届四川省棠湖中学高三下学期第二次月考理综物理试题解析版.docx

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届四川省棠湖中学高三下学期第二次月考理综物理试题解届四川省棠湖中学高三下学期第二次月考理综物理试题解析版析版四川省棠湖中学2018届高三下学期第二次月考理综-物理试题一、选择题1.如图所示，“伦敦眼”（TheLondonEye）是世界著名的观景摩天轮，它总高度135米（443英尺），屹立于伦敦泰晤士河南畔的兰贝斯区。

现假设摩天轮正绕中间的固定轴做匀速圆周运动，则对于坐在座椅上观光的游客来说，正确的说法是（）A.因为摩天轮做匀速转动，所以游客受力平衡B.当摩天轮转到最高点时，游客处于失重状态C.因为摩天轮做匀速转动，所以游客的机械能守恒D.当摩天轮转到最低点时，座椅对游客的支持力小于所受的重力【答案】B点睛：

该题结合竖直平面内的圆周运动考查到多个知识点的内容，解答的关键是分析在最低点和最高点的受力，结合向心力公式列牛顿第二定律方程即可。

2.2016年“蛟龙”再探深海，前往太平洋、印度洋执行实验性应用航次。

假设深海探测器在执行下潜任务中，探测器最后达到某一恒定的收尾速度。

若探测器质量为m，由于重力作用下潜，探测器的收尾速度为v，探测器受到恒定的浮力F，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A.探测器达到收尾速度后，合力为向下B.无论是达到收尾速度前，还是达到收尾速度后，探测器受到的合力都不能是零C.探测器达到收尾速度前，受到的合力可能为零D.探测器达到收尾速度后，探测器受到的水的阻力为mgF【答案】D【解析】“蛟龙”号的收尾速度为v，即开始时做变速运动，合力不为零，最后最后达到收尾速度后，做匀速运动，合力为零，对蛟龙号受力分析，受重力和浮力及海水阻力，由平衡知识得：

mg-F-f=0，即f=mg-F，故ABC错误，D正确；故选D.3.2016年8月16日凌晨，被命名为“墨子号”的中国首颗量子科学实验卫星开启星际之旅，这是我国在世界上首次实现卫星和地面之间的量子通信，构建天地一体化的量子保密通信与科学实验体系。

“墨子号”卫星的工作高度约为500km，在轨道上绕地球做匀速圆周运动，经过时间t（t小于其运动周期），运动的弧长为s，与地球中心连线扫过的角度为（弧度），引力常量为G。

则下列关于“墨子号”的说法正确的是（）A.线速度大于第一宇宙速度B.环绕周期为C.质量为D.向心加速度小于地球同步卫星的向心加速度【答案】B【解析】试题分析：

第一宇宙速度为最大环绕速度，即为轨道半径等于地球半径轨道上卫星的环绕速度；根据角速度的定义以及求解周期；根据比较向心加速度的大小第一宇宙速度为近地卫星环绕速度，也为卫星最大环绕地球运动的速度，故由于“墨子号”轨道半径大于地球半径，所以其环绕速度小于第一宇宙速度，A错误；“墨子号”经过时间t（t小于太空电站运行的周期），它运动的弧长为s，它与地球中心连线扫过的角度为（弧度），则太空站运行的线速度为，角速度为，环绕周期为，B正确；绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，即，计算过程中卫星的质量相互抵消，不能计算卫星的质量，C错误；根据公式可得，所以半径越大，向心加速度越小，因为墨子号的运动半径小于同步卫星的运动半径，故“墨子号”向心加速度大于地球同步卫星的向心加速度，D错误4.有一种电荷控制式喷墨打印机，它的打印头的结构简图如图5所示。

其中墨盒可以喷出极小的墨汁微粒，此微粒经过带电室带上电后以一定的初速度垂直射入偏转电场，再经偏转电场后打到纸上，显示出字符。

不考虑墨汁的重力，为使打在纸上的字迹缩小（偏转距离减小），下列措施可行的是（）A.减小墨汁微粒的质量B.减小偏转电场两板间的距离C.减小偏转电场的电压D.减小墨汁微粒的喷出速度【答案】C【解析】试题分析：

要缩小字迹，就要减小微粒通过偏转电场的偏转角y，根据牛顿第二定律和运动学公式结合推导出偏转量y的表达式，再进行分析微粒以一定的初速度垂直射入偏转电场做类平抛运动，则有：

水平方向；竖直方向；加速度，联立解得，要缩小字迹，就要减小微粒通过偏转电场的偏转角y，由上式分析可知，采用的方法有：

增大墨汁微粒的质量、增大两极板间的距离、减小比荷、增大墨汁微粒进入偏转电场时的初动能（增大喷出速度）、减小极板的长度L、减小偏转极板间的电压U，故C正确5.如图所示，在水平直线的上方存在垂直纸面向外的匀强磁场，在直线上的P点先后发射出两个完全相同的正粒子（不计重力），射入时速度大小相等但射入方向与直线间夹角分别为30和90。

已知粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T，要使这两个粒子在磁场中某点相遇，则先后发射两个粒子的时间间隔为（）A.B.C.D.【答案】C【解析】画出两个粒子运动的轨迹图，两轨迹的交点处为两粒子的相遇点，由几何关系可知，从开始射出到两粒子相遇，两粒子转过的角度分为为2400和1200，则运动时间分别为，则先后发射两个粒子的时间间隔为，故选C.6.如图甲所示，在倾角为37足够长的粗糙斜面底端，一轻弹簧被一质量m=1kg的滑块（可视为质点）压缩着且位置锁定，但它们并不粘连。

t=0时解除锁定，计算机通过传感器描绘出滑块的vt图象如图乙所示，其中Oab段为曲线，bc段为直线，在t1=0.1s时滑块已上滑s=0.25m的距离（g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）。

则下列说法正确的是（）A.滑块与斜面之间的动摩擦因数=0.2B.弹簧锁定时具有的弹性势能EP=4.5JC.当t=0.3s时滑块的速度大小为0D.当t=0.4s时滑块的速度大小为1m/s【答案】BC【解析】在bc段做匀加速运动，加速度为：

a=-10m/s2；根据牛顿第二定律，有mgsin37+mgcos37=ma，解得，选项A错误；从0到t1时间内，由动能定理可得WP-mgssin37-mgscos37=mvb2，解得：

WP=mgssin37+mgscos37+mvb2=1100.250.6+0.51100.250.8+122J=4.5J，选项B正确；根据速度时间公式，得：

t2=0.3s时的速度大小：

v1=v0-at=1-100.1=0，选项C正确；在t2之后开始下滑，下滑时的加速度为：

mgsin37-mgcos37=ma，a=gsin37-mgcos37=100.6-0.5100.8m/s2=2m/s2，从t2到t3做出速度为零的加速运动，t=0.4s时刻的速度为：

v3=at=20.1=0.2m/s，选项D错误；故选BC.7.如图（a）所示，光滑绝缘水平面上有甲、乙两个点电荷。

t=0时，甲静止，乙以6m/s的初速度向甲运动。

此后，它们仅在静电力的作用下沿同一直线运动（整个运动过程中没有接触），它们运动的v-t图象分别如图（b）中甲、乙两曲线所示。

则由图线可知（）A.两电荷的电性一定相反B.甲、乙两个点电荷的质量之比为2:

1C.在0t2时间内，两电荷的静电力先增大后减小D.在0t3时间内，甲的动能一直增大，乙的动能一直减小【答案】BC【解析】A、由图象0-t1段看出，甲从静止开始与乙同向运动，说明甲受到了乙的排斥力作用，则知两电荷的电性一定相同，故A错误；B、视甲乙为系统，合外力为0，由动量守恒定律可得，代入可得，所以甲、乙两个点电荷的质量之比为2;1，故B正确；C、0t1时间内两电荷间距离逐渐减小，在t1t2时间内两电荷间距离逐渐增大，由库仑定律得知，两电荷间的相互静电力先增大后减小，故C正确；D、由图象看出，0t3时间内，甲的速度一直增大，则其动能也一直增大，乙的速度先沿原方向减小，后反向增大，则其动能先减小后增大，故D错误；故选BC。

【点睛】由图象0-t1段，判定甲从静止开始与乙同向运动，则知甲的电性，0t2时间内，分析两电荷间距离变化，可知相互静电力的变化t1t3时间内，甲的动能一直增大，乙的动能先减小后增大。

8.如图所示，一斜面体始终静止在水平地面上，质量为m的木块沿粗糙斜面加速下滑h高度，速度大小由v1增大到v2，所用时间为t，木块与斜面体之间的动摩擦因数为。

在此过程中A.木块沿斜面下滑的距离为B.斜面体受水平地面的静摩擦力为零C.如果给木块一个沿斜面向上的初速度，它将沿斜面上升到高处且速度变为D.木块与斜面间摩擦产生的热量为【答案】AD【解析】由平均速度公式可知，物体的下滑的下滑的位移为：

，故A正确；对整体分析可知，整体一定有向左的加速度，根据牛顿第二定律可知，整体在水平方向一定受外力，即地面与斜面间的静摩擦力，故B错误；由于物体在斜面上受摩擦力，故向上去的加速度一定大于向下来的加速度；故上升h时的速度一定小于v1，故C错误；由能量守恒定律可知：

，解得：

，故D正确。

所以AD正确，BC错误。

二、实验题9.在一端带有定滑轮的足够长的水平木板上，小周用物体A、B分别探究了加速度随所受拉力的变化的关系，实验装置如图9甲所示（图中打点计时器和纸带未画出）。

实验过程中小周用不同的重物P分别挂在光滑的轻质动滑轮上，使平行于长木板的细线分别拉动长木板上的物体A、B由静止开始加速运动（纸带与打点计时器之间的阻力及空气阻力可忽略）。

实验后进行数据处理，小周得到了物体A、B的加速度a与轻质弹簧秤弹力F的关系图线，分别如图乙中的A、B所示。

（1）由图甲判断，下列说法正确的是_（填序号）。

A.弹簧秤示数等于物体受到的拉力大小B.实验时应先接通打点计时器电源，后释放物体C.实验中重物P的质量应远小于物体的质量D.弹簧秤的示数始终为重物P的重力大小的一半

（2）小周仔细分析了图乙中两条线不重合的原因，得出结论：

两个物体的质量不等，且mA_mB（填“大于”“等于”或“小于”）；两物体与木板之间动摩擦因数A_B（填“大于”“等于”或“小于”）【答案】

（1）.AB；

（2）.大于；（3）.小于；【解析】

（1）同一条绳子上拉力相等，故弹簧秤示数等于物体受到的拉力大小，A正确；为了得到更多的数据，实验时应先接通打点计时器电源后释放物体，故B正确；由于物体AB的合力是有弹簧的示数决定的，故不需要满足重物P的质量应远小于物体的质量，故C错误；对重物P析，当加速度为a时，应有，可得，所以只有当a=0时，弹簧秤的示数F才等于，故D错误

（2）设加速度大小为a，据牛顿第二定律，对物体B应有，可得，对物体A应有，可得，根据a-F图象斜率绝对值可知，B的斜率大于A的斜率，所以，即小于；再根据纵轴截距大小等于g可知，由于A的截距大于B的截距，所以；10.某同学要测量一个改装后的电压表Vx的量程和内阻，实验过程如下：

（1）先用多用电表粗测电压表的内阻和量程，实验中多用电表红表笔应与电压表_（填“正”或“负”）接线柱相连；若已知多用电表内电源电动势为9V，所用档位为“1K”档，调零后测量，指针位置如图所示此时电压表指针指在表盘的四分之三刻度处则所测电压表内阻约为_，量程为_

（2）若电压表量程为

（1）问中所测数值，则为了精确测量其内阻，现提供以下器材：

待测电压表Vx电流表A（量程0.6A，内阻约为3）电压表V（量程l0V，内阻约为30k）定值电阻R0（阻值为10k）滑动变阻器R1（最大阻值为5，额定电流为1A）滑动变阻器R2（最大阻值为100，额定电流为lA）电源E（电动势为15V，内阻约为1）开关和导线若干为了较精确的测量电压表内阻，则测量电路应该选择如下电路中的_写出电压表内阻测量值的表达式Rv=_【答案】

（1）.负；

（2）.;（3）.6V;（4）.D;（5）.；【解析】

（1）多用电表红表笔连接多用电表内部的电池的负极，所以实验中多用电表红表笔应与电压表的负接线柱相连；由图1可知，多用电表的读数为15.0，倍率为1k，所以电压表的内阻为：

RV=15.01k=15.0