届状元之路物理选修31八章Word文档下载推荐.docx
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通电直导线ab从位置1转到位置2,即从导线与磁场成一定角度到导线与磁场垂直,根据安培力F=BILcosθ,安培力数值增大,根据左手定则判断,安培力的方向仍垂直于纸面,即安培力的方向不变.
A
3.如图8-3为一种利用电磁原理制作的充气泵的结构示意图,其工作原理类似打点计时器.当电流从电磁铁的接线柱a流入,吸引小磁铁向下运动时,以下选项中正确的是( )
A.电磁铁的上端为N极,小磁铁的下端为N极
B.电磁铁的上端为S极,小磁铁的下端为S极
C.电磁铁的上端为N极,小磁铁的下端为S极
D.电磁铁的上端为S极,小磁铁的下端为N极
当电流从a端流入电磁铁时,据安培定则可判断出电磁铁的上端为S极,此时能吸引小磁铁向下运动,说明小磁铁的下端为N极,答案为D.
D
4.如图8-4所示的OX和MN是匀强磁场中两条平行的边界线,速率不同的同种带电粒子从O点沿OX方向同时射向磁场,其中穿过a点的粒子速度v1方向与MN垂直,穿过b点的粒子速度v2方向与MN成60°
角.设两粒子从O点到MN所需时间分别为t1和t2,则t1∶t2为( )
A.3∶2 B.4∶3
C.1∶1D.1∶3
作出两粒子在磁场中的运动轨迹,可知t1=
,t2=
,且由T=
知T1=T2.所以
=
,选项A正确.
5.(2009·
泰安模拟)如图8-5所示,从S处发出的热电子经加速电压U加速后垂直进入相互垂直的匀强电场和匀强磁场中,发现电子流向上极板偏转,不考虑电子本身的重力.设两极板间电场强度为E,磁感应强度为B.欲使电子沿直线从电场和磁场区域中通过,只采取下列措施,其中可行的是( )
图8-5
A.适当减小电场强度E
B.适当减小磁感应强度B
C.适当增大加速电场的宽度
D.适当增大加速电压U
要想使电子沿直线通过,则必须有qvB=qE,而电子经过加速电场加速时,qU=
mv2,现在发现电子向上极板偏转,说明电场力大于洛伦兹力,因此需减小电场力或增大洛伦兹力,A、D选项正确.
AD
6.如图8-6所示,空间的某一区域内存在着相互垂直的匀强电场和匀强磁场,一个带电粒子以某一初速度由A点进入这个区域沿直线运动,从C点离开区域;
如果这个区域只有电场则粒子从B点离开场区;
如果这个区域只有磁场,则粒子从D点离开场区;
设粒子在上述3种情况下,从A到B点、A到C点和A到D点所用的时间分别是t1、t2和t3,比较t1、t2和t3的大小,则有(粒子重力忽略不计)( )
图8-6
A.t1=t2=t3B.t2<t1<t3
C.t1=t2<t3D.t1=t3>t2
只有电场时,粒子做类平抛运动,水平方向为匀速直线运动,故t1=t2;
只有磁场时做匀速圆周运动,速度大小不变,但沿AC方向的分速度越来越小,故t3>t2.综上所述可知,选项C对.
C
7.(2009·
镇江模拟)如图8-7所示,某一真空室内充满竖直向下的匀强电场E,在竖直平面内建立坐标系xOy,在y<0的空间里有与电场E垂直的匀强磁场B,在y>0的空间内,将一质量m的带电液滴(可视为质点)自由释放,此液滴沿y轴的负方向,以加速度a=2g(g为重力加速度)做匀加速直线运动,当液滴运动到坐标原点时,瞬间被安置在原点的一个装置改变了带电性质(液滴所带电荷量和质量均不变),随后液滴进入y<0的空间运动.液滴在y<0的空间内的运动过程中( )
图8-7
A.重力势能一定不断减小
B.电势能一定先减小后增大
C.动能不断增大
D.动能保持不变
带电液滴在y>0的空间内以加速度a=2g做匀加速直线运动,可知液滴带正电且所受电场力等于重力,当液滴运动到坐标原点时变为负电荷,液滴进入y<0的空间内运动,电场力等于重力,液滴做匀速圆周运动,重力势能先减小后增大,电场力先做负功后做正功,电势能先增大后减小,动能保持不变.
8.平行金属板M、N的距离为d,其中匀强磁场中的磁感应强度为B,方向垂直于纸面向外(如图8-8所示),等离子群的速度为v,沿图示方向射入,电容器电容为C,则( )
图8-8
A.当S断开时,电容器的带电荷量Q≥BvdC
B.当S闭合时,电容器的带电荷量Q=BvdC
C.当S闭合时,电容器的带电荷量Q<BvdC
D.当S闭合时,电容器的带电荷量Q>BvdC
当S断开时,电容器极板间的电压等于平行金属板间的电压.等离子群做匀速直线运动时,电压达到稳定状态,由qvB=q
,得U=Bvd,此时电容器的带电荷量Q=BvdC,S闭合时,平行板上的电荷通过R放电,电场力小于洛伦兹力,使等离子群不断向极板偏转,达到稳定电压,电容器两板间电压仍为U,电容器的电荷量仍为BvdC.
9.如图8-9所示,质量为m、带正电荷量q的粒子,垂直磁场方向从A射入匀强磁场,磁感应强度为B,途经P点,已知AP连线与入射方向成α角,则粒子从A到P经历的时间为( )
A.
B.
C.
D.
正电荷从A射入匀强磁场,立即受到洛伦兹力,其方向与v垂直,充当圆周运动的向心力.粒子做匀速圆周运动,圆轨迹顺时针方向,洛伦兹力垂直于速度方向,据左手定则,匀强磁场一定是垂直纸面向外,圆心在O处,OA=R=
,连接OP,P点的速率等于A点的速率,且垂直于OP.
因AP连线与入射方向成α角,据几何知识,圆心角∠AOP=2α,又周期T=
为匀速转动一周(2π)的时间,则设转2α角度所用时间为t,有
,所以t=
·
T=
.
10.已知一质量为m的带电液滴,经电压U加速后,水平进入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场B中,液滴在此空间的竖直平面内做匀速圆周运动,如图8-10所示,则( )
A.液滴在空间可能受4个力作用
B.液滴一定带负电
C.液滴做圆周运动的半径r=
D.液滴在场中运动时总能量不变
液滴受到重力、电场力和洛伦兹力的作用,所以选项A错误.由于液滴做匀速圆周运动,所以电场力与重力为平衡力,电场力方向向上,可以判定液滴带负电,B正确.根据qU=
mv2,r=
,Eq=mg,解得r=
,选项C正确.整个过程能量守恒,选项D正确.
BCD
二、实验题(共16分)
11.(8分)如图8-11所示,单匝线框abcd,bc边长为l,线框的下半部处在匀强磁场中,弹簧的劲度系数为k,磁感应强度大小为B,方向与线框平面垂直,线框中通以电流I,方向如图8-11所示.开始时线框处于平衡状态.令磁场反向,磁感应强度的大小仍为B,线框达到新的平衡.在此过程中线框位移的大小Δx=__________,方向__________.
设线框的质量为m,当通以图示电流时,弹簧伸长为x1,线框处于平衡状态,故
kx1+BIl=mg①
当磁场反向时,安培力向下,线框达到新的平衡,弹簧的伸长为x2,由平衡条件得
kx2=mg+BIl②
由①②两式得x2-x1=
,
即Δx=
电流反向后,弹簧的伸长量x2>x1,位移方向向下.
向下
12.(8分)2007年10月我国发射的月球“嫦娥一号”空间探测卫星,运用最新科技手段对月球进行近距离勘探,在月球重力分布、磁场分布及元素测定方面取得最新成果.月球上的磁场极其微弱,探测器通过测量运动电子在月球磁场中轨迹来推算磁场强弱的分布,如图8-12所示是探测卫星通过月球a、b、c、d位置磁场时电子的轨迹(a轨迹恰为一个半圆).设电子速率相同,且与磁场方向垂直.据此可判断磁场最弱的是__________位置.所得照片是边长为20cm的正方形,电子比荷为1.8×
1011C/kg,速率为90m/s,则a点的磁感应强度为__________T.
由于电子速率相同,其轨道半径r=mv/Bq,与B的强弱有关系.又因为rd>rc>rb>ra,所以d点磁感应强度最小(磁场最弱).对a的圆周运动来说,必须满足条件Bqv=mv2/r,从而求得B=mv/qr=5.0×
10-9T.
d 5.0×
10-9
三、计算题(共44分)
13.(8分)(2009·
郑州模拟)图8-13所示,在同一个水平面上的两导轨相互平行,并处在竖直向上的匀强磁场中,一根质量为3.6kg、有效长度为2m的金属棒垂直放在导轨上,当金属棒中的电流为5A时,金属棒做匀速运动;
当金属棒中的电流增加到8A时,金属棒的加速度为2m/s2,求磁场的磁感应强度.
图8-13
在求解加速度问题中首要问题是受力分析并求解合力.
此题中电流的方向对结果并不影响,可假设如图8-14所示为其侧面受力图:
两种情况受力方向是相同的.
初态时有F合=F1-μmg=0,
末态时有F合′=F2-μmg=ma,
且F1=BI1L,F2=BI2L,
联立方程解得B=1.2T.
1.2T
14.(10分)如图8-15所示,质量为m、带电荷量为q的小球用长为l的绝缘细线悬挂于O点,处于垂直于纸面向里的磁感应强度为B1的匀强磁场中.将小球拉至悬线与竖直方向成θ角,由静止释放,小球运动到最低点A时,悬线断开,小球对水平面的压力恰好为零.小球沿光滑水平面向左运动进入正交的匀强电场和匀强磁场,磁感应强度为B2,且做匀速直线运动.求:
图8-15
(1)小球所带电荷的电性;
(2)磁感应强度B1为多大?
(3)电场强度E等于多少?
(1)根据小球在A点对水平面的压力恰好为零,此时洛伦兹力方向向上,所以小球带负电.
(2)小球由静止运动到最低点A的过程中,机械能守恒,故有:
mgl(1-cosθ)=
mv2①
在A点:
mg=qvB1②
解得B1=
(3)小球在复合场中做匀速直线运动,则有mg=qE+qvB2③
解①③式得E=
-B2
(1)负电
(2)
(3)
15.(12分)(2009·
潍坊模拟)在电脑显示器的真空示波管内,控制电子束扫描的偏转场是匀强磁场,磁场区域是宽度为3.0cm的矩形,右边界距荧光屏20.0cm,高度足够,某段时间内磁场方向垂直纸面向外,磁感应强度B=4.55×
10-3T不变.电子初速度不计,经U=4550V电压加速后沿中心线射入磁场,偏转后打在屏上产生亮点(若无磁场,亮点在屏中心),已知电子质量m=0.91×
10-30kg,电荷量e=1.6×
10-19C.
图8-16
(1)在图8-16中大致画出电子运动的轨迹;
(2)求亮点偏离荧光屏中心的距离.
(1)电子运动的轨迹如图8-17所示.
(2)电子经U加速得到速度v0,
由eU=
mv
得v0=
=
m/s=4×
107m/s.
由ev0B=m
得
r=
m
=0.05m=5cm.
sinα=
,cosα=
,tanα=
亮点偏离屏中心的距离y=(r-rcosα)+20.0tanαcm
=5×
(1-
)cm+20.0×
cm=16cm.
(1)见图8-17
(2)16cm
16.(14分)(2009·
重庆卷)如图8-18所示,离子源A产生的初速度为零、带电荷量均为e、质量不同的正离子被电压为U0的加速电场加速后匀速通过准直管,垂直射入匀强偏转电场,偏转后通过极板HM上的小孔S离开电场,经过一段匀速直线运动,垂直于边界MN进入磁感应强度为B的匀强磁场.已知HO=d,HS=2d,∠MNQ=90°
.(忽略粒子所受重力)
图8-18
(1)求偏转电场场强E0的大小以及HM与MN的夹角φ;
(2)求质量为m的离子在磁场中做圆周运动的半径;
(3)若质量为4m的离子垂直打在NQ的中点S1处,质量为16m的离子打在S2处.求S1和S2之间的距离.
(1)正离子被电压为U0的加速电场加速后速度设为v1,应用动能定理有eU0=
,正离子垂直射入匀强偏转电场,做类平抛运动.受到电场力F=qE0,产生的加速度为a=
,垂直电场方向匀速运动,有2d=v1t,沿场强方向:
d=
at2,联立解得E0=
,又tanφ=
,解得φ=45°
(2)正离子进入磁场时的速度大小为v2=
正离子在匀强磁场中做匀速圆周运动,由洛伦兹力提供向心力,
qv2B=
解得离子在磁场中做圆周运动的半径R=2
;
(3)根据R=2
可知,
质量为4m的离子在磁场中运动打在S1处,运动半径为R1=2
质量为16m的离子在磁场中运动打在S2处,运动半径为R2=2
又O′N=R2-R1,
由几何关系可知S1和S2之间的距离Δs=
-R1,
联立解得Δs=4(
-1)
图8-19
(1)
,45°
(2)2
(3)4(
-1)