学年江西省崇仁县第二中学高一上学期第二次月考物理试题解析版Word格式文档下载.docx
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二、多项选择题（共4小题，每小题4分，共16分．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）
7.下列关于重力、弹力和摩擦力的说法,正确的是（ ）
A.物体的重心并不一定在物体的几何中心上
B.劲度系数越大的弹簧,产生的弹力越大
C.动摩擦因数与滑动摩擦力成正比,与物体之间的压力成反比
D.静摩擦力的大小处在零和最大静摩擦力之间
8．在学校秋季运动会上，小明同学以背越式成功地跳过了1.70米的高度．若空气阻力作用可忽略，则下列说法正确的是（ ）
A．小明上升过程中处于失重状态
B．研究小明在空中姿态时可把小明视为质点
C．起跳时小明对地面的压力与地面对他的支持力大小相等
D．小明起跳以后在下降过程中重力消失了，只有惯性
9．“蹦极”是一项非常刺激的体育运动．某人身系弹性绳自高空P点自由下落，忽略空气阻力，图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止悬吊着时的平衡位置，人在从P点落下到最低点c的过程中（ ）
A．在Pa段作自由落体运动
B．在ab段人受到的合外力向下，人速度在增大
C．在bc段人的加速度向下，人速度在减小
D．在a点，人的速度最大，加速度为g
10．某物体以一定的初速度沿足够长的斜面从底端向上滑去，此后该物体的运动图象（图中x是位移、v是速度、t是时间）可能的是（ ）
A．
B．
C
D．
三、实验题（每空2分，共14分）
11．在“探究求合力的方法”的实验中，实验桌上已有橡皮筋、两个细绳套，两个三角板、一张白纸、图钉若干．
（1）为完成实验，还需要下列器材中的
A．天平B．电磁打点计时器C．弹簧秤D．直尺
（2）某次测量时，一只弹簧秤读数如图所示，该读数为 N．
（3）实验操作过程中，下列正确的是
A．用两只弹簧秤拉橡皮条时，应使两细套之间的夹角为90°
，以便计算出合力的大小
B．用两支弹簧秤拉时结点的位置必须与用一只弹簧秤拉时结点的位置重合
C．弹簧秤使用前应调零，且橡皮筋、绳、弹簧秤应与木板平行
D．两根细绳必须等长，且细绳适当长一些．
12．“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图1所示
（1）若取小车的质量为0.4kg，改变砝码和砝码盘的质量m进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是
A．m1=20gB．m2=30gC．m3=40gD．m4=300g
（2）下列说法正确的是
A．通过作v﹣t图象求a，可以更好地减小误差
B．在平衡摩擦力时，需要拿走小盘，纸带穿过打点计时器，并固定在小车的尾端，然后调节斜面倾角，轻推小车，使小车在斜面上匀速下滑
C．每改变一次小车的质量，需要重新平衡一次摩擦力
D．打点计时器应用低压直流电源
（3）某同学平衡摩擦力后，保持小车质量不变，改变砝码盘中砝码的质量，测得小车加速度a与砝码盘中砝码总重力F的实验数据如下表：
砝码盘中砝码
总重力F（N）
0.196
0.392
0.588
0.784
0.980
加速度a（m•s﹣2）
0.69
1.18
1.66
2.18
2.70
图2是由实验数据作出的a﹣F图象，分析图线不通过原点的原因 ．
（4）某同学设计了如图3所示的实验装置，若轻小滑轮与绳之间摩擦可以忽略不计，下列正确的是
A．小车仍需平衡摩擦B．钩码质量m仍需远小于小车质量M
C．弹簧秤读数F=mg/2D．以上都不正确．
四．计算题（共46分，要求写出必要的文字说明和详细的计算过程，直接给出结果的不给分．）
13、（10分）一个质量是50kg的人站在升降机的地板上，升降机的顶部悬挂了一个弹簧秤，弹簧秤下面挂着一个质量为m=5kg的物体A，当升降机向上运动时，他看到弹簧秤的示数为75N，g取10m/s2，求此时地板对人的支持力．
14．（10分）一物体从楼上自由下落，经过高为2m的窗户所用的时间为0.2s，物体是从距离窗顶多高处自由落下的？
（g=10m/s2）
15.（12分）如图所示,一个M=2kg的物体A放在μ=0.2的粗糙水平面上,用一条质量不计的细绳绕过定滑轮和一个m0=0.1kg的小桶B相连,已知:
A受到的最大静摩擦力Fmax=4.5N,滑轮上的摩擦不计,g=10m/s2,求在以下情况下,A受到的摩擦力的大小.
（1）只挂B,处于静止状态时;
（2）只挂B但在A上再放一个M′=3kg的物体时;
（3）只在桶内加入m1=0.33kg的沙子时;
（4）只在桶内加入m2=0.5kg的沙子时.
16．（14分）如图所示，木块质量m=1.04kg，在与水平方向成θ=37°
角、斜向右上方的恒定拉力F作用下，以a=2.0m/s2的加速度从静止开始做匀加速直线运动，在3s末时撤去拉力F．已知木块与地面间的动摩擦因数μ=0.4，取重力加速度g=10m/s2，sin37°
=0.6，cos37°
=0.8．求：
（1）拉力F的大小
（2）物体在5s内滑行的总位移．
2017-2018学年崇仁二中高一（上）第二次月考物理试卷
参考答案
1【解答】解：
在国际单位制中，力学的基本单位是m、kg、s，而单位m/s，m/s2、N都是导出单位，
故选：
D．
2．【解答】解：
A、0～5s，物体沿正向运动，5～6s沿负向运动，故5s末离出发点最远，最远距离为S=
×
10×
（2+5）m=35m，故A错误；
B、在0～6s内，物体经过的路程为S=
10m/s×
2s+10m/s×
2s+
1s+
1s=40m，故B错误．
C、在0～4s内，物体经过的路程为S=
2s=30m，所以平均速率为：
=7.5m/s，故C正确；
D、在5s﹣6s内，物体做反向的匀加速运动，速度方向和合外力方向相同；
故D错误；
C
3.解析:
分力和合力是等效替代的关系,力的合成、力的分解与等效替代法有关,重心是重力的等效作用点,只有动摩擦因数与等效替代法无关.
4．【解答】解：
物体必受重力，物体与斜面体相互挤压，故斜面对物体一定有支持力，方向垂直于斜面向上，物体相对于粗糙斜面向上滑动，一定与斜面体间有摩擦力，摩擦力阻碍物体间的相对滑动，物体相对于斜面体向上滑动，故一定受到沿斜面向下的滑动摩擦力，物体依靠惯性运动，没有向上的冲力，也找不到施力物体，重力有使物体下滑的趋势，无下滑力，同样也找不到施力物体；
C．
5．【解答】解：
A、根据匀变速直线运动的推论，知汽车的平均速度
．故A、B错误．
C、根据速度时间公式知，汽车的加速度a=
．故C错误．
D、位移x=
．故D正确．
6．【解答】解：
A、电梯减速上升，加速度向下，由牛顿第二定律
mg﹣F=ma
解得
F=m（g﹣a）=9m
D、电梯匀加速下降，加速度向下，由牛顿第二定律
F=m（g﹣a）=9.5m
故选B．
2、多项选择题
7.解析:
物体的重心不一定在物体的几何中心上,如质量分布不均匀的球体;
由胡克定律可知,弹力的大小决定于弹簧的劲度系数和形变量的大小;
对于确定的物体之间,动摩擦因数是常数;
静摩擦力的大小在零和最大静摩擦力之间取值.综上所述,选项AD正确.
8.【解答】解：
A、在小明下降过程，只受重力的作用，有向下的重力加速度，是处于完全失重状态，故A正确．
B、小明起跳以后在上升过程，也是只受重力的作用，有向下的重力加速度，是处于完全失重状态，故B错误．
C、在小明起跳过程中，地面要给人一个向上的支持力，支持力的大小大于人的重力的大小，人才能够有向上的加速度，向上运动，故C正确．
D、起跳以后在下降过程中，重力仍不变，故D错误．
AC．
9．【解答】解：
A、B、在Pa段弹性绳松驰，对人没有拉力，人做自由落体运动，速度不断增大．故A正确；
B、在ab段弹性绳对人的拉力小于人的重力，人受到的合力向下，人继续向下做加速运动，速度不断增大．故B正确；
C、在bc段，弹性绳对人的拉力大于人的重力，人受到的合力向上，加速度向上，人向下做减速运动，速度减小．故C错误；
D、由以上分析可知，在经过b点时，人的速度最大．此时人受到的拉力与重力平衡，人的加速度为0；
故D错误．
AB．
10．【解答】解：
A、x﹣t图象是位移时间图象，图象的斜率表示速度，由于物体可能先向上做匀减速直线运动，后停在最高点．故A正确．
B、物体可能先向上做匀减速直线运动，后停在最高点．故B正确．
C、物体可能先向上做匀减速直线运动，后向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得：
上滑时有：
mgsinα+μmgcosα=ma上；
下滑时有：
mgsinα﹣μmgcosα=ma下；
可知上滑的加速度大于下滑的加速度，根据v﹣t图象中图象的斜率等于加速度，可知上滑时图象的斜率较大，故C错误，D正确．
ABD
三、实验题（每空2分，共14分）
（1）为完成实验，还需要下列器材中的 C
（2）某次测量时，一只弹簧秤读数如图所示，该读数为 2.20 N．
（3）实验操作过程中，下列正确的是 BC
12.
（1）若取小车的质量为0.4kg，改变砝码和砝码盘的质量m进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是 D
（2）下列说法正确的是 AB
（3）图2是由实验数据作出的a﹣F图象，分析图线不通过原点的原因 未计入砝码盘的质量 ．
（4）某同学设计了如图3所示的实验装置，若轻小滑轮与绳之间摩擦可以忽略不计，下列正确的是 A
C．弹簧秤读数F=mg/2D．以上都不正确．
【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．
【专题】实验题；
定性思想；
实验分析法；
牛顿运动定律综合专题．
【分析】
（1）在实验中，认为m的重力等于滑块所受的合力，所以m的质量应远小于M的质量；
（2）在“验证牛顿第二定律”的实验中，实验中用勾码的重力代替小车的合力，故要通过将长木板左端垫高来平衡摩擦力和使小车质量远大于小盘（包括盘中的砝码）质量来减小实验的误差，只需要平衡一次，打点计时器应用交流电源；
（3）应该画出砝码盘中砝码和砝码盘总重力与加速度的关系图象；
（4）该实验必须要平衡摩擦；
由于该实验的连接方式，小车是在绳的拉力下加速运动，故不要求重物质量远小于小车质量；
由牛顿第二定律可求解测力计的读数．
【解答】解：
（1）在“验证牛顿第二定律”的实验用控制变量法，本实验在满足小车质量远大于砝码及砝码盘的总质量的条件下，才能用砝码及砝码盘的重力代替小车所受的合力，D答案不能满足此条件．
本题选不合适的，故选：
D
（2）A、若通过作v﹣t图象求a，可以减小由于测量所造成的偶然误差，可以筛选出测量错误的数据，故A正确；
B、平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，是小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故B正确；
C、次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力．故C错误．
D、打点计时器应用低压交流电源，故D错误．
AB
（3）从图中图线可发现当拉力F等于0时，加速度大于0，所以实验中存在的问题可能是：
未计入砝码盘的质量．
（4）A、该实验首先必须要平衡摩擦力，长木板必须倾斜，故A正确；
B、由于该实验的连接方式，重物和小车不具有共同的加速度，小车是在绳的拉力下加速运动，此拉力可由测力计示数获得，不需要用重物的重力来代替，故不要求重物质量远小于小车质量，故B错误；
C、由于重物向下加速度运动，由牛顿第二定律：
m2g﹣2F=m2a，
解得：
F=
，故C错误；
D、由上述分析可知D错误；
故答案为：
（1）D；
（2）AB；
（3）未计入砝码盘的质量；
（4）A
13.（10分）.解：
答：
此时人对地板的支持力为750N，方向竖直向上．（没有写明方向扣2分）
14.．（10分）一物体从楼上自由下落，经过高为2m的窗户所用的时间为0.2s，物体是从距离窗顶多高处自由落下的？
=
=10m/s
由v=gt得
从楼上到窗户中点时刻的总时间t=
=1s
所以t下落=1s﹣0.1s=0.9s
根据h=
得：
h=
=4.05m
物体是从距离窗顶4.05m高处自由落下的．
15.解析:
（12分每问4分）
（1）因为m0g=1N<
Fmax,A处于静止状态,受静摩擦力作用,由二力平衡得F1=m0g=1N.
（2）在A上再放一个M′=3kg的物体,A仍静止,所受静摩擦力F2=F1=m0g=1N.
（3）因为（m0+m1）g=4.3N<
Fmax,故A处于静止状态,所受静摩擦力F3=（m0+m1）g=4.3N.
（4）因为（m0+m2）g=6N>
Fmax,故物体A运动,受到滑动摩擦力作用,由公式F=μFN得F4=μMg=4N.
答案:
（1）1N
（2）1N （3）4.3N （4）4N
16．【解答】解：
（1）对物体受力分析，可知
水平方向Fcosθ﹣f=ma----------------------------2分
竖直方向Fsinθ+FN=mg----------------------------2分
摩擦力公式f=μFN----------------------------1分
由以上三个方程可以解得，
a=2m/s2
F=6N；
----------------------------------------------1分（共6分）
（2）在3s末物体的速度为
V=at=2×
3m/s=6m/s，----------------------------1分
前3s的位移为
X1=
at2=9m，----------------------------1分
在3s末撤去了拉力F，之后物体将在摩擦力的作用下减速运动，
设此时的加速度为a′，摩擦力为f′，
则f′=μmg=ma′，
所以a′=μg=4m/s2，----------------------------2分
撤去了拉力F之后，减速到0需要的时间为t
则由V=0﹣a′t可得
t=1.5s即物体只运动了1.5s就停止了，----------------------------2分
所以减速运动的位移X2=Vt﹣at2=4.5m----------------------------1分
所以总位移x=X1+X2=9m+4.5m=13.5m，-----------------1分（共8分）
（1）拉力F的大小为6N
（2）物体在5s内滑行的总位移是13.5m
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