广东省深圳市高三物理上学期第一次三校联考试题Word文件下载.docx
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的大小，则滑轮受到木杆的弹力大小变化情况是
A．只有角
变小，弹力才变小
B．只有角
变大，弹力才变大
C．不论角
变大或变小，弹力都变大
D．不论角
变大或变小，弹力都不变
4．如图所示，物体m通过定滑轮牵引另一水平面上的物体沿斜面匀速下滑，此过程中斜面仍静
止，斜面质量为M，则水平地面对斜面体
A．无摩擦力 B．有水平向右的摩擦力
C．支持力为（M＋m）gD．支持力大于（M＋m）g
5．将金属块用压缩的轻弹簧卡在一个箱子中，上顶板和下底板装有压力传感器．当箱子随电梯以a=4.0m/s2的加速度竖直向上做匀减速运
动时，上顶板的传感器显示的压力为4.0N，下底板显示的压力为10.0N．取g=10m/s2，若上顶板示数是下底板示数的一半，则电梯的运动状态可能是
Ａ．匀加速上升，a=5m/s2Ｂ．匀加速下降，a=5m/s2
Ｃ．匀速上升Ｄ．静止状态
6．
如图所示，a、b两小球分别从半圆轨道顶端和斜面顶端以大小相等的初速度v0同时水平抛出，已知半圆轨道的半径与斜面竖直高度相等，斜面底边长是其竖直高度的2倍，若小球a能落到半圆轨道上，小球b能落到斜面上，则（ ）
A．b球一定先落在斜面上
B．a球可能垂直落在半圆轨道上
C．a、b两球可能同时落在半圆轨道和斜面上
D．a、b两球不可能同时落在半圆轨道和斜面上
7．“飞车走壁”杂技表演比较受青少年的喜爱，这项运动由杂技演员驾驶摩托车，简化后的模型如图所示，表演者沿表演台的侧壁做匀速圆周运动。
若表演时杂技演员和摩托车的总质量
不变，摩托车与侧壁间沿侧壁倾斜方向的摩擦力恰好为零，轨道平面离地面的高度为H，侧壁倾斜角度α不变，则下列说法中正确的是
A.摩托车做圆周运动的H越高，向心力越大
B.摩托车做圆周运动的H越高，线速度越大
C.摩托车做圆周运动的H越高，向心加速度越大.
D.摩托车对侧壁的压力随高度H变大而减小
8．重力为G的圆柱体A被平板B夹在板与墙壁之间，平板B与底座C右端的铰链相连，左端由液压器调节高度，以改变平板B与水平底座C间的夹
角θ，B、C及D总重力也为G，底座C与水平地面间动摩擦因数为μ（0.5＜μ＜1），平板B的上表面及墙壁是光滑的。
底座C与地面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是（ ）
A．C与地面间的摩擦力总等于2μG不变
B．θ角增大时，地面对C的摩擦力总增大
C．要保持底座C静止不动，应满足tanθ>
2μ
D．若保持θ＝45°
不变，圆柱体重力增大ΔG，仍要保持底座C静止，则ΔG的最大值ΔGm＝
G
二、不定项选择题（本题包括6小题，每小题4分，共24分。
每小题可能有一个或多个选项符合题意，正确不全得2分，错选、不选得零分。
）
9．如图所示，物块M通过与斜面平行的细绳与小物块m相连，斜面的倾角α可以改变．讨论物块M对斜面的摩擦力的大小，则有
A．若物块M保持静止，则α角越大，摩擦力一定越大
B．若物块M保持静止，则α角越大，摩擦力可能越小
C．若物块M沿斜面下滑，则α角越大，摩擦力越大
D．若物块M沿斜面下滑，则α角越大，摩擦力越小
10.如题图所示，倾斜角为θ的斜面上OP段光滑，PQ段粗糙，且tanθ＜μ，μ为滑块A与PQ段的动摩擦因数，滑块A与水平顶面上的物块B保持相对静止从斜面上O点由静止开始下滑到Q的过程，B与A之间始终无相对滑动。
则关于物块B在OP段和PQ段的受力情况，下列说法中正确的是
A．在OP段物块B仅受重力
B．在OP段物块B仅受重力和支持力
C．在PQ段A对B的支持力大于B的重力
D．在PQ段物块B受到水平向左的摩擦力
11．将软木板挂在竖直墙壁上作为镖靶．在离墙壁一定距离的同一处，将两只飞镖水平掷出，不计空气阻力，如图，则
Ａ．A掷出时的初速度一定比B大
Ｂ．B插入靶时的末速度一定比A大
Ｃ．B运动时间一定比A长
Ｄ．A的质量一定比B大
12．如图所示，两个内壁光滑半径不同的半圆轨道固定在地面上，质量相等的两个小球分别从与球心在同一水平高度的A、B两点由静止开始自由滑下，它们通过轨道最低点时
A．线速度相同
B．向心加速度相同
C．对轨道的压力相等
D．两小球都处于超重状态
13．如图所示，在斜面顶端先后水平抛出同一小球，第一次小球落到斜面中点，第二次小球落到斜面底端．则
Ａ．两次小球运动时间之比为
Ｂ．两次小球运动时间之比为
Ｃ．两次小球落到斜面上时动能之比
Ｄ．两次小球落到斜面上时动能之比
14．右图是汽车运送圆柱形工件的示意图。
图中P、Q、N是固定在车体上的压力传感器，假设圆柱形工件表面光滑，汽车静止不动时Q传感器示数为零，P、N传感器示数不为零。
当汽车向左匀加速启动过程中，P传感器示数为零而Q、N传感器示数不为零。
已知sin15°
＝0.26，cos15°
＝0.97，tan15°
＝0.27，g＝10m/s2。
则汽车向左匀加速启动的加速度可能为（ ）
A．4m/s2 B．3m/s2
C．2m/s2D．1m/s2
三、非选择题（本题包括6大题，共52分．论述计算题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
15．（4分）在“验证力的平行四边形定则”的实验中，橡皮条的一端固定在木板上，用两个弹簧秤通过细绳把橡皮条的另一端拉到某一位置O点。
某同学认为在此实验过程中必须注意以下几项：
A．实验中所用的两根细绳必须等长
B．同一次实验过程中，O点位置不允许变动
C．在实验时，弹簧秤必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度
D．实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条的结点拉到O点
E．实验中，把橡皮条的结点拉到O点时，两弹簧秤之间的夹角应取90°
不变，便于算出合力的大小
其中正确的是_______________。
（填入相应的字母）
16．（10分）①请读出螺旋测微器和游标卡尺
的读数
甲的读数___________mm乙的读数__________cm
②某同学设计了一个探究小车的加速度a与小车所受拉力F关系的实验，图甲为实验装置简图，所使用的交流电源频率为50Hz。
如图乙所示是某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E是计数点（每两个计数点间还有4个点没有标出），距离如图，其中L1=3.07cm,L2=12.38cm,L3=27.87cm,L4=49.62cm．则计数点间的时间间隔为s，打C点时小车的速度为m/s；
加速度为m/s2．（计算结果均保留三位有效数字）
17．（10分）如图所示，竖直平面内一与水平方向夹角θ=60°
的杆上套一铁环，铁环质量为m、直径略大于杆的截面直径；
水平轻绳一端连在铁环上，一端连在质量为2m的小球上，小球受到的拉力F与杆平行，铁环和小球都处于静止状态，重力加速度为g．求：
（1）拉力F的大小；
（2）铁环受到的摩擦力．
18.（14分）如图所示是水平面上的甲、乙两物体在同一地点同一时刻开始分别受到沿同一直线的水平拉力作用时的速度—时间图象。
已知两物体的质量分别为m甲＝2m，m乙＝3m，两物体与水平面之间的动摩擦因数均为μ＝0.2，重力加速度g＝10m/s2。
（1）通过分析，判断甲、乙所受水平拉力的方向是否相同？
求出甲、乙所受水平拉力大小之比。
（2）从t＝0开始经过多长时间甲、乙再次相遇？
甲与乙再次相遇
时通过的位移多大？
甲与乙再次相遇前的最远距离为多少？
19．（14分）如图所示，在水平匀速运动的传送带的左端（P点），轻放一质量为m＝1kg的物块，物块随传送带运动到A点后水平抛出，物块恰好无碰撞地沿圆弧切线从B点进入竖直光滑圆弧轨道下滑．B、D为圆弧的两端点，其连线水平．已知圆弧半径R＝1.0m，圆弧对应的圆心角θ＝106°
，轨道最低点为C点，A点距水平面的高度h＝0.8m．（g取10m/s2，sin53°
＝0.8，cos53°
＝0.6）求：
（1）物块离开A点时
水平初速度v0的大小；
（2）物块经过C点时对轨道压力的大小；
（3）设物块与传送带间的动摩擦因数为0.3，传送带的速度为5m/s，求PA间的距离．
学校考号姓名
2017届高三年级第一次三校联考物理答题纸
三、非选择题（本题包括5道题，共52分．论述计算题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
15．（4分）
16．（10分）①；
②，，。
（计算结果保留三位有效数字）
17.（10分）
解
18.（14分）
19．（14分）
物理试题参考答案
一、单项选择：
1、B2、A3、D4、B5、B6、C7、B8、D
二、多项选择：
9、BD10、CD11、AC12、BCD13、BC14、AB
三、非选择题
15.BC（评分说明：
选对一个给2分，全对给4分，有错选给0分）
16.
（1）①0.70010.04②0.1s1.246.22（每空2分）
17.解：
（1）设小球受到轻绳的拉力大小为T，小球的受力如图1所示，
由平衡条件有：
Fsinθ=2mg①（2分）
代入数据可得：
F=
mg（2分）
（2）对小球由平衡条件有：
Ttanθ=2mg②（2分）
设铁环受到杆的摩擦力大小为f，方向沿杆向上，铁环的受力如图2所示，建立如图所示直角坐标系，在x轴方向上由平衡条件有：
f+Tcosθ=mgsinθ③（2分）
由②③式可得：
f=
mg（1分）
铁环受到的摩擦力方向沿杆向上（1分）
18解：
（1）设甲乙两物体所受拉力分别为F甲、F乙都沿运动方向，则
F甲-µ
m甲g=m甲a甲1分
F乙-µ
m乙g=m乙a乙1分
由v—t图像可知：
a甲=-0.8m/s2
a乙=1.2m/s21分
联立解得：
F甲=2.4mF乙=9.6m1分
由于F甲＞0F乙＞0故甲乙所受拉力同向
1分
F甲：
F乙=1：
41分
（2）甲乙两物体再次相遇时，x甲=x乙
即v0t1+
a甲t12=
a乙t212分
解的t1=10s即经过10s甲乙再次相遇1分
相遇时
x甲=x乙=60m1分
当甲乙速度相等时，甲乙相距最远
v0+a甲t2=a乙t2t2=5s2分
Δx=v0t2+
a甲t22-
a乙t22=25m2分
19.解：
（14分）
（1）物块由A到B在竖直方向上有
v
＝2gh代入数据，得vy＝4m/s2分
在B点tan
＝
解得：
vA＝3m/s2分
（2）物块由B到C由动能定理知mgR（1－cos
）＝
mv
－
2分
又vB＝
＝5m/s
解得：
＝33（m/s）2
1分
在C点由牛顿第二定律，得FN－mg＝m
，代入数据解得：
FN＝43N2分
由牛顿第三定律知，物块对轨道压力的大小为FN′＝FN＝43N1分
（3）因物块到达A点时的速度为3m/s，小于传送带速度，故物块在传送带上一直做匀
加速直线运动．
μmg＝ma
a＝3m/s2PA间的距离xPA＝
＝1.5m.…………2分
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