高中物理教科版选修31课时提升作业二十二电路电路的基本规律Word下载.docx
《高中物理教科版选修31课时提升作业二十二电路电路的基本规律Word下载.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《高中物理教科版选修31课时提升作业二十二电路电路的基本规律Word下载.docx(6页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
4.(2013·
福州模拟)一电池外电路断开时的路端电压为3V,接上8Ω的负载电阻后路端电压降为2.4V,则可以判定电池的电动势E和内电阻r为()
A.E=2.4V,r=1ΩB.E=3V,r=2Ω
C.E=2.4V,r=2ΩD.E=3V,r=1Ω
5.有四盏灯,如图所示连接在电路中,L1和L2都标有“220V100W”字样,L3和L4都标有“220V40W”字样,把电路接通后,最暗的是()
A.L1B.L2
C.L3D.L4
6.(2013·
厦门模拟)在如图所示的电路中,E为电源电动势,r为电源内阻,R1和R3均为定值电阻,R2为滑动变阻器。
当R2的滑动触头在a端时合上开关S,此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U。
现将R2的滑动触头向b端移动,则三个电表示数的变化情况是()
A.I1增大,I2不变,U增大
B.I1减小,I2增大,U减小
C.I1增大,I2减小,U增大
D.I1减小,I2不变,U减小
7.(多选)(2013·
青岛模拟)如图所示,电阻R1=20Ω,电动机绕线电阻R2=10Ω,当开关S断开时,电流表的示数是I1=0.5A;
当开关S闭合后,电动机转动起来,电路两端的电压不变,此时电流表的示数I和电路消耗的电功率P应满足
()
A.I=1.5AB.I<
1.5A
C.P=15WD.P<
15W
8.如图所示,电源电动势为6V,当开关S接通时,灯泡L1和L2都不亮,用电压表测得各部分电压是Uad=0,Ucd=6V,Uab=6V,由此可判定()
A.L1和L2的灯丝都断了
B.L1的灯丝断了
C.L2的灯丝断了
D.变阻器R断路
9.(多选)(2013·
济南模拟)如图所示的电路,a、b、c为三个相同的灯泡,其电阻大于电源内阻,当滑动变阻器R的滑片P向上移动时,下列判断中正确的是
A.b灯中电流变化值小于c灯中电流变化值
B.a、b两灯变亮,c灯变暗
C.电源输出功率增大
D.电源的供电效率增大
10.如图所示的电路中,电源电动势E=3V,内电阻r=1Ω,定值电阻R1=3Ω,
R2=2Ω,电容器的电容C=100μF,则下列说法正确的是()
A.闭合开关S,电路稳定后电容器两端的电压为1.5V
B.闭合开关S,电路稳定后电容器所带电荷量为3.0×
10-4C
C.闭合开关S,电路稳定后电容器极板a所带电荷量为3×
D.先闭合开关S,电路稳定后断开开关S,通过电阻R1的电荷量为3.0×
二、计算题(本大题共2小题,共30分。
要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要注明单位)
11.(2013·
济南模拟)(14分)如图甲所示的电路中,R1、R2均为定值电阻,且R1=100Ω,R2阻值未知,R3为一滑动变阻器。
当其滑片P从左端滑至右端时,测得电源的路端电压随电源中流过的电流变化图线如图乙所示,其中A、B两点是滑片P在变阻器的两个不同端点得到的。
求:
(1)电源的电动势和内阻;
(2)定值电阻R2的阻值;
(3)滑动变阻器的最大阻值。
12.(能力挑战题)(16分)一辆有三十多个座位的客车的动力装置的一套电池能反复充电1200多次;
每次充电仅需三至五个小时,蓄电量可让客车一次性跑500km,客车时速最高可达180km。
如果客车总质量为9×
103kg,当它在某城市快速公交路面上以v=90km/h的速度匀速行驶时,驱动电机的输入电流I=150A,电压U=300V。
在此行驶状态下(取g=10m/s2),求:
(1)驱动电机的输入功率P电;
(2)若驱动电机能够将输入功率的80%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机,求汽车所受阻力的大小;
(3)如果当它在某城市快速公交路面上以v=90km/h的速度匀速行驶一段时间后关闭电源(设汽车所受阻力不变),客车滑行的时间是多少?
答案解析
1.【解析】选D。
电源的电动势是个定值,由闭合电路欧姆定律知:
E=U+Ur=U+Ir,内电压和外电压之和等于电源电动势是不变的,故D正确,A、B、C错误。
2.【解析】选C、D。
根据U=E-Ir可知,当电路中电流增大时,路端电压减小,C正确,A、B错误;
当电路中电流为0时,路端电压等于电源电动势,D正确。
3.【解析】选D。
在U-I图像中,图线的斜率k==R,故斜率越小,电阻越小,因而d的电阻最小,故选D。
4.【解析】选B。
电池外电路断开时的路端电压等于电源电动势,所以E=3V;
当电源接上8Ω的负载电阻后,由U=IR得I=0.3A,再由闭合电路欧姆定律E=I(R+r)可得r=2Ω,故B正确。
5.【解析】选C。
由题目给出的额定电压和额定功率可以判断出R1=R2<
R3=R4。
由串联电路功率的分配知P4>
P1,由I1>I2知P1>P2,而P2与P3的大小可由并联电路的功率分配知P2>
P3,所以四盏灯消耗的实际功率大小关系为P4>
P1>
P2>
P3,故最暗的灯是L3。
6.【解析】选B。
当R2的滑动触头由a滑向b时,R2阻值减小,电路总电阻减小,则总电流I增大;
根据闭合电路欧姆定律知路端电压U=E-Ir,所以电压表示数U减小;
R1两端电压U1=U-U3,而U3=IR3,U3增大,所以U1减小,则I1减小,而I=I1+I2,所以I2增大,故B正确。
7.【解析】选B、D。
当开关S断开时,电动机没有通电,欧姆定律成立,所以电路两端的电压U=I1R1=10V;
当开关S闭合后,电动机转动起来,电路两端的电压U=10V,通过电动机的电流应满足UI2>
I22R2,故I2<
1A;
所以电流表的示数I<
1.5A,电路消耗的电功率P=UI<
15W,故B、D正确,A、C错误。
8.【解析】选C。
由Uab=6V,可知电源完好;
灯泡都不亮,说明电路中出现断路故障,且在外电路a、b之间;
由Ucd=6V可知,灯泡L1和变阻器R是导通的,断路故障应出现在c、d之间,故L2断路,C正确,A、B、D错误。
【总结提升】电路故障的特点和分析方法
1.故障特点
(1)断路特点:
电路中发生断路,表示为电源电压不为零而电流为零,若外电路中无用电器的任意两点间电压不为零,则这两点间有断点,而这两点与电源连接部分无断点。
(2)短路特点:
若外电路中发生短路,表现为有电流通过电路而电压为零。
2.故障分析方法
(1)仪器检测法:
①断路故障的判断:
用电压表与电源并联,若有电压,再逐段与电路并联;
若电压表指针偏转,则该段电路中有断点。
②短路故障的判断:
若电压表示数为零,则该电路被短路;
若电压表示数不为零,则该电路没有被短路或不完全被短路。
(2)假设法:
已知电路发生某种故障,寻求故障发生在何处时,可将整个电路划分为若干部分,然后假设某部分电路发生故障,运用欧姆定律进行正向推理,推理结果若与题述物理现象不符合,则故障不是发生在这部分电路。
若推理结果与题述物理现象符合,则故障可能发生在这部分电路。
用此方法,直到找出发生故障的全部可能为止。
【变式备选】
(多选)在如图所示的电路中,电源的电动势E和内阻r恒定,闭合开关S后灯泡能够发光,经过一段时间后灯泡突然变亮,若电路中仅有一处故障,则出现这种现象的原因可能是()
A.电阻R1短路
B.电阻R2断路
C.电阻R2短路
D.电容器C断路
【解析】选A、B。
若R1短路,则R总变小,I总变大,通过灯泡L的电流变大,灯泡变亮,A正确;
若R2断路,R总变大,I总变小,U内=I总r变小,U外变大,U1=I总R1变小,因UL=U外-U1,所以UL变大,灯泡变亮,故B正确;
若R2短路,电流不经过灯泡,灯泡不亮,C错误;
若电容器断路,总电阻不受影响,故灯泡亮度不变,D错误。
9.【解析】选B、C。
当滑片向上移动时,滑动变阻器接入电路的电阻变小,并联部分的总电阻变小,所以外电路总电阻变小,总电流变大,a灯变亮;
总电流变大,电源内阻消耗电压增大,路端电压变小,通过c灯的电流变小,c灯变暗;
总电流变大,通过c灯的电流变小,所以通过b灯的电流变大,b灯变亮,易得b灯中电流变化值大于c灯中电流变化值,所以A错B对;
电源的输出功率其中R′为外电路电阻,r为电源内阻,由于R′>r,滑片上移时,R′减小,P增大,故C正确;
电源的供电效率根据η=×
100%即可判断,故D错。
10.【解题指南】解答本题应把握以下两个关键点:
(1)弄清开关S闭合前、后电容器上的电压。
(2)理解电容器上的电荷量与其中一个极板上所带电荷量的关系。
【解析】选A。
闭合开关S,电路稳定后电流I==0.5A,电容器两端的电压为U=IR1=1.5V,选项A正确;
电路稳定后电容器带电荷量为Q=CU=100×
10-6×
1.5C=1.5×
10-4C,选项B、C错误;
先闭合开关S,电路稳定后断开开关S,电容器C通过电阻R1放电,通过电阻R1的电荷量为1.5×
10-4C,选项D错误。
11.【解析】
(1)题图乙中AB延长线交U轴于20V处,交I轴于1.0A处,所以电源的电动势为
E=20V,(2分)
内阻r==20Ω。
(2分)
(2)当P滑到R3的右端时,电路参数对应题图乙中的B点,即U2=4V、I2=0.8A,
(1分)
得R2==5Ω。
(3)当P滑到R3的左端时,由题图乙知此时U外=16V,I总=0.2A,(2分)
所以R外==80Ω。
因为R外=(2分)
所以滑动变阻器的最大阻值为R3=300Ω。
答案:
(1)20V20Ω
(2)5Ω(3)300Ω
12.【解析】
(1)驱动电机的输入功率
P电=IU=150×
300W=4.5×
104W(3分)
(2)在匀速行驶时
P机=0.8P电=Fv=Ffv(4分)
Ff==1440N(2分)
(3)汽车所受阻力不变,可认为做匀减速运动,根据牛顿第二定律:
a=m/s2=0.16m/s2(3分)
又因为v=at(2分)
所以t=≈156s(2分)
答案:
(1)4.5×
104W
(2)1440N(3)156s