山东省威海一中届高三上学期模块检测物理试题 Word版含答案Word文档下载推荐.docx
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C.速度变化越来越快，加速度越来越小D.某瞬间速度为零，加速度很大
4.一物体置于粗糙的固定斜面上保持静止，现用水平力F推物体，如图所示当F由0稍许增加时，物体仍保持静止状态，则（）
A.物体所受的合力增加B.斜面对物体的支持力增加
C.斜面对物体的摩擦力增加D.斜面对物体的作用力增加
5.竖直向上抛的物体在上升过程中由于受到空气阻力，加速度大小为
，若空气阻力大小不变，那么这个物体下降过程中的加速度大小为（）
A.
B.gC.
D.
6.汽车自O点出发从静止开始在平直公路上作匀加速直线运动，途中在6s时间内分别经过P、Q两根电杆。
已知P、Q相距60m，车经过Q时的速率是15m/s，则（）
A.经过P时的速率为5m/sB.车的加速度为1.5m/s2
C.O、P两点间距为7.5mD.车从出发到Q所用的时间为9s
7.a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）
A.a、b加速时，物体b的加速度大于物体a的加速度
B.20s时，a、b两物体相距最远
C.40s时，a、b两物体速度相等，相距900m
D.40s时，a、b两物体在同一位置
8.“蹦极”是一项非常刺激的体育运动。
某人身系弹性绳自高空P点自由下落，图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止地悬吊着时的平衡位置，人在从P点落下到最低点c的过程中：
A.人在Pa段作自由落体运动，处于完全失重状态
B.在ab段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态
C.在bc段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态
D.在c点，人的速度为零，其加速度为零
9.质量分别为M和m的两物体靠在一起放在光滑水平面上．用水平推力F向右推M，两物体向右加速运动时，M、m间的作用力为N1；
用水平力F向左推m，使M、m一起加速向左运动时，M、m间的作用力为N2，如图甲、乙所示，则（）
AN1：
N2＝1：
1B.N1：
N2＝m：
M
C.N1：
N2＝M：
mD.无法比较N1、N2的大小
10.如图（甲）所示,一轻杆一端固定在O点,另一端固定一小球,在竖直平面内做半径为R的圆周运动.小球运动到最高点时,杆与小球间弹力大小为FN,小球在最高点的速度大小为v,FN
v2图象如图（乙）所示.下列说法正确的是（ ）
A.当地的重力加速度大小为B.小球的质量为R
C.v2=c时,杆对小球弹力方向向上
D.若c=2b,则杆对小球弹力大小为2a
11.两颗人造卫星A、B绕地球做匀速圆周运动，半径之比为1：
4，则下列说法正确的是（）
A．周期之比TA：
TB=1：
8，线速度之比
B．周期之比TA：
C．向心加速度之比
，角速度之比
D．向心加速度之比
12.发射地球同步卫星时，先将卫星发射到近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3，轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，下列说法正确的是（）。
A、卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率
B、卫星在轨道3上的角速度小于在轨道1上的角速度
C、卫星在轨道1上经过Q点时的加速度大于它在轨道2上的经过Q点时的加速度
D、卫星在轨道2时经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度
13.假如一人造地球卫星做圆周运动的轨道半径增大到原来的2倍，仍做圆周运动。
则 （）
A.根据公式v=rω可知卫星的线速度将增大到原来的2倍
B.根据公式F=mv2/r,可知卫星所受的向心力将变为原来的1/2
C.根据公式F=GMm/r2,可知地球提供的向心力将减少到原来的1/4
D.根据上述B和C给出的公式,可知卫星运动的线速度将减少到原来的
/2
第Ⅱ卷（非选择题满分58分）
第II卷所有题目的答案，考生需用0.5毫米黑色签字直接书写在试卷的答题纸中．
二、实验题：
本题共2个小题，共14分。
14.某同学在家中尝试利用日常器材验证平行四边形定则，他找到三条相同的橡皮筋（都遵循胡克定律）和若干小重物，以及刻度尺、三角板、铅笔、锤头、钉子若干、细绳若干、白纸若干，设计了如下的实验：
将两条橡皮筋的一端分别连接在竖直墙上的两个钉子A、B上，它们的另一端与第三条橡皮筋的一端连接，结点为O，再将第三条橡皮筋的另一端通过细绳挂一重物．
（1）为完成实验，下述操作中必需的是．
A．测量细绳的长度
B．测量橡皮筋的原长
C．测量悬挂重物后像皮筋的长度
D．记录没有悬挂重物时三条像皮筋的位置
E．记录悬挂重物后三条像皮筋的位置
F．测量重物的质量
G．测量两个钉子A、B之间的距离
（2）欲利用现有器材，改变条件再进行多次验证，可采用的方法有．
A．更换不同的小重物
B．改变钉子的位置
C．改变细绳的长度
D．将实验改在水平地面上进行
15.“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图甲所示。
⑴在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸带如图乙所示。
计时器打点的时间间隔为0.02s。
从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离。
该小车的加速度a=__________m/s2.（结果保留两位有效数字）
⑵平衡摩擦力后，将5个相同的砝码都放在小车上。
挂上砝码盘，然后每次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度。
小车的加速度a与砝码盘与砝码总重力F的实验数据如下表：
砝码盘及砝码总重力F（N）
0.196
0.392
0.588
0.784
0.980
加速度a（m·
s-2）
0.69
1.18
1.66
2.18
2.70
a.请根据实验数据作出a-F的关系图象：
b.此图像的研究对象是：
___________________________
c.对根据提供的试验数据作出的
-F图线进行分析:
__________________________
14.
（1）_________________________
（2）_________________________
15.
（1）a=__________m/s2
（2）a.请根据实验数据作出a-F的关系图象：
三、计算题：
本题共5个小题，满分44分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．
16.（10分）如图所示:
质量为5kg的物体与水平地面间的动摩擦因数μ=0.2，现用F=25N与水平方向成θ=37°
的力拉物体，使物体由静止加速运动，10S后撤去拉力。
求:
（1）物体在两个阶段的加速度各是多大?
（g取10m/s2）
（2）物体从运动到停止总的位移。
17.（10分）发射地球同步卫星时，可认为先将卫星发射至距地面高度为h1的圆形轨道上，在卫星经过A点时点火（喷气发动机工作）实施变轨进入椭圆轨道，椭圆轨道的近地点为A，远地点为B.在卫星沿椭圆轨道运动经过B点再次点火实施变轨，将卫星送入同步轨道（远地点B在同步轨道上），如图所示.两次点火过程都使卫星沿切线方向加速，并且点火时间很短.已知同步卫星的运动周期为T，地球的半径为R，地球表面重力加速度为g，求：
⑴卫星在近地圆形轨道运行接近A点时的加速度大小；
⑵卫星同步轨道距地面的高度.
18.如图所示，一质量M=2.0kg的长木板静止放在光滑水平面上，在木板的右端放一质量m=1.0kg可看作质点的小物块，小物块与木板间的动摩擦因数为μ=0.2．用恒力F向右拉动木板使木板在水平面上做匀加速直线运动，经过t=1.0s后撤去该恒力，此时小物块恰好运动到距木板右端l=1.0m处．求：
（1）小物块在加速过程中受到的摩擦力的大小和方向；
（2）作用于木板的恒力F的大小；
19如图所示，一个半径R=1.0m的圆弧形光滑轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点B和圆心O的连线与竖直方向夹角θ=60°
，C为轨道最低点，D为轨道最高点。
一个质量m=0.50kg的小球（视为质点）从空中A点以v0＝4.0m／s的速度水平抛出，恰好从轨道的B端沿切线方向进入轨道.重力加速度g取10m/s2.试求：
（1）小球抛出点A距圆弧轨道B端的高度h.
（2）小球经过轨道最低点C时对轨道的压力FC.
（3）小球能否到达轨道最高点D？
若能到达，
试求对D点的压力FD.若不能到达，试说明理由.
威海一中高三学部2013-2014学年第一学期阶段模块考试
物理试题参考答案
一、选择题（每题4分，漏选2分，共52分）
1.B2.C3.ABD4.BD5.C6.ACD7.AC8.AB9.B10.B11.AD12.BD13.CD
二、实验题（共14分）
14.6分
（1）BCE
（2）ABD
15.8分
（1）15或0.16
（2）a.图略b.小车、砝码盘及5个砝码c.平衡摩擦力过度
三计算题（共34分）
16.（6分）解：
（1）G=mg=5Kg×
10N/Kg=50N
a1=[Fcos37°
-（G-Fsin37°
）μ]/m=[25N×
0.8-（50N-25N×
0.6）×
0.2]/5Kg=2.6m/s²
a2=f/m=mgμ/m=gμ=10m/s²
×
0.2=2m/s²
（2）V=a1t1=2.6m/s²
10s=26m/s
S1=0.5a1t1²
=0.5×
2.6m/s²
（10s）²
=130m
S2=V²
/（2a2）=（26m/s）²
/（2×
2m/s²
）=169m
S=S1+S2=130m+169m=299m
17.（6分）
18.（10分）解：
（1）小物块受力分析如图所示，设它受到的摩擦力大小为f
，
（1分），解得f=2N，方向水平向右
（2）设小物块的加速度为a1，木板在恒力F作用下做匀加速直线运动时的加速度为a2，此过程中小物块的位移为s1，木板的位移为s2．
则有：
（1分），
（1分），对木板进行受力分析，如图所示，根据牛顿第二定律：
F-f’=Ma2，代入数值得出F=10N．
19.（12分）解：
（1）B点速度在竖直方向的分量：
vy=v0tan60°
=4
m/s
竖直方向的分运动为自由落体运动.h=
=
=2.4m
（2）根据机械能守恒定律，有
mv
+mg（h+R-Rcosθ）
解得v
=74m2/s2
根据牛顿第二定律，有F′C-mg=
解得F′C=42N…………1分
牛顿第三定律F=F′=42N，方向竖直向下
（3）设小球能到达D点，由动能定理得：
Mg（h-R-Rcosθ）=
-
解得VD=
＞
，即小球能到达D点.
根据牛顿定律，有F′D+mg=
代入数据，解得小球受到的压力F′D=12N
根据牛顿第三定律，小球对轨道的压力为FD=F′D=12N，方向竖直向下.
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