(2)∵AM是BC边上的中线,∴在△ABM中,AM2+-2AM··cos∠AMB=c2.①
在△ACM中,AM2+-2AM··cos∠AMC=b2.②
∵∠AMB+∠AMC=π,∴cos∠AMB+cos∠AMC=0.
①+②,得AM2=-.
又a=,∴b2+c2-3=bc≤,当且仅当b=c时等号成立.
∴b2+c2≤6,∴AM2=-≤,即AM≤.
∴BC边上的中线AM的最大值为.
大题专项训练2 数 列
1.(2019年陕西西安模拟)设数列{an}的前n项和为Sn,满足2Sn=an+1-2n+1+1,n∈N*,且a1,a2+5,a3成等差数列.
(1)求a1;
(2)求an的通项公式.
【解析】
(1)在2Sn=an+1-2n+1+1中,
令n=1,得2S1=a2-22+1.
令n=2,得2S2=a3-23+1,
解得a2=2a1+3,a3=6a1+13.
又2(a2+5)=a1+a3,解得a1=1.
(2)由2Sn=an+1-2n+1+1,2Sn+1=an+2-2n+2+1,
得an+2=3an+1+2n+1.
又a1=1,a2=5也满足a2=3a1+21,
所以an+1=3an+2n对n∈N*成立.
所以an+1+2n+1=3(an+2n).
所以an+2n=3n.所以an=3n-2n.
2.(2019年山西吕梁模拟)已知数列{an}满足a1=3,an+1=2an-n+1,数列{bn}满足b1=2,bn+1=bn+an-n.
(1)证明:
{an-n}为等比数列;
(2)数列{cn}满足cn=,数列{cn}的前n项和为Tn,求证:
Tn<.
【证明】
(1)∵an+1=2an-n+1,
∴an+1-(n+1)=2(an-n).
又∵a1-1=2,∴{an-n}是以2为首项,2为公比的等比数列.
(2)由
(1)知bn-b1=(bn-bn-1)+(bn-1-bn-2)+…+(b2-b1)=2n-1+2n-2+…+2=2n-2,则bn=2n.
cn==-,
∴Tn=-+-+…+-=-<.
3.已知数列{an}的各项均为正数,且a-2nan-(2n+1)=0,n∈N*.
(1)求an;
(2)若bn=(-1)n-1an,求数列{bn}的前n项和Tn.
【解析】
(1)由a-2nan-(2n+1)=0,得[an-(2n+1)]·(an+1)=0,
∴an=2n+1或an=-1.
又∵数列{an}的各项均为正数,∴an=2n+1.
(2)∵bn=(-1)n-1an=(-1)n-1·(2n+1),
∴Tn=3-5+7-9+…+(-1)n-1·(2n+1).
当n为偶数时,Tn=-2×=-n;
当n为奇数时,Tn=Tn-1+an=-(n-1)+2n+1=n+2.
4.已知数列{an}是公差为正数的等差数列,数列{bn}为等比数列,且a1=1,a2=b2,a5=b3,a14=b4.
(1)求数列{an},{bn}的通项公式;
(2)对任意给定的k∈N*,是否存在p,r∈N*(k<p<r)使,,成等差数列?
若存在,用k分别表示p和r(只要写出一组即可);若不存在,请说明理由.
【解析】
(1)设数列{an}的公差为d,则a2=1+d,a5=1+4d,a14=1+13d,
即b2=1+d,b3=1+4d,b4=1+13d,∴(1+4d)2=(1+d)(1+13d),解得d=2或d=0(舍去),∴d=2.
∴an=1+2(n-1),即an=2n-1.
又b2=a2=3,b3=a5=9,
∴{bn}的公比q===3,
∴bn=b2qn-2=3×3n-2,即bn=3n-1.
(2)当k=1时,若存在p,r,使,,成等差数列,则=-=-=.
∵p≥2,∴ar<0,与数列{an}为正项数列相矛盾.
∴当k=1时不存在.
当k≥2时,设ak=x,ap=y,ar=z,则+=,
∴z=.
令y=2x-1,得z=xy=x(2x-1),此时ak=x=2k-1,ap=y=2x-1=2(2k-1)-1,
∴p=2k-1,ar=z=(2k-1)(4k-3)=2(4k2-5k+2)-1.∴r=4k2-5k+2.
综上,当k=1时,不存在p,r;
当k≥2时,存在p=2k-1,r=4k2-5k+2满足要求.
大题专项训练3 概率与统计
1.(2018年北京东城区二模)某银行的工作人员记录了3月1号到3月15日上午10:
00在该银行取号后等待办理业务的人数,如图所示:
从这15天中,随机选取一天,随机变量X表示当天上午10:
00在该银行取号后等待办理业务的人数.
(1)请把X的分布列补充完整;
X
8
9
10
11
12
13
14
P
(2)令μ为X的数学期望,若P(μ-n≤X≤μ+n)>0.5,求正整数n的最小值;
(3)由图判断,从哪天开始的连续五天上午10:
00在该银行取号后等待办理业务的人数的均值最大?
(结论不要求证明)
【解析】
(1)X的分布列如下:
X
8
9
10
11
12
13
14
P
(2)由
(1)可得X的数学期望EX=8×+9×+10×+11×+12×+13×+14×=10,
∴μ=10.
∵P(10-1≤X≤10+1)=<0.5,P(10-2≤X≤10+2)=>0.5,∴n=2.
(3)由图判断,从第10日或第11日开始的连续五天上午10:
00,在该银行取号后等待办理业务的人数均值最大.
2.(2018年安徽黄山质检)某公司为了解广告投入对销售收益的影响,在若干地区各投入4万元广告费用,并将各地的销售收益绘制成频率分布直方图(如图所示).由于工作人员操作失误,横轴的数据丢失,但可以确定横轴是从0开始计数的.
(1)根据频率分布直方图计算图中各小长方形的宽度;
(2)估计该公司投入4万元广告费用之后,对应销售收益的平均值(以各组的区间中点值代表该组的取值);
(3)该公司按照类似的研究方法,测得另外一些数据,并整理得到下表:
广告投入x(单位:
万元)
1
2
3
4
5
销售收益y(单位:
万元)
2
3
2
7
表中的数据显示,x与y之间存在线性相关关系,请将
(2)的结果填入空白栏,并求y关于x的回归方程.
附:
回归直线的斜率和截距的最小二乘估计分别为=,=-.
【解析】
(1)设各小长方形的宽度为m,由频率分布直方图各小长方形的面积总和为1,
可知(0.08+0.10+0.14+0.12+0.04+0.02)×m=1,解得m=2.
∴图中各小长方形的宽度为2.
(2)由
(1)可知各小组依次是[0,2),[2,4),[4,6),[6,8),[8,10),[10,12],
各小组的中点分别为1,3,5,7,9,11,对应的频率分别为0.16,0.20,0.28,0.24,0.08,0.04,
∴可估计平均值为1×0.16+3×0.20+5×0.28+7×0.24+9×0.08+11×0.04=5(万元).
(3)空白栏中填5.
==3,==3.8,
iyi=1×2+2×3+3×2+4×5+5×7=69,
=12+22+32+42+52=55,
∴==1.2,=3.8-1.2×3=0.2.
∴回归方程为=1.2x+0.2.
3.(2019年江苏)在平面直角坐标系xOy中,设点集An={(0,0),(1,0),(2,0),…,(n,0)},Bn={(0,1),(n,1)},Cn={(0,2),(1,2),(2,2),…,(n,2)},n∈N*.令Mn=An∪Bn∪Cn.从集合Mn中任取两个不同的点,用随机变量X表示它们之间的距离.
(1)当n=1时,求X的概率分布;
(2)对给定的正整数n(n≥3),求概率P(X≤n)(用n表示).
【解析】
(1)当n=1时,A1={(0,0),(1,0)},B1={(0,1),(1,1)},C1={(0,2),(1,2)},
则Mn中有6个点,从中任取两个不同的点,有C=15种取法.
如图所示,D0D1=E0E1=F0F1=D0E0=E0F0=D1E1=E1F1=1,
D0E1=D1E0=E0F1=E1F0=,D0F0=D1F1=2,D0F1=D1F0=,
所以X的所有可能取值为1,,2,,
P(X=1)=,P(X=)=,P(X=2)=,P(X=)=.
所以X的概率分布为
X
1
2
P
(2)Mn中共有(2n+4)个点,设G和H是从Mn中取出的两个点,
因为P(X≤n)=1-P(X>n),所以可先考虑X>n的情况.
①若G,H都在An中,或都在Bn中,或都在Cn中,则GH≤n,不存在X>n的情况.
②若G,H中一个在Bn中,另一个在An或Cn中,
则GH的可能取值为,,,…,,,
由n≥3,可得所以满足X>n的有E0Dn,E0Fn,EnD0,EnF0共4种情况.
③若G,H中一个在An中,另一个在Cn中,
则GH的可能取值为,,,…,,,
由n≥3,可得所以满足X>n的有D0Fn,DnF0共2种情况.
所以P(X>n)=.
所以P(X≤n)=1-=.
4.(2018年山东烟台一模)在北京召