遂宁解析Word格式.docx
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从题干中提供数据可知，12.75cm与其它数据相差较大，所以12.75cm是错误的，应该去掉；
为减小长度测量的误差，通常采用的方法是取多次测量的平均值；
故物体的长度最终应记录为：
L=
=12.35cm．
故选A．
此题考查了在长度测量时，减小误差的方法﹣﹣取平均值法；
但在计算平均值时，所得结果无论是否能除尽，都要将小数位数保留成与测量值相同
3．（3分）（2014•遂宁）周末，小明和他的小伙伴们到摩尔春天广场去买运动鞋，他站在商场匀速上楼的自动扶梯上，听到楼下传来小伙伴们熟悉的声音．下列描述中不正确的是（ ）
以扶梯为参照物，小明是静止的
小明受到的重力和扶梯对他的支持力是一对平衡力
小明的动能增大，重力势能增大
小伙伴们发出的声音是通过空气传播到小明耳朵里的
运动和静止的相对性；
平衡力的辨别；
声音的传播条件；
动能和势能的大小变化
（1）判断一个物体的运动和静止，首先选择一个参照物，被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则被研究的物体是运动的；
（2）物体静止或匀速直线运动时物体不受力或受到平衡力的作用；
（3）两种形式的能相互转化时，一种形式的能减小，另一种形式的能增大；
（4）声音的传播需要介质，真空不能传声．
A、选扶梯为参照物时，小明和扶梯之间没有发生位置的变化，小明是静止的，A不符合题意；
B、小明处于匀速直线运动状态，小明受到的重力和扶梯对他的支持力是一对平衡力，B不符合题意；
C、小明上升时，质量不变，速度不变，高度增大，动能不变，重力势能增大，C符合题意；
D、人们周围充满空气，小伙伴们发出的声音是通过空气传播到小明耳朵里的，D不符合题意．
故选C．
（1）根据参照物能判断物体的运动和静止，由物体的运动和静止能选择参照物；
（3）掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素．重力势能、动能、弹性势能之间是可以相互转化的；
4．（3分）（2014•遂宁）清晨，薄雾缥缈的观音湖，水鸟从湖面轻快地掠过，水中的鱼儿悠闲地游着，岸边的树木与水中倒影构成了一幅美丽的遂宁山水画．从物理学角度，下列关于这些场景的形成解释不正确的是（ ）
“雾”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的
“水中倒影”是由于光的反射形成的实像
从岸上看见“水中的游鱼”是光发生折射形成的虚像
水鸟飞翔时，由于翅膀上方空气流速大于下方，使翅膀上方的压强小于下方，从而形成了翅膀的升力
液化及液化现象；
流体压强与流速的关系；
光的反射；
光的折射现象及其应用
（1）物质由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；
（2）平面镜成像的原理是光的反射形成的，成的像是虚像，是由光的反向延长线形成的，是人的主观感觉，不能用光屏承接；
（3）光射到水面时，一部分光线发生了反射，另一部分发生了折射而进入水中；
（4）液体压强与流速的关系：
流速大的地方压强小，流速小的地方压强大．
A、清晨湖面上的水蒸气遇冷发生液化，变成小水滴形成“雾”，叙述正确，不符合题意；
B、“水中倒影”属于平面镜成像，平面镜成像是由于光的反射形成的，成的像是虚像，叙述错误，符合题意；
C、从岸上看见“水中的游鱼”是光线从水中射入空气发生折射形成的虚像，叙述正确，不符合题意；
D、水鸟飞翔时，翅膀上方空气流速大于下方，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大，所以翅膀上方的压强小于下方，从而形成了翅膀的升力，叙述正确，不符合题意；
故选：
本题结合具体的情景考查了物质的三态变化、光的反射和折射现象、流速和压强的关系等知识，综合性强，但难度不大．
5．（3分）（2014•遂宁）下列有关热机的说法中不正确的是（ ）
热机工作的过程是将燃料燃烧获得的内能转化成机械能的过程
为了防止热机过热，通常用水来降温，是利用水的比热大的特性
可以采用增大热机功率的方法来增大热机的效率
热机的大量使用会造成环境污染
热机
比热容、热机、热值．
①热机是把内能转化为机械能的装置；
热机工作过程中，在压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能；
②用水循环来降低热机的温度，主要是利用水比热容较大的特性；
③用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值叫热机效率；
④热机的使用，使人类对化石能源的依赖很强，现在大气污染的主要途径就是利用化石能源的结果，人类不能以牺牲环境为代价来发展．
A、热机工作的过程是将燃料燃烧获得的内能转化成机械能的过程，A正确，不符合题意；
B、为了防止热机过热，通常用水来降温，是利用水的比热大的特性，B正确，不符合题意；
C、用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值叫热机效率，增大热机功率不能增大热机的效率，C错误，符合题意；
D、热机的使用，使人类对化石能源的依赖很强，现在大气污染的主要途径就是利用化石能源，D正确，不符合题意．
本题为热学综合题，考查了学生对热机效率、热机工作时的能量转化和热值概念的了解与掌握及水比热容大的特性，知识点多，判断时，要灵活运用所学知识，要细心！
6．（3分）（2014•遂宁）如图所示的电路，下列判断正确的是（ ）
闭合开关S1、S3，断开开关S2时，灯L1、L2串联
闭合开关S2，断开开关Sl、S3时，灯L1、L2并联
闭合开关S1、S2，断开开关S3时，灯L1亮、L2不亮
同时闭合开关S1、S2、S3时，电源短路
电路的基本连接方式
电流和电路．
由开关的通断可以得出相应的电路，根据电路的特征可得出连接方式及灯泡的通断．
A、闭合开关S1、S3，断开开关S2时，灯L1、L2并联，故A错误；
B、闭合开关S2，断开开关Sl、S3时，灯L1、L2串联，故B错误；
C、合开关S1、S2，断开开关S3时，灯L1短路，不亮，L2亮，故C错误；
D、同时闭合开关S1、S2、S3时，L1及L2被短路，电源被短路，故D正确；
本题重点在于明确电路的三种状态，特别是局部短路状态要明确；
当S1、S2闭合时，L1被短路，而当三个开关均闭合时，电源短路．
7．（3分）（2014•遂宁）如图所示的电路，闭合开关S，将滑片P向右移动时（ ）
电压表示数变大，电流表示数变大
电压表示数变小，电流表示数变大
电压表示数变小，电流表示数变小
电压表示数与电流表示数的比值变大
电路的动态分析
电路变化分析综合题．
分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用串联电路特点与欧姆定律分析答题．
由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测滑动变阻器两端电压；
闭合开关，滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻增大；
滑片向右移动过程中，滑动变阻器接入电路阻值变大，滑动变阻器分压变大，电压表示数变大；
电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流减小，电流表示数减小，故ABC错误；
电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路电流，电压表与电流表示数是滑动变阻器阻值，滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，则电压表示数与电流表示数的比值变大，故D正确；
本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键，分析清楚电路结构、根据滑动变阻器阻值的变化、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题．
8．（3分）（2014•遂宁）用如图所示的四种简单机械，将同一物体从低处匀速搬到高处，在不计机械自重及摩擦的情况下，最省力的是（ ）
轮轴及其他常见简单机械；
定滑轮及其工作特点；
动滑轮及其工作特点
简单机械．
根据简单机械的原理：
不省功和杠杆平衡条件，分别得出拉力和重力的关系，通过比较得出哪个用力最小．
由题知，不计摩擦和机械自重，
A、使用定滑轮，动力臂等于阻力臂，所以F=G；
B、使用动滑轮，动力臂等于2倍阻力臂F=G；
C、使用题中的轮轴，由图可知动力臂等于阻力臂，所以F=2G；
D、根据功的原理，使用任何机械都不省功，所以Gh=FL，F=G=sin20°
G＜sin30°
G=G；
由以上分析可知，D选项中用力最小．
故选D．
此题主要是考查各种简单机械省力情况及省力的原理，属于基础知识的考查．
9．（3分）（2014•遂宁）三个相同的定值电阻都标有“10W10Ω”字样，它们的连接情况如图所示，若将它们接人电路，在保证三个电阻都安全的前提下，AB两端的电压最高不能超过（ ）
20Ⅴ
15V
10V
5Ⅴ
欧姆定律的应用
欧姆定律．
由电功率公式的变形公式求出电阻的额定电压与额定电流，然后应用串并联电路特点与欧姆定律求出AB两端最大电压．
由P=
可知，电阻额定电压：
U=
=
=10V，电阻额定电流：
I==
=1A，
由图示电路图可知，两电阻先并联再与第三个电阻串联，为保证安全，电路最大电流为I=1A，
通过并联电路每支路的电流为I′=0.5A，AB两端最大电压：
UAB=I′R+IR=0.5A×
10Ω+1A×
10Ω=15V；
为保护电路安全，通过电阻的电流不能超过其额定电流，电阻两端电压不能超过其额定电压；
分析清楚电路结构、应用串联电路特点、欧姆定律、电功率变形公式即可正确解题．
10．（3分）（2014•遂宁）用细绳连在一起的气球和铁块，恰能悬浮在盛水的圆柱形容器内如图所示位置，若用力向下轻轻拨动一下铁块，则气球和铁块的沉浮情况及水对容器底部的压强将（ ）
下沉，变小
下沉，变大
上浮，变小
悬浮，不变
物体的浮沉条件及其应用；
液体的压强的特点
压强和浮力．
把挂着重物的气球位置轻轻向下移动一些，所处的深度增大，根据液体压强公式p=ρgh知，气球受到的压强增大，气球的体积减小，排开水的体积变小，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，气球受到的浮力减小，自重不变，即可由物体的浮沉条件分析判断．
原来重物和气球悬浮在水中，F浮=G；
把气球的位置轻轻向下移动一些，所处的深度增加，
由公式p=ρgh知，
气球受到水的压强增大，气球的体积变小，
所以气球排开水的体积减小，
由公式F浮=ρ液gV排知，
气球受到的浮力减小，使得浮力小于自重而向下运动．
此题将重物和气球连接在一起，使其悬浮在水中，解析时应把两者看成一个整体加以分析；
同时还要注意气球内部气体体积可变的特点．
二、填空题（本大题共计10个小题每空1分共28分）
11．（1分）（2014•遂宁）某次测量如图所示，被测物体的长度是 2.35 cm．
使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；
使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位．
由图可知，在（10～11）cm之间有10个格，那么每一个小格就是1mm，即该刻度尺的分度值为1mm=0.1cm，测量的起始刻度是10.00cm，物体末端对着的刻度线为12.35cm，所以物体的长度即为两刻度值差L=12.35cm﹣10.00cm=2.35cm．
故答案为：
2.35．
初中阶段物理实验涉及到很多的测量，但没有特殊要求，只有刻度尺测量物体长度需要有估读值．
12．（2分）（2014•遂宁）控制环境污染是“打造宜居城市，建设优雅遂宁”的重要举措．居民小区禁止汽车鸣笛是从 声源处 减弱噪声；
城区步行街上安装了如图所示的噪声监测装置，该装置显示了噪声的 响度 （选填“音调”、“响度”、“音色”）．
防治噪声的途径
声现象．
声音从产生到引起听觉有这样三个阶段：
声源的振动产生声音；
空气等介质的传播；
鼓膜的振动．控制噪声可从这三个方面着手．
噪声监测器是用来监测噪声大小的仪器，外界的噪声越大，也就是声音越强，即响度越大，其所显示的数字就越大．
居民小区禁止汽车鸣笛是从声源处减弱噪声；
据图所示的噪声监测器显示屏显示35的数字，可知此时的噪声是35分贝；
该装置是用来监测噪声强弱的仪器，故其测的时当时环境声音的响度；
声源处；
响度．
知道噪声监测器的用途，且能真正的理解响度的定义是解决该题的关键．
13．（3分）（2014•遂宁）运动员推铅球，铅球离开手后能继续前进是因为铅球有 惯性 ，最终会落向地面是因为受 重力 的作用．落到地面时，会将地面砸出一个坑，这说明力能改变物体的 形状 ．
惯性；
力的作用效果；
重力
运动和力．
（1）一切物体在任何情况下都有惯性，即任何物体都有保持原来运动状态的性质；
（2）重力的方向总是竖直向下的；
（3）力的作用效果包括：
力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态．
（1）水平抛出的铅球，由于惯性，离开手后，仍然前进；
（2）因为在空中飞行的铅球受到重力和阻力作用，阻力与铅球的运动方向相反，而重力的方向竖直向下，因此铅球弹由于受到重力的作用，会不断改变运动方向做曲线运动，最终落到地面．
（3）铅球落到地面上留下一个坑说明了力可以改变物体的形状．
重力；
形状．
本题的关键知道任何物体都有惯性，并会用惯性知识解释相关现象，同时会对物体受力分析，并且知道重力的方向以及力的作用效果等．
14．（3分）（2014•遂宁）中考结束，春梅跨进家门就闻见香喷喷的鸡汤味，看见女儿回家，妈妈急忙端上精心准备的鸡汤．往饭桌上放时，由于汤钵太烫，妈妈放下动作稍快，洒了些在桌上，勤快的春梅迅速将桌面清理干净，拿上筷子和妈妈一起享用了这顿丰盛的午餐．“闻见鸡汤的香味”是 扩散 现象；
“汤钵烫手”是汤钵和手之间发生了 热传递 ，使手的内能增加，温度升高；
春梅使用的筷子是 费力 杠杆．
扩散现象；
杠杆的应用；
热传递
（1）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈；
（2）改变物体内能的方式：
做功和热传递，热传递实质是内能从高温物体转移到低温物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分；
（3）筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，但可以省距离．
妈妈在厨房炖鸡汤，温度很高，鸡汤分子的无规则运动加剧，扩散到了空气中，所以春梅就闻见鸡汤的香味；
“汤钵烫手”是汤钵和手之间通过热传递的方式增加手内能；
筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆．
扩散；
热传递；
费力．
本题考查扩散现象、改变物体内能的方式和杠杆的知识，相对比较简单．
15．（2分）（2014•遂宁）某定值电阻R两端的电压由3Ⅴ增大到5Ⅴ时，通过它的电流变化了0.2A，则该定值电阻的阻值为 10 Ω，R消耗的功率变化了 1.6 W．
中考集萃；
欧姆定律的变形公式；
电功率的计算
电路和欧姆定律．
根据欧姆定律表示出两种情况下电路中的电流得出等式求出电阻R的阻值，再根据P=
求出两种情况下电阻R消耗的电功率，进一步求出该电阻R所消耗电功率的变化．
根据欧姆定律可得：
当U=3V时，电路中的电流I1==
，
当U′=5V时，电路中的电流I2=
则
﹣
=0.2A，
解得：
R=10Ω，
该电阻R所消耗电功率的变化：
PR′﹣PR=
=1.6W．
10；
1.6．
本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据电流的变化确定定值电阻的阻值．
16．（3分）（2014•遂宁）王梅发现她家新买的白炽灯用过一段时间后，在相同电压下发光时要暗一些，从物理学的角度看是因为灯发光时，温度升高，灯丝发生了 升华 现象（填物态变化的名称），使灯丝变细，导致灯丝电阻变 大 ，消耗的实际功率变 小 的缘故．
生活中的升华现象；
影响电阻大小的因素；
实际功率
电能和电功率．
（1）物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质直接从气态变为固态的过程叫凝华，凝华是升华的相反过程；
（2）导体电阻的大小与导体的长度、材料、横截面积等有关系，根据电阻的变化，再根据家庭电路的电压不变和P=
判断灯泡实际功率的变化．
因电灯工作是温度特别高，所以需要选择熔点较高的钨丝做灯丝，灯丝在高温下会发生升华现象变成气态钨，是升华现象；
在灯丝的长度、材料等不变的情况下，灯丝的横截面积越小，其电阻会越大；
∵家庭电路的电压220V不变，
∴重新接入家庭电路中，根据P=
可知灯泡的实际功率变大小．
升华；
大；
小．
升华与凝华是在固态与气态之间的直接转化，钨丝就是一个典型的例子．影响电阻的大小的因素也是我们应熟练掌握的知识，它可以帮助我们分析灯丝阻值的变化情况以及实际功率的变化情况．
17．（5分）（2014•遂宁）海燕家中电热水壶的铭牌如图所示，其中额定功率已经看不清．将电热水壶装满初温为20℃的水，让其单独工作，在一标准大气压下将水烧开用时5分钟，她家标有600R/KW•h”字样的电能表旋盘转动了120转．则电热水壶中水的质量是 2 kg；
水吸收的热量是 6.72×
105 J；
电热水壶工作时的实际功率是 2400 W；
水吸收的这些热量，如果由无烟煤燃烧来提供，则至少需要提供 22.4 g的无烟煤．
（ρ水=1×
103kg/m3；
c水=4.2×
103J/kg•℃、q无烟煤=3×
107J/kg）
电功与热量的综合计算
电和热综合题．
由密度公式的变形公式可以求出水的质量；
由热量公式可以求出水吸收的热量；
根据电能表转过的圈数求出消耗的电能，然后求出电热水壶的实际功率；
由热值公式的变形公式可以求出无烟煤的质量．
由密度公式：
ρ=可知，
水的质量：
m=ρV=1×
103kg/m3×
2×
10﹣3m3=2kg；
一标准大气压下水的沸点是100℃，
水吸收的热量：
Q=cm△t=4.2×
103J/（kg•℃）×
2kg×
（100℃﹣20℃）=6.72×
105J；
电热水壶消耗的电能：
W=
=0.2kW•h，
电热水壶的实际功率：
P==
=2.4kW=2400W；
由Q=qm可知，需要无烟煤的质量：
m==
=2.24×
10﹣2kg=22.4g；
2；
6.72×
105；
2400；
22.4．
本题考查了求水的质量、水吸收的热量、热水器的功率、煤的质量，涉及的知识点较多，是一道综合题，应用密度公式、热量公式、电功率公式、热值公式即可正确解题．
18．（4分）（2014•遂宁）如图甲所示电路中，电压表V1和V2的示数之比为1：
3，则定值电阻R1：
R2= 1：
2 ，消耗的功率P1：
P2= 1：
2 ；
若将电阻R1、R2改接为如图乙所示的电路，则电流表A1、A2的示数之比为 2：
3 ，在相同时间内R1、R2消耗的电能之比为 2：
1 ．
欧姆定律的应用；
电功计算公式的应用
分析清楚电路结构，根据串并联电路特点与欧姆定律、电功率公式分析答题．
由图甲所示电路图可知，两电阻串联，通过两电阻的电流I相等，
电压表V1测R1两端电压，电压表V2测两电阻总电压，
由欧姆定律：
I=可知，U=IR，
则：
UV1=IR1，UV2=I（R1+R2），
已知：
V1和V2的示数之比为1：
3，
R1：
R2=：
1：
两电阻串联，通过它们的电流I相等，
由P=I2R可知，P1：
P2=R1：
R2=1：
由图乙所示电路图可知，两电阻并联，它们两端电压U相等，
电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测干路电流，
=，
=；
电阻消耗的功率之比：
2：
3；
1．
本题考查了求电阻、电功率、电流之比，分析清楚电路结构、应用串并联电路特点、欧姆定律与电功率公式即可正确解题．
19．（3分）（2014•遂宁）边长为0.5m的正方体，质量为60kg，当它静止在水平地面上时，对水平地面产生的压强为 2400 Pa；
现用如图
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