系可以判断:
粒子的动能减少,电势能增加。
选项(B)正确、(D)错误。
本题正确选项是(B)(C)。
例4. 解析:
选项A、B属定电压问题。
由
可知
,选项A错;
由
得
,选项B正确;
选项C.D属定电荷量问题。
,但由于电场线总条数、电场线分布的范围不变,故电场线的疏密程度不会改变,即场强大小不变,选项C错;
同理,
,选项D错误。
本题正确选项是B。
学习电场,需要足够的耐心和想象力,一定要注意前后概念、规律之间的内在联系,学会用自己熟悉的知识来与电场进行类比,再通过适当强度的习题训练,归纳出各类问题的处理方法。
尤其是在借鉴已有方法的同时,还要善于变通、打破常规,尽量在易懂、易记上做文章,因为只有适合自己的方法才是最好的方法。
例1.解析:
画出两个电量相等的正的点电荷的电场线分布如图2,电场线特点是先密再疏,A、B是中垂线上的两点,但具体位置不确定,可上,可下,这样A、B所在处的电场线的疏密程度就会变化,就不一定有
,但根据沿着电场线电势降低,一定有
答案:
B。
点评:
通过画出两个电量相等的正的点电荷的电场线分布,使无形的电场变的有形,问题的解答变形象化、具体化。
画出等量正负点电荷的电场线如图4,由电场分布可知,在x轴上还有一点与P点电场强度相同,即和P点关于O点对称的C点,A正确。
若将一试探电荷+q从P点移至O点,电场力先做正功后做负功,所以电势能先减小后增大。
一般规定无穷远电势为零,过O点的中垂线电势也为零,所以试探电荷+q在P点时电势能为负值,移至O点时电势能为零,所以电势能增大,C正确。
答案AC
电场线可用来形象地描述电场的特性,以上解析画出了能形象描述电场分布的辅助工具──电场线,化抽象为形象,使问题的解答变的很容易。
画出ac处等量正点电荷电场线如图6,由于不是匀强电场,-q受到的电场力是变力,加速度是变化的。
所以A错;
由电场线分布图6,从b到O,-q逆着电场线运动,O到d再顺着电场线运动,故b到d电势是先增大后减小,B错;
从b到a,-q只受到的电场力,即只有电场力做功,电势能与动能的相互转化,故电势能与机械能的和守恒,C错;
由b到O电场力做正功,电势能减小,由O到d电场力做负功,电势能增加,D对。
D
本题如果直接对a、c处的正点电荷对-q,使用库仑定律,受力分析,也可解答,但不如用电场线分布图来解,形象,简单。
由图中等势线的特点,O点电势高于c点,沿着电场线电势降低,该匀强电场的电场线向下,如图8,根据MN粒子的运动轨迹可知N受到的电场力向上,M受到的电场力向下,M粒子带正电荷,N粒子带负电荷,a、c都错。
O到a的电势差等于O到c的电势差,且电荷和质量大小相等,而且电场力都做的是正功,根据动能定理得a与c两点的速度大小相同,但方向不同,B对。
又图中O点与b点在同一等势线上,所以M点从O点到b点的过程中电场力对粒子做功等于零,D正确
答案BD。
本题中告诉了O点电势高于c点,由沿着电场线电势降低,可以画出电场线,粒子受力方向一眼就能看出,接着做功问题也很容易得出了。
例5.解析:
根据匀强电场的电场线与等势面是平行等间距排列,且电场线与等势面处处垂直,沿着电场线方向电势均匀降落,取ab的中点O,即为三角形的外接圆的圆心,且该点电势为2V,故Oc为等势面,MN为一条电场线,方向为MN方向,画出电场线分布如图10,UOP=UOa=V,UON:
UOP=2:
,故UON=2V,N点电势为0,为最小电势点,同理M点电势为4V,为最大电势点。
解答本题的关键是外接圆上哪里电势最低和最高,通过绘制出分布直观的电场线,以电场线为辅助工具,很方便的找出了外接圆上最低、最高电势。
例1.分析:
在没有进入电场之前,如图2示,滑块沿绝缘斜面匀速下滑,说明物体合力为零,对物体进行受力分析,有
当进入电场中,设物体沿斜面向下的加速度为a,有
由两式得
分析可知,物体将继续做匀速运动。
当物体进入电场,受到电场力的作用,但这个电场力的方向是竖直向下,这就等效于物体的重力增加,进而等效于合力仍为0,物体的运动状态不改变。
变形1. 答案:
物体将继续做匀速运动。
变形2.分析:
对物体受力分析,有
分析可知,物体将做匀减速运动。
变形3. 分析:
由于电场力的大小未知,所以要分情况讨论。
1、当
,物体没有离开斜面。
设加速度为a,有
结论:
物体将沿斜面加速下滑。
也可以这样理解:
当没有电场,物体匀速运动,有
,即沿斜面向下的力等于沿斜面向上的力。
而当加上水平向右的电场,物体将受到向右的电场力的作用,把电场力进行分解,可知,沿斜面向下的力增加,而由于正压力的减小,沿斜面向上的合力减小,合力沿斜面向下,物体加速下滑。
2、当
,物体与斜面接触但没有挤压,这时无摩擦力的作用,有
结论:
3、当
,物体离开斜面,将做曲线运动。
通过改变电场强度的方向来