《步步高》高考数学第一轮复习04 解三角形应用举例Word文档格式.docx
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由正弦定理得=,
∴AC=·
=.
3.江岸边有一炮台高30m,江中有两条船,船与炮台底部在同一水面上,由炮台顶部测得俯角分别为45°
和60°
,而且两条船与炮台底部连线成30°
角,则两条船相距________m.
答案 10
解析 如图,OA为炮台,M、N为两条船的位置,∠AMO=45°
,∠ANO
=60°
,OM=AOtan45°
=30,
ON=AOtan30°
=×
30=10,
由余弦定理得,
MN===10(m).
4.某登山队在山脚A处测得山顶B的仰角为45°
,沿倾斜角为30°
的斜坡前进1000m后到达D处,又测得山顶的仰角为60°
,则山的高度BC为____________m.
答案 500(+1)
解析 过点D作DE∥AC交BC于E,因为∠DAC=30°
,故∠ADE=150°
于是∠ADB=360°
-150°
-60°
=150°
又∠BAD=45°
-30°
=15°
故∠ABD=15°
,由正弦定理得AB=
==500(+)(m).
所以在Rt△ABC中,BC=ABsin45°
=500(+1)(m).
5.两座灯塔A和B与海岸观察站C的距离相等,灯塔A在观察站北偏东40°
,灯塔B在观察站南偏东60°
,则灯塔A在灯塔B的( )
A.北偏东10°
B.北偏西10°
C.南偏东10°
D.南偏西10°
答案 B
解析 灯塔A、B的相对位置如图所示,由已知得∠ACB=80°
∠CAB=∠CBA=50°
则α=60°
-50°
=10°
,即北偏西10°
题型一 测量距离问题
例1
要测量对岸A、B两点之间的距离,选取相距km的C、D两点,并测得∠ACB=75°
,∠BCD=45°
,∠ADC=30°
,∠ADB=45°
,求A、B之间的距离.
思维启迪:
将题中距离、角度转化到一个三角形中,再利用正、余弦定理解三角形.
解 如图所示,在△ACD中,
∠ACD=120°
,∠CAD=∠ADC=30°
∴AC=CD=km.
在△BCD中,∠BCD=45°
∠BDC=75°
,∠CBD=60°
∴BC==.
在△ABC中,由余弦定理,得
AB2=()2+2-2×
×
cos75°
=3+2+-=5,
∴AB=(km),∴A、B之间的距离为km.
探究提高 这类实际应用题,实质就是解三角形问题,一般都离不开正弦定理和余弦定理,在解题中,首先要正确地画出符合题意的示意图,然后将问题转化为三角形问题去求解.
注意:
①基线的选取要恰当准确;
②选取的三角形及正、余弦定理要恰当.
如图,某住宅小区的平面图呈圆心角为120°
的扇形AOB,C是该小区的一个出入口,且小区里有一条平行于AO的小路CD.已知某人从O沿OD走到D用了2分钟,从D沿着DC走到C用了3分钟.若此人步行的速度为每分钟50米,则该扇形的半径为________米.
答案 50
解析 连接OC,在△OCD中,
OD=100,
CD=150,∠CDO=60°
由余弦定理可得
OC2=1002+1502-2×
100×
150×
=17500,
解得OC=50(米).
题型二 测量高度问题
例2
某人在塔的正东沿着南偏西60°
的方向前进40米后,望见塔在东北方向,若沿途测得塔顶的最大仰角为30°
,求塔高.
依题意画图,某人在C处,AB为塔高,他沿CD前进,
CD=40米,此时∠DBF=45°
,从C到D沿途测塔的仰角,只有B
到测试点的距离最短时,仰角才最大,这是因为tan∠AEB=,AB
为定值,BE最小时,仰角最大.要求出塔高AB,必须先求BE,而
要求BE,需先求BD(或BC).
解 如图所示,某人在C处,AB为塔高,
他沿CD前进,CD=40,此时∠DBF=45°
,过点B作BE⊥CD于E,
则∠AEB=30°
在△BCD中,CD=40,∠BCD=30°
,∠DBC=135°
,由正弦定理,得
=,
∴BD==20(米).∠BDE=180°
-135°
在Rt△BED中,
BE=DBsin15°
=20×
=10(-1)(米).
在Rt△ABE中,∠AEB=30°
∴AB=BEtan30°
=(3-)(米).
故所求的塔高为(3-)米.
探究提高 在测量高度时,要正确理解仰角、俯角的概念,画出准确的示意图,恰当地选取相关的三角形和正、余弦定理逐步进行求解.注意综合应用方程和平面几何、立体几何等知识.
如图所示,B,C,D三点在地面的同一直线上,DC=a,从C,D两点测得A点的仰角分别为β和α(α<
β),则A点距地面的高AB为_______________.
解析 AB=ACsinβ,==,
解得AB=.
题型三 测量角度问题
例3
某渔轮在航行中不幸遇险,发出呼救信号,我海军舰艇在A处获悉后,立即测出该渔轮在方位角为45°
,距离为10nmile的C处,并测得渔轮正沿方位角为105°
的方向,以9nmile/h的速度向某小岛靠拢,我海军舰艇立即以21nmile/h的速度前去营救,求舰艇的航向和靠近渔轮所需的时间.
本题中所涉及的路程在不断变化,但舰艇和渔轮相遇时所用时间相等,先设出所用时间t,找出等量关系,然后解三角形.
解 如图所示,根据题意可知AC=10,∠ACB=120°
,设舰艇靠近渔轮
所需的时间为th,并在B处与渔轮相遇,则AB=21t,BC=9t,在△ABC
中,根据余弦定理得AB2=AC2+BC2-2AC·
BC·
cos120°
,所以212t2=102
+81t2+2×
10×
9t×
,即360t2-90t-100=0,解得t=或t=-(舍去).所以舰艇靠
近渔轮所需的时间为h.此时AB=14,BC=6.
在△ABC中,根据正弦定理得=,
所以sin∠CAB==,
即∠CAB≈21.8°
或∠CAB≈158.2°
(舍去).
即舰艇航行的方位角为45°
+21.8°
=66.8°
所以舰艇以66.8°
的方位角航行,需h才能靠近渔轮.
探究提高 对于和航行有关的问题,要抓住时间和路程两个关键量,解三角形时将各种关系集中在一个三角形中利用条件.
如图所示,位于A处的信息中心获悉:
在其正东方向相距40海里的B处有一艘渔船遇险,在原地等待营救.信息中心立即把消息告知在其南偏西30°
、相距20海里的C处的乙船,现乙船朝北偏东θ的方向即沿直线CB前往B处救援,则cosθ等于
( )
A.B.C.D.
解析 如图所示,在△ABC中,AB=40,AC=20,∠BAC=120°
,由
余弦定理,得BC2=AB2+AC2-2AB·
AC·
=2800,所以BC=
20.
由正弦定理,得
sin∠ACB=·
sin∠BAC=.
由∠BAC=120°
,知∠ACB为锐角,故cos∠ACB=.
故cosθ=cos(∠ACB+30°
)
=cos∠ACBcos30°
-sin∠ACBsin30°
正、余弦定理在实际问题中的应用
典例:
(12分)如图,在海岸A处发现北偏东45°
方向,距A处(-1)海里
的B处有一艘走私船.在A处北偏西75°
方向,距A处2海里的C处
的我方缉私船奉命以10海里/小时的速度追截走私船,此时走私船
正以10海里/小时的速度,以B处向北偏东30°
方向逃窜.问:
缉私
船沿什么方向行驶才能最快截获走私船?
并求出所需时间.
审题视角
(1)分清已知条件和未知条件(待求).
(2)将问题集中到一个三角形中,如△ABC和△BCD.
(3)利用正弦定理或余弦定理求解.
规范解答
解 设缉私船应沿CD方向行驶t小时,才能最快截获(在D点)走私船,则CD=10t(海里),BD=10t(海里),[1分]
在△ABC中,由余弦定理,有
BC2=AB2+AC2-2AB·
ACcos∠BAC
=(-1)2+22-2(-1)·
2·
=6.
∴BC=(海里).[3分]
又∵=,
∴sin∠ABC===,
∴∠ABC=45°
,∴B点在C点的正东方向上,
∴∠CBD=90°
+30°
=120°
,[5分]
在△BCD中,由正弦定理,得=,
∴sin∠BCD===.
∴∠BCD=30°
,∴缉私船沿北偏东60°
的方向行驶.[8分]
又在△BCD中,∠CBD=120°
,∠BCD=30°
∴D=30°
,∴BD=BC,即10t=.
∴t=小时≈15(分钟).[11分]
∴缉私船应沿北偏东60°
的方向行驶,才能最快截获走私船,大约需要15分钟.[12分]
答题模板
解斜三角形应用题的一般步骤为
第一步:
分析——理解题意,分清已知与未知,画出示意图;
第二步:
建模——根据已知条件与求解目标,把已知量与求解量尽量集中在有关的三角形中,建立一个解斜三角形的数学模型;
第三步:
求解——利用正弦定理或余弦定理有序地解出三角形,求得数学模型的解;
第四步:
检验——检验上述所求的解是否符合实际意义,从而得出实际问题的解.
温馨提醒
(1)由实际出发,构建数学模型是解应用题的基本思路.如果涉及三角形问题,我们可以把它抽象为解三角形问题进行解答,之后再还原成实际问题,即利用上述模板答题.
(2)本题的易错点:
不能将已知和待求量转化到同一个三角形中,无法运用正、余弦定理求解.
方法与技巧
1.合理应用仰角、俯角、方位角、方向角等概念建立三角函数模型.
2.把生活中的问题化为二维空间解决,即在一个平面上利用三角函数求值.
3.合理运用换元法、代入法解决实际问题.
失误与防范
在解实际问题时,应正确理解如下角的含义.
1.方向角——从指定方向线到目标方向线的水平角.
2.方位角——从正北方向线顺时针到目标方向线的水平角.
3.坡度——坡面与水平面所成的二面角的正切值.
4.仰角与俯角——与目标视线在同一铅直平面内的水平视线和目标视线的夹角,目标视线在水平视线上方时称为仰角,目标视线在水平视线下方时称为俯角.
A组 专项基础训练
(时间:
35分钟,满分:
57分)
一、选择题(每小题5分,共20分)
1.如果在测量中,某渠道斜坡的坡度为,设α为坡角,那么cosα等于( )
A.B.C.D.
解析 因为tanα=,所以cosα=.
2.有一长为1的斜坡,它的倾斜角为20°
,现高不变,将倾斜角改为10°
,则斜坡长为( )
A.1B.2sin10°
C.2cos10°
D.cos20°
答案 C
解析 如图,∠ABC=20°
AB=1,∠ADC=10°
∴∠ABD=160°
在△ABD中,由正弦定理得=,
∴AD=AB·
==2cos10°
3.一个大型喷水池的中央有一个强力喷水柱,为了测量喷水柱喷出的水柱的高度,某人在喷水柱正西方向的点A测得水柱顶端的仰角为45°
,沿点A向北偏东30°
前进100m到达点B,在B点测得水柱顶端的仰角为30°
,则水柱的高度是( )
A.50mB.100mC.120mD.150m
答案 A
解析 设水柱高度是hm,水柱底端为C,则在△ABC中,∠A=60°
,AC=h,AB=100,BC=h,根据余弦定理得,(h)2=h2+1002-2·
h·
100·
cos60°
,即h2+50h-5000=0,即(h-50)(h+100)=0,即h=50,故水柱的高度是50m.
4.如图,设A、B两点在河的两岸,一测量者在A所在的同侧河岸边选定一
点C,测出AC的距离为50m,∠ACB=45°
,∠CAB=105°
后,就可以计
算出A、B两点的距离为( )
A.50mB.50m
C.25mD.m
解析 ∵∠ACB=45°
∴∠ABC=180°
-105°
-45°
=30°
在△ABC中,由正弦定理得=,
∴AB===50(m).
二、填空题(每小题5分,共15分)
5.甲、乙两楼相距20米,从乙楼底望甲楼顶的仰角为60°
,从甲楼顶望乙楼顶的俯角为30°
,则甲、乙两楼的高分别是________________.
答案 20米、米
解析 如图,依题意有甲楼的高度为AB=20·
tan60°
=20(米),又CM=DB=20(米),∠CAM=60°
,所以AM=CM·
=(米),故乙楼的高度为CD=20-=(米).
6.一船以每小时15km的速度向东航行,船在A处看到一个灯塔M在北偏东60°
方向,行驶4h后,船到B处,看到这个灯塔在北偏东15°
方向,这时船与灯塔的距离为______km.
答案 30
解析 如图所示,依题意有
AB=15×
4=60,∠MAB=30°
,∠AMB=45°
在△AMB中,
由正弦定理得=,解得BM=30(km).
7.如图,在四边形ABCD中,已知AD⊥CD,AD=10,AB=14,∠BDA
,∠BCD=135°
,则BC的长为________.
答案 8
解析 在△ABD中,设BD=x,则BA2=BD2+AD2-2BD·
AD·
cos∠BDA,即142=x2+102-2·
10x·
,整理得x2-10x-96=0,解之得x1=16,x2=-6(舍去).
在△BCD中,由正弦定理:
∴BC=·
sin30°
=8.
三、解答题(共22分)
8.(10分)如图所示,测量河对岸的塔高AB时,可以选与塔底B在同一水平面
内的两个观测点C与D,测得∠BCD=15°
,∠BDC=30°
,CD=30m,并在
点C处测得塔顶A的仰角为60°
,求塔高AB.
解 在△BCD中,∠CBD=180°
-15°
=135°
由正弦定理,得=,
所以BC==15(m).
在Rt△ABC中,AB=BC·
tan∠ACB=15tan60°
=15(m).所以塔高AB为15m.
9.(12分)如图,在△ABC中,已知∠B=45°
,D是BC边上的一点,AD
=10,AC=14,DC=6,求AB的长.
解 在△ADC中,AD=10,
AC=14,DC=6,
由余弦定理得cos∠ADC=
==-,
∴∠ADC=120°
,∴∠ADB=60°
在△ABD中,AD=10,∠B=45°
,∠ADB=60°
∴AB====5.
B组 专项能力提升
25分钟,满分:
43分)
一、选择题(每小题5分,共15分)
1.在△ABC中,已知∠A=45°
,AB=,BC=2,则∠C等于( )
A.30°
B.60°
C.120°
D.30°
或150°
解析 利用正弦定理可得=,
∴sinC=,∴∠C=30°
又∵∠A=45°
,且∠A+∠B+∠C=180°
∴∠C=30°
,故选A.
2.某人向正东方向走xkm后,向右转150°
,然后朝新方向走3km,结果他离出发点恰好是km,那么x的值为( )
A.B.2
C.或2D.3
解析 如图所示,设此人从A出发,则AB=x,BC=3,AC=,∠ABC
由余弦定理得()2=x2+32-2x·
3·
cos30°
整理,得x2-3x+6=0,解得x=或2.
3.一艘海轮从A处出发,以每小时40海里的速度沿南偏东40°
的方向直线航行,30分钟后到达B处,在C处有一座灯塔,海轮在A处观察灯塔,其方向是南偏东70°
,在B处观察灯塔,其方向是北偏东65°
,那么B,C两点间的距离是( )
A.10海里B.10海里
C.20海里D.20海里
解析 如图,易知,在△ABC中,AB=20,∠CAB=30°
,∠ACB=45°
,根据正弦定理得=,解得BC=10(海里).
4.一船由B处向正北方向航行,看见正西方向有相距10海里的两个灯塔C、D恰好与它在一条直线上,继续航行半小时后到达A处,看见灯塔C在它的南偏西60°
方向,灯塔D在它的南偏西75°
方向,则这艘船的速度是______海里/小时.
解析 如图所示,依题意有∠BAC=60°
,∠BAD=75°
,所以∠CAD=∠CDA=15°
,从而CD=CA=10,在直角三角形ABC中,得AB=5,于是这艘船的速度是=10(海里/小时).
5.某路边一树干被大风吹断后,折成与地面成45°
角,树干也倾斜为与地面成75°
角,树干底部与树尖着地处相距20米,则折断点与树干底部的距离是__________米.
解析 如图,设树干底部为O,树尖着地处为B,折断点为A,
则∠ABO=45°
,∠AOB=75°
,∴∠OAB=60°
由正弦定理知,=,
∴AO=(米).
6.在△ABC中,D为边BC上一点,BD=DC,∠ADB=120°
,AD=2.若△ADC的面积为3-,则∠BAC=_____.
答案 60°
解析 S△ADC=×
2×
DC×
=3-,
解得DC=2(-1),
∴BD=-1,BC=3(-1).
在△ABD中,AB2=4+(-1)2-2×
(-1)×
=6,∴AB=.
在△ACD中,AC2=4+[2(-1)]2-2×
2(-1)×
=24-12,
∴AC=(-1),则cos∠BAC==,
三、解答题
7.(13分)如图,A、B、C、D都在同一个与水平面垂直的平面内,B、D
为两岛上的两座灯塔的塔顶.测量船于水面A处测得B点和D点的仰
角分别为75°
、30°
,于水面C处测得B点和D点的仰角均为60°
,AC
=0.1km.试探究图中B、D间距离与另外哪两点间距离相等,
然后求B、D的距离(计算结果精确到0.01km,≈1.414,≈2.449).
解 在△ACD中,∠DAC=30°
∠ADC=60°
-∠DAC=30°
,所以CD=AC=0.1.
又∠BCD=180°
故CB是△CAD底边AD的中垂线,所以BD=BA.
在△ABC中,=,
所以AB==,
即BD=≈0.33(km).
故B、D的距离约为0.33km.