惠州市三模物理试题和答案文档格式.docx
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C．A、B、C带电荷量的大小关系
D．哪一个电荷的电荷量最小
6.如图所示圆形区域内，有垂直于纸面方向的匀强磁场，一束质量和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率，沿着相同的方向，对准圆心O射入匀强磁场，又都从该磁场中射出，这些粒子在磁场中的运动时间有的较长，有的较短，若带电粒子在磁场中只受磁场力的作用，则在磁场中运动时间较长的带电粒子（）
A.速率一定越小
B.速率一定越大
C.在磁场中通过的路程越长
D.在磁场中的周期一定越大
7、.如图，有一理想变压器，原副线圈的匝数比为n.原线圈接正弦交流电压U，输出端接有一个交流电流表和一个电动机.电动机线圈电阻为R.当输入端接通电源后，电流表读数为I，电动机带动一重物匀速上升.下列判断正确的是（B）
A原线圈中的电流为nIB.变压器的输入功率为UI/n.
C.电动机消耗的功率为I2RD.电动机两端电压为IR
8．如右图，M为固定在桌面上的L形木块，abcd为3/4圆周的光滑轨道，a为轨道的最高点，de面水平且有一定长度。
今将质量为m的小球在d点的正上方高h处释放，让其自由下落到d处切入轨道运动，则：
A、在h一定的条件下，释放后小球的运动情况与小球的质量有关。
B、只要改变h的大小，就能使小球通过a点之后，既可能落回轨道之内，又可能落到de面上。
C、无论怎样改变h的大小，都不可能使小球通过a点之后，又落回轨道之内。
D、要使小球飞出de面之外（即e的右面）是可能的。
选做题：
从下列两组试题中任选一组进行解答，如果两组试题都解答，按第一组记分。
A组（3-3）（含2-2）
9．如图所示，设有一分子位于图中的坐标原点O处不动，另一分子可位于x轴上不同位置处，图中纵坐标表示这两个分子间某种作用力的大小，两条曲线分别表示斥力和吸力的大小随两分子间距离变化的关系，e为两曲线的交点。
则：
A、ab表示吸引力，cd表示排斥力，e点的横坐标可能为10-15m
B、ab表示排斥力，cd表示吸引力，e点的横坐标可能为10-10m
C、ab表示吸引力，cd表示排斥力，e点的横坐标可能为10-10m
D、ab表示排斥力，cd表示吸引力，e点的横坐标可能为10-15m
10．
如右题图，某同学将空的薄金属筒开口向下压入水中。
设水温均匀且恒定，筒内空气无泄漏，不计气体分子间相互作用，则被淹没的金属筒在缓慢下降过程中，筒内空气。
A体积减小，从外界吸热B体积增大，内能增大
C体积减小，向外界放热D体积增大，内能减小
B组（3-4）
9．如图，实线是沿x轴传播的一列简谐横波在t=0时刻的波形图，虚线是这列波在t=0.05s时刻的波形图。
已知该波的波速是80cm/s，则下列说法中正确的是［］
A．这列波有可能沿x轴正向传播
B．这列波的波长是10cm
C．这列波的周期一定是0.15s
D．t=0.05s时刻x=6cm处的质点正在向下运动
10．△OMN为玻璃等腰三棱镜的横截面。
a、b两束可见单色光从空气垂直射入棱镜底面MN，在棱镜侧面OM、ON上反射和折射的情况如图20图所示。
由此可知（）
Aa光的波长比b光的短
Ba光的频率比b光的高
C棱镜内a光的传播速度比b光的大
D棱镜内a光的传播速度比b光的小
第二卷非选择题（共110分）
二、实验与探究。
（按题目要求解答。
总分24分，其中11题10分，12题14分）
11．（10分）某同学利用打点计时器、已知质量为m的滑块、可调节高度的斜面、直尺等仪器进行《探究动能定理》的实验（如图11），他首先将打点计时器固定在斜面的上端，并将滑块与纸带相连，让纸带穿过打点计时器，接通低压交流电源（已知频率为f）后释放滑块，打点计时器在纸带上打下一系列记数点。
回答下列问题：
（用已知字母表示）
（1）写出影响滑块动能变化的主要因素
（2）（3分）该实验探究中为了求合外力，应先求出滑块与斜面的动摩擦因数。
该同学通过多次调节斜面的高度，得到一条打点间距均匀的纸带（如图12），此时相对应的斜面长为L斜面高为h.由此可求出滑块与斜面的动摩擦因数为μ=——————-
（3）（2分）保持斜面长度不变，升高斜面高度到H（H>
h），该同学在实验中得到一条打点清晰的纸带（如图13），用直尺测出S1S2S3，对A、B两点研究：
此时滑块在A、B两点的速度大小为：
VA=——————VB=————————
（4）（3分）如果该同学在记录数据时各物理量的单位分别是：
L、H、S1、S2、S3为cm,m为kg，f为Hz，g为m/s2，对AB段进行研究，在实验允许的误差范围内，该同学根据记录的数据直接计算合外力对滑块所做的功为W，滑块动能的改变量为△Ek，结果发现两者的差别很大，请分析其原因。
写出该同学计算出的数值W与△Ek之间正确关系的表达式。
————————————————————————————————————
12（14分）
（1）（8分）①在“测金属电阻率”实验中，螺旋测微器测金属丝的直径的读数如图，则直径d=___________mm。
②测得接入电路的金属丝的长度为L，已知其电阻大约为25Ω．
在用伏安法准确测其电阻时，有下列器材供选择，除必选电源（电动势1．5V，内阻很小）、导线、开关外，电流表应选，电压表应选。
（填代号）并将设计好的测量电路原理图画在虚框内。
A1电流表（量程40mA，内阻约0.5Ω）
A2电流表（量程10mA，内阻约0．6Ω）
V1电压表（量程6V，内阻约30kΩ）
V2电压表（量程1．2V，内阻约的20kΩ）
R1滑动变阻器（范围0-10Ω）
③若电压表、电流表读数用U、I表示，用上述测得的物理量计算金属丝的电阻率的表示式为ρ=。
（2）（6分）传感器担负着信息的采集任务，在自动控制中发挥着重要作用，传感器能够将感受到的物理量（如温度、光、声等）转换成便于测量的量（通常是电学量），例如热敏传感器，主要是应用了半导体材料制成的热敏电阻，热敏电阻随温度变化的图线如图甲所示，图乙是由热敏电阻Rt作为传感器制作的简单自动报警器线路图．问：
①为了使温度过高时报警器铃响，c应接在（填a或b）．
②若使启动报警的温度提高些，应将滑动变阻器滑片P点向移动（填左或右）．
③如果在调试报警器达最低报警温度时，无论如何调节滑动变阻器滑片P都不能使报警器工作，且电路连接完好，各电路元件都能处于工作状态，则造成工作电路实际不能工作的原因可能是_______________________________________________________．
三、计算与论证。
本题共6小题，共86分。
按题目要求做答。
解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。
只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
13（12分）A同学利用下列方法测量B同学的反应時間：
A同学拿著一把有刻度的直尺，其中直尺成鉛垂，零刻度在下端。
B同学將手指靠近直尺下端（見圖6）。
在沒有提出警告的情況下，A同学释放直尺B同学則尽快用手指夾住直尺。
結果显示B同学夾着直尺位置的刻度為45cm（見圖17）。
（取g=10m/s2）
0cm
45cm
圖16圖17
（1）计算B同学的反应時間（4分）
（2）若改用一把較重的直尺進行以上測試，對結果有何影响？
試用重力公式及牛顿第二定律加以解释。
（4分）
（3）古希腊哲学家亚里士多德最早认为，物体下落的快慢是由它们的重量大小决定的，物体越重，下落得越快，但是物理学家伽利略用简单明了的科学推理，巧妙地揭示了亚里士多德的理论内容包含的矛盾．指出：
根据亚里士多德的论断，一块大石头的下落速度要比一块小石头的下落速度大，假定大石头下落速度为8，小石头下落的速度为4，当我们把石头拴在一起时，下落快的会被下落慢的拖着而减慢，下落慢的会被下落快的拖着而加快，结果整体系统的下落速度应该小于8．但是两块石头拴在一起，加起来比大石头还要重，根据亚里士多德的理论，整个系统的下落速度应该大于8．这样就使得亚里士多德的理论陷入了自相矛盾的境地．伽利略由此推断重的物体不会比轻的物体下落得快．根据伽利略的推理方法，假设用两块同样重的石头为研究对象，你又如何推翻亚里士多德的结论呢？
（回答应简明）（4分）
14．（14分）我国“神舟”六号宇宙已经发射成功，当时在飞船控制中心的大屏幕上出现的一幅卫星运行轨迹图，如图所示，它记录了“神舟”六号飞船在地球表面垂直投影的位置变化；
图中表示在一段时间内飞船绕地球圆周飞行四圈，依次飞经中国和太平洋地区的四次轨迹①、②、③、④，图中分别标出了各地点的经纬度（如：
在轨迹①通过赤道时的经度为西经157.5°
，绕行一圈后轨迹②再次经过赤道时经度为180°
……），若地球半径为R=6400Km，地球表面处的重力加速度g=10m/s2，从图中的信息计算“神舟”六号宇宙飞船的
（1）运行的周期
（2）飞船离地面的高度（3）运行的线速度大小
15．（15分）有一平行板电容器，內部為真空，兩個电极板的間距為d，每一個正方形电极板的長均為L。
电容器內有一均勻电場，U為兩個电极板間的电压，如圖所示。
电子从电容器左端的正中央以初速vo射入，其方向平行于电极板之一边，並打在圖上的D点。
电子的电荷以
表示，质量以m表示，重力可不計。
回答下面各問題。
（用已知物理量的字母表示）
（1）求电子打到D点瞬間的动能
（2）試問电子的初速vo至少必須大于何值，电子才能避開电极板，逸出电容器外？
（3）若电容器內沒有电場，只有垂直進入紙面的均勻磁場，其值固定為B。
电子从电容器左端的正中央以平行于电极板之一边的初速vo射入，如圖所示。
若不計重力，則电子的初速vo为何值，电子才能避开电极板，逸出电容器外？
16（（14分）某同学设计了一个利用线圈测量转轮转速的装置．如图所示，在轮子的边缘贴上小磁体，将小线圈靠近轮边放置，接上数据采集器和电脑（即DIS实验器材）．如果小线圈的面积为S，圈数为N匝，小磁体附近的磁感应强度最大值为B，回路的总电阻为R，实验发现，轮子转过θ角，小线圈的磁感应强度由最大值变为零．因此，他说“只要测得此时感应电流的平均值I，就可以测出转轮转速的大小．”请你运用所学的知识，通过计算对该同学的结论作出评价．
17．（14分）如图甲所示，，一宽度为L且足够长的光滑“匚”形金属导轨水平放置在匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度为B，方向竖直向下，“匚”形金属导轨上连接一阻值为R的电阻。
一质量为m长为L的导体棒，刚好横跨在导轨上。
现导体棒在水平恒力F作用下从静止开始向右运动，当棒获得某一最大速度时立即撤掉水平恒力F。
设导体棒始终与导轨接触并且不分离，导轨和金属杆的电阻不计。
（1）求出棒的加速度a和速度ｖ的关系式，并分析棒的运动情况。
（2）当撤掉水平恒力F后，求系统产生的电能。
（3）在图乙上画出棒的a－ｖ图线。
（要求标上有关坐标）
图甲
图乙
18．（17分）如图所示，质量均为m的两球AB间有压缩的轻、短弹簧处于锁定状态，放置在水平面上竖直光滑的发射管内（两球的大小尺寸和弹簧尺寸都可忽略，他们整体视为质点），解除锁定时，A球能上升的最大高度为H，现在让两球包括锁定的弹簧从水平面出发，沿光滑的半径为R的半圆槽从右侧由静止开始下滑，至最低点时，瞬间锁定解除，求A球离开圆槽后能上升的最大高度。
惠州市2007届高三模拟考试物理试题参考答案和评分标准
一．选择题
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
A组
9
A组10
B组
10
答案
B
BD
D
AD
A
CD
C
二、实验与探究：
（总分24分，其中11题10分，12题14分）
11；
（1）h/（L2--H2）1/2（3分）
（2）mg{H/L-h（L2--H2）1/2/L2}（2分）
（S1+S2）f/2,（1分）（S2+S3）f/2,（1分）
（3）该探究的结论不对.（1分）应为W=△Ek×
10-2（2分）
12.
（1）①0．900（2分）
②Al，V2，（各1分），测量电路原理图如图（2分）
③
（2分）
（2）①a（2分）②左（1分）③可能是乙图中左边电源电压太低或者线的匝数太少或者弹簧的劲度系数太大等（3分）
三、本题共6小题，86分．
13（12分）解：
（1）根据
或
-------------------------2分
2分
（2）设下落物体的质量为m，则重力G＝mg，-----------------------1分
由牛顿第二定律F＝ma，-----------------------1分
若下落物体只受重力，则mg＝ma，得a＝g，-----------------------1分
即不论物体的质量（重力）大小是否相同，在重力作用下的加速度都相同，相同位移所用的时间相同，即轻重物体下落的一样快-----------------------1分
（3）设两块同样重的石头的速度都是8（不一定设该数），当我们把石头拴在一起时，由于原来快慢相同，所以两块石头不会互相牵拉，这样各自应保持原来的速度，即它们的速度还应该是8．但两块石头拴在一起重量增大了（为原来的2倍），根据亚里士多德的理论，整个系统的下落速度应该大于8．这样就使得亚里士多德的理论陷入了自相矛盾的境地，从而推翻了这个理论．-----------------------4分
14（14分）解答：
1飞船每运行一周，地球自转角度为180°
－157.5°
=22.5°
-----------1分
则神舟飞船运行的周期T为
=90分钟-----------3分
②由万有引力提供向心力，即
-----------2分
在地球表面处mg=GMm/R2-----------2分
可求得飞船的轨道半径：
或轨道高度
=3.43×
105m3分
③V=2Лr/T=7.8×
103m/s3分
15（15分）解：
（1）Ue/2=Ek-mv2/22分
Ek=（Ue+mv2）/21分
（2）E=U/d（1分）a=Ee/m（1分）d/2=at2/2（1分）v=L/t（1分）
V=（1分）
（3）R1=d/4（1分）ev1B=mv12/R1（1分）
v1=eBd/4m（1分）
R22=L2+（R2–d/2）2（1分）
R2=（L2-d2）/（4d）（1分）
ev2B=mv22/R2
v2=（L2-d2）eB/（4dm）（1分）
电子避开电极板的条件是v1＜eBd/4m和v2>
（L2-d2）eB/（4dm）（1分）
16（14分）
（14分）解析：
该同学的结论是正确的．（2分）
设转轮的角速度、转速分别为ω和n，轮子转过θ角所需时间为⊿t，通过线圈的磁通量的变化量为⊿Φ，线圈中产生的感应电动势的平均值为E．
根据法拉第电磁感应定律有
（3分）
由闭合电路欧姆定律有I=E/R（2分）
又
（2分）
联立以上四式得，
由此可见，该同学的结论是正确的．
17、（14分）（１）选向右方向为正，当水平恒力F作用时
导体棒两端的感应电动势为E＝BLV……1分
则流过导体棒的感应电流为I＝
……1分
导体棒受到的安培力：
F安＝BIL……1分
根据牛顿第二定律有：
Ｆ－Ｆ安＝ｍａ……1分
联立上式可得：
ａ＝
－
当撤掉水平恒力F后ａ＝－
棒的运动情况是先做加速度减小的加速运动，后做加速度减小的减速运动。
（２）当棒获得最大速度时即有ａ＝01分
=
V=FR/（B2L2）1分
系统产生的电能Q=mv2/2=mF2R2/（2B4L4）2分
（3）ａ与Ｖ是线性关系。
如图所示（未标上有关坐标的扣1分）……2分
18（17分）解：
解除锁定后弹簧将弹性势能全部转化为A的机械能,则弹簧弹性势能为
E弹=mgH2分
AB系统由水平位置滑到圆轨道最低点时速度为v0,解除弹簧锁定后A、B的速度分别为vA、vB则有
2mgR=2×
mv02/22分
2mv0=mvA+mvB2分
2×
mv02/2+E弹=mvA2/2+mvB2/23分
将vB=2v0-vA代入能量关系得到
2mgR+mgH=mvA2/2+m（2v0-vA）2/2v0=（2gR）1/21分
得到：
vA=（2gR）1/2+（gH）1/22分
相对水平面上升最大高度h,则：
h+R=vA2/2g2分
h=H/2+（2RH）1/23分
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