届高考数学考前回扣教材函数与导数Word格式.docx
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则f(x)的图象关于直线x=a对称.
②若函数=f(x)满足f(a+x)=-f(a-x),
即f(x)=-f(2a-x),
则f(x)的图象关于点(a,0)对称.
③若函数=f(x)满足f(a+x)=f(b-x),
则函数f(x)的图象关于直线x=a+b2对称.
4.函数的单调性
函数的单调性是函数在定义域上的局部性质.
①单调性的定义的等价形式:
设x1,x2∈[a,b],
那么(x1-x2)[f(x1)-f(x2)]&
0&
#8660;
f&
#61480;
x1&
#61481;
-f&
x2&
x1-x2&
f(x)在[a,b]上是增函数;
(x1-x2)[f(x1)-f(x2)]&
f(x)在[a,b]上是减函数.
②若函数f(x)和g(x)都是减函数,则在公共定义域内,f(x)+g(x)是减函数;
若函数f(x)和g(x)都是增函数,则在公共定义域内,f(x)+g(x)是增函数;
根据同增异减判断复合函数=f[g(x)]的单调性.
.函数图象的基本变换
(1)平移变换:
=f(x)――→h&
0,右移h&
0,左移=f(x-h),
=f(x)――→&
0,上移&
0,下移=f(x)+
(2)伸缩变换:
=f(x)――→0&
ω&
1,伸ω&
1,缩=f(ωx),
A&
1,缩A&
1,伸=Af(x).
(3)对称变换:
=f(x)――→x轴=-f(x),
=f(x)――→轴=f(-x),
=f(x)――→原点=-f(-x).
6.准确记忆指数函数与对数函数的基本性质
(1)定点:
=ax(a&
0,且a≠1)恒过(0,1)点;
=lgax(a&
0,且a≠1)恒过(1,0)点.
(2)单调性:
当a&
1时,=ax在R上单调递增;
=lgax在(0,+∞)上单调递增;
当0&
1时,=ax在R上单调递减;
=lgax在(0,+∞)上单调递减.
7.函数与方程
(1)零点定义:
x0为函数f(x)的零点&
f(x0)=0&
(x0,0)为f(x)的图象与x轴的交点.
(2)确定函数零点的三种常用方法
①解方程判定法:
即解方程f(x)=0
②零点定理法:
根据连续函数=f(x)满足f(a)f(b)&
0,判断函数在区间(a,b)内存在零点.
③数形结合法:
尤其是方程两端对应的函数类型不同时多用此法求解.
8.导数的几何意义
(1)f′(x0)的几何意义:
曲线=f(x)在点(x0,f(x0))处的切线的斜率,该切线的方程为-f(x0)=f′(x0)(x-x0).
(2)切点的两大特征:
①在曲线=f(x)上;
②在切线上.
9.利用导数研究函数的单调性
(1)求可导函数单调区间的一般步骤:
①求函数f(x)的定义域;
②求导函数f′(x);
③由f′(x)&
0的解集确定函数f(x)的单调增区间,由f′(x)&
0的解集确定函数f(x)的单调减区间.
(2)由函数的单调性求参数的取值范围:
①若可导函数f(x)在区间上单调递增,则f′(x)≥0(x∈)恒成立;
若可导函数f(x)在区间上单调递减,则f′(x)≤0(x∈)恒成立;
②若可导函数在某区间上存在单调递增(减)区间,f′(x)&
0(或f′(x)&
0)在该区间上存在解集;
③若已知f(x)在区间I上的单调性,区间I中含有参数时,可先求出f(x)的单调区间,则I是其单调区间的子集.
10.利用导数研究函数的极值与最值
(1)求函数的极值的一般步骤:
①确定函数的定义域;
②解方程f′(x)=0;
③判断f′(x)在方程f′(x)=0的根x0两侧的符号变化:
若左正右负,则x0为极大值点;
若左负右正,则x0为极小值点;
若不变号,则x0不是极值点.
(2)求函数f(x)在区间[a,b]上的最值的一般步骤:
①求函数=f(x)在(a,b)内的极值;
②比较函数=f(x)的各极值与端点处的函数值f(a)、f(b)的大小,最大的一个是最大值,最小的一个是最小值.1.解决函数问题时要注意函数的定义域,要树立定义域优先原则.
2.解决分段函数问题时,要注意与解析式对应的自变量的取值范围.
3.求函数单调区间时,多个单调区间之间不能用符号“∪”和“或”连接,可用“及”连接或用“,”隔开.单调区间必须是“区间”,而不能用集合或不等式代替.
4.判断函数的奇偶性,要注意定义域必须关于原点对称,有时还要对函数式化简整理,但必须注意使定义域不受影响.
.准确理解基本初等函数的定义和性质.如函数=ax(a&
0,a≠1)的单调性忽视字母a的取值讨论,忽视ax&
0;
对数函数=lgax(a&
0,a≠1)忽视真数与底数的限制条.
6.易混淆函数的零点和函数图象与x轴的交点,不能把函数零点、方程的解、不等式解集的端点值进行准确互化.
7.已知可导函数f(x)在(a,b)上单调递增(减),则f′(x)≥0(≤0)对&
#8704;
x∈(a,b)恒成立,不能漏掉“=”号,且需验证“=”不能恒成立;
而已知可导函数f(x)的单调递增(减)区间为(a,b),则f′(x)>0(<0)的解集为(a,b).
8.f′(x)=0的解不一定是函数f(x)的极值点.一定要检验在x=x0的两侧f′(x)的符号是否发生变化,若变化,则为极值点;
若不变化,则不是极值点.1.若函数f(x)=2x+2,x≤0,2x-4,x&
0,则f[f
(1)]等于( )
A.-10B.10.-2D.2
答案
解析 由f[f
(1)]=f(21-4)=f(-2)=2×
(-2)+2=-2,故选
2.若函数f(x)=x2-12lnx+1在其定义域内的一个子区间(-1,+1)内不是单调函数,则实数的取值范围是( )
A.[1,+∞)B.[1,32)
.[1,2)D.[32,2)
答案 B
解析 因为f(x)的定义域为(0,+∞),′=2x-12x,
由f′(x)=0,得x=12利用图象可得,
-1&
12&
+1,-1≥0,解得1≤&
32,故选B
3.若函数f(x)=&
3-a&
x-3,x≤7,ax-6,x&
7单调递增,则实数a的取值范围是( )
A.(94,3)B.[94,3)
.(1,3)D.(2,3)
答案 D
解析 因为函数f(x)=&
7单调递增,所以1&
3且由f(7)&
f(8)得,7(3-a)-3&
a2,解得a&
-9或a&
2,所以实数a的取值范围是(2,3),故选D
4.函数=x&
#8226;
2x|x|的图象大致形状是( )答案 A
解析 =2x,x&
0,-2x,x&
0,
=2x在(0,+∞)上单调递增,且=2x>0,
排除B,D;
又=-2x在(-∞,0)上单调递减,排除
.(2016&
标全国甲)下列函数中,其定义域和值域分别与函数=10lgx的定义域和值域相同的是( )
A.=xB.=lgx.=2xD.=1x
解析 函数=10lgx的定义域为{x|x&
0},值域为{|&
0},所以与其定义域和值域分别相同的函数为=1x,故选D
6.已知定义在R上的奇函数f(x)满足f(x+2)=-f(x),且f(-1)=2,则f(2017)的值是( )
A.2B.0.-1D.-2
解析 由题意得f(x+4)=-f(x+2)=f(x),所以函数是以T=4的周期函数,所以f(2017)=f
(1)=-f(-1)=-2,故选D
7.已知函数f(x)=1x-lg3x,若x0是函数=f(x)的零点,且0<x1<x0,则f(x1)的值( )
A.恒为正值B.等于0
.恒为负值D.不大于0
答案 A
解析 由题意知f(x)为(0,+∞)上的减函数,
又f(x0)=0,x1<x0,
∴f(x1)>f(x0)=0,故选A
8.设a=lg32,b=lg2,=lg23,则( )
A.a&
&
bB.b&
a
.&
b&
aD.&
b
解析 易知lg23&
1,lg32,lg2∈(0,1).在同一平面直角坐标系中画出函数=lg3x与=lgx的图象,观察可知lg32&
lg2所以&
b比较a,b的其他解法:
lg32&
lg33=12,lg2&
lg=12,得a&
b;
lg23&
lg2,所以1lg23&
1lg2,结合换底公式得lg32&
lg2,即a>b
9.若函数f(x)定义域为[-2,2],则函数=f(2x)&
ln(x+1)的定义域为________.
答案 (-1,1]
解析 由题意可得-2≤2x≤2,x+1&
0,∴-1&
x≤1,
即函数=f(2x)&
ln(x+1)的定义域为(-1,1].
10.(2016&
天津)已知函数f(x)=(2x+1)ex,f′(x)为f(x)的导函数,则f′(0)的值为________.
答案 3
解析 因为f(x)=(2x+1)ex,
所以f′(x)=2ex+(2x+1)ex=(2x+3)ex,
所以f′(0)=3e0=3
11.设奇函数=f(x)(x∈R),满足对任意t∈R都有f(t)=f(1-t),且x∈[0,12]时f(x)=-x2,则f(3)+f(-32)的值等于________.
答案 -14
解析 由于=f(x)为奇函数,根据对任意t∈R都有f(t)=f(1-t),
可得f(-t)=f(1+t),
所以函数=f(x)的一个周期为2,
故f(3)=f
(1)=f(0+1)=-f(0)=0,
f(-32)=f(12)=-14,
∴f(3)+f(-32)=-14
12.函数f(x)=x3+ax2+bx+a2在x=1处有极小值10,则a+b的值为________.
答案 -7
解析 ∵f′(x)=3x2+2ax+b,
由已知可得f′&
1&
=3+2a+b=0,f&
=1+a+b+a2=10,
解得a=4,b=-11或a=-3,b=3,
经验证,a=4,b=-11符合题意,
故a+b=-7
13.已知函数f(x)=x+1ex(e为自然对数的底数).
(1)求函数f(x)的单调区间;
(2)设函数φ(x)=xf(x)+tf′(x)+1ex,存在实数x1,x2∈[0,1],使得2φ(x1)&
φ(x2)成立,求实数t的取值范围.
解
(1)∵函数的定义域为R,f′(x)=-xex,
∴当x&
0时,f′(x)&
0,当x&
∴f(x)在(-∞,0)上单调递增,
在(0,+∞)上单调递减.
(2)存在x1,x2∈[0,1],使得2φ(x1)&
φ(x2)成立,
则2[φ(x)]in&
[φ(x)]ax
∵φ(x)=xf(x)+tf′(x)+e-x=x2+&
1-t&
x+1ex,
∴φ′(x)=-x2+&
1+t&
x-tex=-&
x-t&
x-1&
ex
①当t≥1时,φ′(x)≤0,φ(x)在[0,1]上单调递减,
∴2φ
(1)&
φ(0),即t&
3-e2&
1;
②当t≤0时,φ′(x)&
0,φ(x)在[0,1]上单调递增,
∴2φ(0)&
φ
(1),即t&
3-2e&
③当0&
t&
1时,若x∈[0,t),φ′(x)&
0,φ(x)在[0,t)上单调递减,
若t∈(t,1],φ′(x)&
0,φ(x)在(t,1)上单调递增,
∴2φ(t)&
ax{φ(0),φ
(1)},
即2&
t+1et&
ax{1,3-te}.(*)
由
(1)知,g(t)=2&
t+1et在[0,1]上单调递减,
故4e≤2&
t+1et≤2,而2e≤3-te≤3e,
∴不等式(*)无解.
综上所述,存在t∈(-∞,3-2e)∪(3-e2,+∞),使得命题成立.