数学竞赛平面几何讲座5讲第3讲点共线线共点Word文档格式.docx

数学竞赛平面几何讲座5讲第3讲点共线线共点Word文档格式.docx

《数学竞赛平面几何讲座5讲第3讲点共线线共点Word文档格式.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《数学竞赛平面几何讲座5讲第3讲点共线线共点Word文档格式.docx（6页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。

　　则∠Ac=60°

=∠ABc=∠AcB，

　　有△Ac∽△AcF，得

　　。

　　又因为∠Ac=BAc，所以△Ac∽△EAc，得

　　所以，又∠BAD=∠BcD=120°

，知△cFD∽

　　△ADE。

所以∠ADE=∠DFB。

因为AD∥Bc，所以∠ADF=∠DFB=∠ADE，于是F，E，D三点共线。

　　例3四边形ABcD内接于圆，其边AB与Dc的延长线交于点P，AD与Bc的延长线交于点Q。

由Q作该圆的两条切线QE和QF，切点分别为E，F。

P，E，F三点共线。

　　证如图。

　　连接PQ，并在PQ上取一点，使得

　　B，c，，P四点共圆，连c，PF。

设PF与圆的另一交点为E’，并作QG丄PF，垂足为G。

易如

　　QE2=Q•QP=Qc•QB①

　　∠Pc=∠ABc=∠PDQ。

　　从而c，D，Q，四点共圆，于是

　　P•PQ=Pc•PD②

　　由①，②得

　　P•PQ+Q•PQ=Pc•PD+Qc•QB，

　　即PQ2=Qc•QB+Pc•PD。

　　易知PD•Pc=PE’•PF，又QF2=Qc•QB，有

　　PE’•PF+QF2=PD•Pc+Qc•AB=PQ2，

　　即PE’•PF=PQ2-QF2。

又

　　PQ2－QF2=PG2－GF2=•

　　=PF•，

　　从而PE’=PG－GF=PG－GE’，即GF=GE’，故E’与E重合。

　　所以P，E，F三点共线。

　　例4以圆o外一点P，引圆的两条切线PA，PB，A，B为切点。

割线PcD交圆o于c，D。

又由B作cD的平行线交圆o于E。

若F为cD中点，求证：

A，F，E三点共线。

　　证如图，连AF，EF，oA，oB，oP，BF，oF，

　　延长Fc交BE于G。

　　易如oA丄AP，oB丄BP，

　　oF丄cP，所以P，A，F，o，B

　　五点共圆，有∠AFP=∠AoP=∠PoB=

　　∠PFB。

　　又因cD∥BE，所以有

　　∠PFB=∠FBE，∠EFD=∠FEB，

　　而FoG为BE的垂直平分线，故EF=FB，∠FEB=∠EBF，

　　所以∠AFP=∠EFD，A，F，E三点共线。

　　线共点的证明

　　证明线共点可用有关定理，或证明第3条直线通过另外两条直线的交点，也可转化成点共线的问题给予证明。

　　例5以△ABc的两边AB，Ac向外作正方形ABDE，AcFG。

　　△ABc的高为AH。

AH，BF，cD交于一点。

延长HA到，

　　使A=Bc。

连c，B。

　　设c与BF交于点。

　　在△Ac和△BcF中，

　　Ac=cF，A=Bc，

　　∠Ac+∠HAc=180°

，

　　∠HAc+∠HcA=90°

　　并且∠BcF=90°

+∠HcA，

　　因此∠BcF+∠HAc=180°

　　∠Ac=∠BcF。

　　从而△Ac≌△BcF，∠Ac=∠cFB。

　　所以∠F=∠cF+∠Fc=∠cF+∠cF=90°

　　即BF丄c。

　　同理cD丄B。

AH，BF，cD为△Bc的3条高线，故AH，BF，cD三线交于一点。

　　例6设P为△ABc内一点，∠APB－∠AcB=∠APc－∠ABc。

又设D，E分别是△APB及△APc的内心。

证明：

AP，BD，cE交于一点。

　　证如图，过P向三边作垂线，垂足分别为R，S，T。

　　连RS，ST，RT，设BD交AP于，cE交AP于N。

　　易知P，R，A，S；

P，T，B，R；

　　P，S，c，T分别四点共圆，则

　　∠APB－∠AcB=∠PAc+∠PBc

　　=∠PRS+∠PRT

　　=∠SRT。

　　同理，∠APc－∠ABc=∠RST，

　　由条件知∠SRT=∠RST，所以RT=ST。

　　又RT=PBsinB，ST=Pcsinc，

　　所以PBsinB=Pcsinc，那么

　　由角平分线定理知

　　故，N重合，即AP，BD，cE交于一点。

　　例7o1与o2外切于P点，QR为两圆的公切线，其中Q，R分别为o1，o2上的切点，过Q且垂直于Qo2的直线与过R且垂直于Ro1的直线交于点I，IN垂直于o1o2，垂足为N，IN与QR交于点。

P，Ro1，Qo2三条直线交于一点。

　　证如图，设Ro1与Qo2交于点o，

　　连o，Po。

　　因为∠o1Q=∠o1N=90°

，所以Q，o1，N，四点共圆，有∠QI=∠Qo1o2。

　　而∠IQo2=90°

=∠RQo1，

　　所以∠IQ=∠o2Qo1，

　　故△QI∽△Qo2o1，得

　　同理可证。

因此

　　①

　　因为Qo1∥Ro2，所以有

　　②

　　由①，②得o∥Qo1。

又由于o1P=o1Q，Po2=Ro2，

　　所以，

　　即oP∥Ro2。

从而o∥Qo1∥Ro2∥oP，故，o，P三点共线，所以P，Ro1，Qo2三条直线相交于同一点。

　　塞瓦定理、梅涅劳斯定理及其应用

　　定理1定理）:

　　设P，Q，R分别是△ABc的Bc，cA，AB边上的点。

若AP，BQ，cR相交于一点，则

　　证如图，由三角形面积的性质，有

　　,,.

　　以上三式相乘，得.

　　定理2:

　　设P，Q，R分别是△ABc的Bc，cA，AB上的点。

若，则AP，BQ，cR交于一点。

　　证如图，设AP与BQ交于，连c，交AB于R’。

　　由定理1有.而，所以

　　于是R’与R重合，故AP，BQ，cR交于一点。

　　定理3定理）:

　　一条不经过△ABc任一顶点的直线和三角形三边Bc，cA，AB分别交于P，Q，R，则

　　将以上三式相乘，得.

　　定理4:

　　设P，Q，R分别是△ABc的三边Bc，cA，AB或它们延长线上的3点。

若

　　则P，Q，R三点共线。

　　定理4与定理2的证明方法类似。

　　塞瓦定理和梅涅劳斯定理在证明三线共点和三点共线以及与之有关的题目中有着广泛的应用。

　　例8如图，在四边形ABcD中，对角线Ac平分∠BAD。

在cD上取一点E，BE与Ac相交于F，延长DF交Bc于G。

∠GAc=∠EAc。

　　证如图，连接BD交Ac于H，

　　过点c作AB的平行线交AG的延长线于I，过点c作AD的平行线交AE的延长线于j。

　　对△BcD用塞瓦定理，可得

　　因为AH是∠BAD的角平分线，

　　由角平分线定理知。

　　代入①式得

　　因为cI∥AB，cj∥AD，则，。

　　代入②式得

　　从而cI=cj。

又由于

　　∠AcI=180°

－∠BAc=180°

－∠DAc=∠Acj，

　　所以△AcI≌△Acj，故∠IAc=∠jAc，即∠GAc=∠EAc.

　　例9ABcD是一个平行四边形，E是AB上的一点，F为cD上的一点。

AF交ED于G，Ec交FB于H。

连接线段GH并延长交AD于L，交Bc于。

DL=B.

　　证如图，设直线L与BA的延长线交于点j，与Dc的延长线交于点I。

　　在△EcD与△FAB中分别使用

　　梅涅劳斯定理，得

　　因为AB∥cD，所以

　　从而，即，故cI=A而

　　且B+c=Bc=AD=AL+LD.所以B=DL。

　　例10在直线l的一侧画一个半圆T，c，D是T上的两点，T上过c和D的切线分别交l于B和A，半圆的圆心在线段BA上，E是线段Ac和BD的交点，F是l上的点，EF垂直l。

EF平分∠cFD。

　　证如图，设AD与Bc相交于点P，用o表示半圆T的圆心。

过P作PH丄l于H，连oD，oc，oP。

　　由题意知Rt△oAD∽Rt△PAH，

　　于是有

　　类似地，Rt△ocB∽Rt△PHB，

　　则有

　　由co=Do，有，从而.

　　由塞瓦定理的逆定理知三条直线Ac，BD，PH相交于一点，即E在PH上，点H与F重合。

　　因∠oDP=∠ocP=90°

，所以o，D，c，P四点共圆，直径为oP.又∠PFc=90°

，从而推得点F也在这个圆上，因此

　　∠DFP=∠DoP=∠coP=∠cFP，

　　所以EF平分∠cFD。

　　例11如图，四边形ABcD内接于圆，AB，Dc延长线交于E，AD、Bc延长线交于F，P为圆上任意一点，PE，PF分别交圆于R，S.若对角线Ac与BD相交于T.

　　求证：

R，T，S三点共线。

　　先证两个引理。

　　引理1:

　　A1B1c1D1E1F1为圆内接六边形，若A1D1，B1E1，c1F1交于一点，则有.

　　如图，设A1D1，B1E1，c1F1交于点o，根据圆内接多边形的性质易知

　　△oA1B1∽△oE1D1，△oB1c1∽△oF1E1，

　　△oc1D1∽△oA1F1，从而有

　　.

　　将上面三式相乘即得，

　　引理2：

　　圆内接六边形A1B1c1D1E1F1，若满足

　　则其三条对角线A1D1，B1E1，c1F1交于一点。

　　该引理与定理2的证明方法类似，留给读者。

　　例11之证明如图，连接PD，AS，Rc，BR，AP，SD.

　　由△EBR∽△EPA，△FDS∽△FPA，知

　　,.

　　两式相乘，得

　　又由△EcR∽△EPD，△FPD∽△FAS，知，.两式相乘，得

　　由①，②得.故

　　③

　　对△EAD应用梅涅劳斯定理，有

　　④

　　由③，④得

　　由引理2知BD，RS，Ac交于一点，所以R，T，S三点共线。

　　练习

　　A组

　　由矩形ABcD的外接圆上任意一点向它的两对边引垂线Q和P，向另两边延长线引垂线R，T。

PR与QT垂直，且它们的交点在矩形的一条对角线上。

　　在△ABc的Bc边上任取一点P，作PD∥Ac，PE∥AB，PD，PE和以AB，Ac为直径而在三角形外侧所作的半圆的交点分别为D，E。

D，A，E三点共线。

　　一个圆和等腰三角形ABc的两腰相切，切点是D，E，又和△ABc的外接圆相切于F。

△ABc的内心G和D，E在一条直线上。

　　设四边形ABcD为等腰梯形，把△ABc绕点c旋转某一角度变成△A’B’c’。

线段A’D,Bc和B’c的中点在一条直线上。

　　四边形ABcD内接于圆o，对角线Ac与BD相交于P。

设三角形ABP，BcP，cDP和DAP的外接圆圆心分别是o1，o2，o3，o4。

oP，o1o3，o2o4三直线交于一点。

过圆内接四边形各边的中点向对边所作的4条垂线交于一点。

　　△ABc为锐角三角形，AH为Bc边上的高，以AH为直径的圆分别交AB，Ac于，N；

，N与A不同。

过A作直线lA垂直于N。

类似地作出直线lB与lc。

直线lA，lB，lc共点。

　　以△