学年高二上学期末考试物理试题含答案解析 2Word文档下载推荐.docx
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C．电压表示数变大,
D．电压表示数变小,
的阻值变大
4．将一平行板电容器与一恒定电源相连接，若用绝缘工具把电容器的两极板拉开一些，则（）
A．电容器的电容增大
B．电容器的电容减小
C．电容器的电容不变
D．电容器的电量增加
5．在磁感应强度B为5×
10-3T的匀强磁场中．导线长L为0.4m，电流为1.5A．求导线受到的安培力（）
A．
B．
C．
D．
6．下列有关运动电荷和通电导线受到磁场对它们的作用力方向判断正确的是（ ）
7．下列关于电场线和磁感线的说法中，正确的是（）
A．电场线和磁感线都是电场或磁场中实际存在的线
B．磁场中两条磁感线一定不相交，但在复杂电场中的电场线是可以相交的
C．静电场中的电场线是一条不闭合曲线，而磁感线是一条闭合曲线
D．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大；
磁感线分布较密的地方,同一通电导线所受的磁场力也越大
8．有一毫伏表，它的内阻是100
，量程为0.2V，现要将它改装成量程为10A的电流表，则毫伏表应（）
A．并联一个0.02
的电阻
B．并联一个0.8
C．串联一个50
D．串联一个4900
9．下列说法错误的是（）
A．英国物理学家法拉第最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场．
B．安培的分子电流假说揭示了磁性的起源，他认为在原子，分子等微粒内部存在着分子电流
C．丹麦物理学家奥斯特发现电流可以使周围的小磁针发生偏转，证明电流周围存在磁场
D．元电荷的数值最早是物理学家安培测得的e=1.6x10-19C
10．关于洛伦兹力，下列说法中正确的是（）
A．带电粒子在磁场中运动时，一定受到洛伦兹力的作用
B．若带电粒子经过磁场中某点时所受的洛伦兹力为零，则该点的磁感应强度一定为零
C．带电粒子在磁场中所受的洛伦兹力越大，则该处的磁感应强度一定越大
D．洛仑兹力对运动电荷不做功
11．如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，垂直斜面放置一根长为L、质量为m的直导线．当通以电流I时，欲使导体静止在斜面上，外加匀强磁场B的大小和方向应是（）
方向垂直斜面向上
方向垂直斜面向下
方向垂直向下
方向水平向右
二、多选题
12．如图所示，当电流通过线圈时，小磁针将发生偏转，关于线圈中电流方向和小磁针的偏转方向，正确的说法是（）
A．通入逆时针方向的电流，小磁针的S极指向外
B．通入顺时针方向的电流，小磁针的N极指向外
C．通入逆时针方向的电流，小磁针的N极指向外
D．通入顺时针方向的电流，小磁针的S极指向外
13．一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示.不计粒子所受重力，则（ ）
A．粒子带正电
B．粒子加速度逐渐减小
C．A点的速度大于B点的速度
D．该粒子在A点的电势能大于B点的电势能
14．质量和电量都相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔垂直进入匀强磁场，带电粒子仅受洛伦兹力的作用，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是（）
A．M带负电，N带正电
B．M的速度率小于N的速率
C．洛伦兹力对M、N不做功
D．M的运行时间大于N的运行时间
三、实验题
15．图为多用电表的示意图，其中S、K、T为三个可调节的部件，现用此电表测量一阻值约为20~30Ω的定值电阻，测量的某些操作步骤如下：
（1）调节可调部件_______，使电表指针停在_____________位置;
（2）调节可调部件K，使它的尖端指向欧姆___________位置;
（3）将红、黑表笔_________，调节可调部件______进行欧姆调零.使电表指针指向_____位置．
（4）为了得到准确的测量结果，应让电表指针尽量指向表盘__________（填“左侧”、“右侧”或“中央”）;
否则，在可能的条件下,应重新选择量程,并重复步骤（3）、（4）．
（5）测量完成后将选择开关拔向______位置．
16．在测定某金属丝的电阻Rx的伏安特性曲线中，待测金属丝的电阻Rx约为5Ω，实验室备有下列实验器材
A．电压表V1（量程0～3V，内阻约为15kΩ）
B．电压表V2（量程0～15V，内阻约为75kΩ）
C．电流表A1（量程0～3A，内阻约为0.2Ω）
D．电流表A2（量程0～0.6A，内阻约为1Ω）
E．变阻器R1（0～10Ω，0.6A）F．变阻器R2（0～2000Ω，0.1A）
G．电池组E（电动势为3V，内阻约为0.3Ω）
H．开关S，导线若干
（1）根据器材的规格和实验要求，为使实验结果更加准确，电流表应选_______，电压表应选________．变阻器选________．
（2）电流表应采用________法（填“内接”或“外接”）；
（3）在虚线框内画出实验电路图，要求使电压从0开始__________．
（4）按画出的电路图将下图中的实物图连线________．
（5）测量结果比真实值偏____．﹙大、小、无法确定﹚
17．图所示，螺旋测微器示数__________mm.游标卡尺示数_____________mm.
四、解答题
18．如图所示，电源的电动势是6V，内阻是0.5
，小电动机M的线圈电阻为0.5Ω，限流电阻R0为3Ω，若理想电压表的示数为3V，试求：
（1）电源的输出功率；
（2）电动机的热功率
19．如图所示，两平行金属板间距为d，电势差为U，板间电场可视为匀强电场；
金属板下方有一磁感应强度为B的匀强磁场，带电量为+q、质量为m的粒子，由静止开始从正极板出发，经电场加速后射出，并进入磁场做匀速圆周运动，忽略重力的影响，求：
（1）匀强电场场强E的大小；
（2）粒子从电场射出时速度ν的大小；
（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径R。
参考答案
1．D
【解析】
【详解】
根据库仑定律
可知
A.使Q1的电量变为原来的2倍，同时使它们的距离变为原来的2倍，它们间的静电力变为原来的一半，故A错误。
B.使每个电荷的电量都变为原来的2倍，距离变为原来的2倍，它们间的静电力为F，故B错误。
C.保持它们的电量不变，使它们的距离变为原来的一半，它们间的静电力为4F，故C错误。
D.保持它们的距离不变，使它们的电量都变为原来的
倍，它们之间的静电力变为2F，故D正确。
2．D
A．因为已知电场线方向是由A指向B，由于沿着电场线的方向电势是降低的，所以
，故A错误；
BCD．A、B两点所在的电场线是直线，A、B两点电场强度方向必定相同，A、B在一条电场线上，无法判断电场线的疏密，也就无法判断A、B两点电场强度的大小，故BC错误，D正确。
故选D。
3．B
【解析】当滑动变阻器的滑动头P向b端移动时，变阻器
接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律知总电流增大，内电压增大，则路端电压减小，则电压表的读数变小．故B正确．故选B.
4．B
根据电容的决定式
，分析可知，电容与板间距离成反比，当把两金属板拉开一些距离，电容减小，电容器充电后在不断开电源的情况下，电容器板间电压不变，而电容减小，根据Q=CU知电容器的电量减小，故ACD错误，B正确；
故选B.
5．A
导线和磁场方向垂直，直导线受到安培力的大小为
，选A.
6．B
由左手定则可判定电荷受到的洛伦兹力竖直向下，故A错误；
由左手定则可判定电荷受到的洛伦兹力竖直向下，故B正确；
由左手定则可判定导线受到的安培力竖直向下，故C错误；
由左手定则可判定导线受到的安培力竖直向上，故D错误．
7．C
电场线和磁感线是为了描述电场和磁场假想的曲线，都不是电场或磁场中实际存在的线，选项A错误；
磁场中两条磁感线一定不相交，所有电场中的电场线也是不相交的，选项B错误；
磁感线是一条闭合有方向的曲线，而电场线不是闭合的的曲线，选项C正确；
电场线越密的地方，电场越强，磁感线越密的地方，磁场也越强，同一通电导线所受的磁场力不一定越大，如：
通电导线与磁场方向平行，受到的磁场力为0．故D错误．
8．A
电表的满偏电流为：
=0.002A；
把它改装成量程为10A的电流表需要并联一个分流电阻；
并联电阻阻值为：
=0.02Ω。
9．D
英国物理学家法拉第最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场，故A正确；
安培的分子电流假说揭示了磁性的起源，他认为在原子、分子等微粒内部存在着分子电流，故B正确；
丹麦物理学家奥斯特发现电流可以使周围的小磁针发生偏转，证明电流周围存在磁场，故C正确；
元电荷的数值最早是物理学家密立根测得的
，故D错误；
本题选错误的，故选D．
10．D
当粒子平行磁场方向在磁场中运动时，粒子不受磁场力作用，A、B错误；
磁感应强度的大小只与磁场的本身性质有关，与外界因素无关，C错误；
根据左手定则可得洛伦兹力的方向总是垂直于磁场方向和电荷运动方向，洛仑兹力对运动电荷不做功，D正确．
11．B
【分析】
通电导线在磁场中的受到安培力作用，由左手定则来确定安培力的方向，由平衡条件求出安培力大小，最后由安培力公式计算B的大小．
A、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向上，则沿斜面向下的安培力、支持力与重力，无论B多大三个力的合力不可能为零，直导线不可能处于平衡状态，故A错误；
B、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向下，则沿斜面向上的安培力、支持力与重力，处于平衡状态，根据平衡条件：
mgsinθ=BIL，则
，故B正确；
C、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向竖直向上，则水平向右的安培力、支持力与重力，无论B多大三个力的合力不可能为零，直导线不可能处于平衡状态，故C错误；
D、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向水平向右，则受竖直向下的安培力三力作用下导线不会处于平衡，故D错误；
【点睛】
学会区分左手定则与右手定则，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向．
12．CD
安培定则：
用右手握着通电线圈，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是通电线圈的N极．当线圈通以沿逆时针方向的电流时，根据安培定则知，纸里是通电线圈的S极，纸外是通电线圈的N极．通电线圈内部的磁场是从S极出来回到N极，小磁针在通电线圈的内部，小磁针N极受到的磁力和磁场方向相同，小磁针N极垂直指向纸外．故A错误，C正确；
当线圈通以沿顺时针方向的电流时，根据安培定则知，纸里是通电线圈的N极，纸外是通电线圈的S极．通电线圈内部的磁场是从S极出来回到N极，小磁针在通电螺线管的内部，小磁针N极受到的磁力和磁场方向相同，小磁针N极垂直指向纸里，故B错误，D正确；
故选CD．
一个通电线圈也有N极和S极，也按照安培定则判断，纸里是线圈的N极，纸外是线圈的S极．线圈外部的磁场是从线圈的N极出来回到S极，线圈内部的磁场是从线圈的S极出来回到N极．磁场中该点的磁体N极受到磁力方向和该点的磁场方向相同．
13．BC
【解析】由物体做曲线运动的条件知粒子受的电场力方向斜向左下，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，故A错误；
根据电场线的疏密可知，A的电场强度大B点的电场强度，所以粒子在A点的电场力大B点的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大B点的加速度，故B正确；
不计粒子所受的重力，只有电场力做功，又粒子从A到B电场力做负功，所以动能减小，电势能逐渐增大，即A点的速度大于B点的速度，A点的电势能小于B点的电势能，故C正确，D错误；
故选BC.
【点睛】电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向。
不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，由物体做曲线运动的条件知粒子受的电场力方向斜向左下，电场力的方向与电场方向相反，电场力做负功，电势能增大，动能减小.
14．AC
由左手定则判断出M带正电荷，带负电荷；
结合半径的公式可以判断出粒子速度的大小；
根据周期的公式可以判断出运动的时间关系．
A：
由左手定则判断出N带正电荷，M带负电荷，故A正确；
B：
粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力
，半径为：
，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速率大于N的速率，故B错误；
C：
洛伦兹力始终与速度的方向垂直，不做功，故C正确；
D：
粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，而周期为
，M的运行时间等于N的运行时间，故D错误．
15．S;
左端0位置；
×
1；
短接；
T;
右端0位置；
中央；
OFF;
（1）调节可调部件S，使电表指针停在左端0位置；
（2）调节可调部件K，使它的尖端指向欧姆档×
1位置；
（3）将红、黑表笔分别插入“+”．“-”插孔，并短接，调节可调部件T，使电表指针指向右端0位置；
（4）为了得到准确的测量结果，应让电表指针尽量指向表盘中央．（5）测量完成后，将选择开关拔向OFF挡或交流电压最高挡位置．
16．D;
A;
E;
外接；
；
小；
（1）通过待测电阻的最大电流约为
，因此电流表选D．电源电动势是3V，电压表应选A．该实验中，变阻器
的阻值太大，使用效率低，而且额定电流太小，不能使用，故变阻器选择E；
（2）
，电流表应采用外接法；
（3）要求使电压从0开始，故滑动器用分压式接法，画出的电路图如图所示：
（4）按画出的电路图将连接的实物图如图所示：
（5）由实验电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流，电流的测量值偏大，所测量电阻阻值偏小．
17．6.125；
91.60；
[1]．由图示螺旋测微器可知，其示数为：
．
[2]．由图示游标卡尺可知，其示数为：
.
18．
（1）
（2）
（1）在串联电路中，电压表读
两端的电压，由欧姆定律得
电源的总功率
则电源的输出功率为
（2）根据
，解得：
电动机的热功率为
19．
（1）
（3）
（1）根据匀强电场电势差和电场强度的关系得，匀强电场场强E的大小
（2）设带电粒子出电场时速度为v，由动能定理得
解得粒子从电场射出时速度ν的大小
（3）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得
联立得粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径
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