届北师大版文科数学 导数的应用第二课时导数与函数的单调性 单元测试文档格式.docx
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∵2x2>2,∴a≤2.故选D.
D
3.若幂函数f(x)的图象过点,则函数g(x)=exf(x)的单调递减区间为( )
A.(-∞,0)B.(-∞,-2)
C.(-2,-1)D.(-2,0)
设幂函数f(x)=xα,因为图象过点,所以=α,α=2,所以f(x)=x2,故g(x)=exx2,令g′(x)=exx2+2exx=ex(x2+2x)<0,得-2<x<0,故函数g(x)的单调递减区间为(-2,0).
4.(2017届河北石家庄市高三9月摸底)若函数f(x)=-x2+x+1在区间上单调递减,则实数a的取值范围为( )
A.B.
C.D.[2,+∞)
f′(x)=x2-ax+1,
函数f(x)=-x2+x+1在区间上单调递减⇔f′(x)=x2-ax+1≤0在区间上恒成立⇔解之得a≥.故选C.
5.函数f(x)=x3-ax是R上的增函数的一个充分不必要条件是( )
A.a≤0B.a<0
C.a≥0D.a>0
函数f(x)=x3-ax为R上的增函数的一个充分不必要条件是f′(x)=3x2-a>0在R上恒成立,所以a<(3x2)min,因为(3x2)min=0,所以a<0.故选B.
B
6.(2017届贵阳市监测考试)对于R上可导的任意函数f(x),若满足(x-3)f′(x)≤0,则必有( )
A.f(0)+f(6)≤2f(3)
B.f(0)+f(6)<2f(3)
C.f(0)+f(6)≥2f(3)
D.f(0)+f(6)>2f(3)
由题意知,当x≥3时,f′(x)≤0,所以函数f(x)在[3,+∞)上单调递减或为常数函数;
当x<3时,f′(x)≥0,所以函数f(x)在(-∞,3)上单调递增或为常数函数,所以f(0)≤f(3),f(6)≤f(3),所以f(0)+f(6)≤2f(3),故选A.
A
7.设函数f(x)=ex+x-2,g(x)=lnx+x2-3.若实数a,b满足f(a)=0,g(b)=0,则( )
A.g(a)<0<f(b)B.f(b)<0<g(a)
C.0<g(a)<f(b)D.f(b)<g(a)<0
因为函数f(x)=ex+x-2在R上单调递增,且f(0)=1-2<0,f
(1)=e-1>0,所以f(a)=0时a∈(0,1).又g(x)=lnx+x2-3在(0,+∞)上单调递增,且g
(1)=-2<0,
所以g(a)<0.由g
(2)=ln2+1>0,g(b)=0得b∈(1,2),又f
(1)=e-1>0,
所以f(b)>0.综上可知,g(a)<0<f(b).
8.定义在R上的函数f(x)满足xf′(x)>
f(x)恒成立,则有( )
A.f(-5)>
f(-3)B.f(-5)<
f(-3)
C.3f(-5)>
5f(-3)D.3f(-5)<
5f(-3)
设g(x)=,
则g′(x)=>
0,
∴g(x)在R上单调递增,
∴g(-5)<
g(-3),
即>,
∴3f(-5)<
5f(-3),故选C.
9.已知函数f(x)的导函数的图象如图所示,若A,B为钝角三角形的两个锐角,则一定成立的是( )
A.f(sinA)>
f(cosB)
B.f(sinA)<
C.f(sinA)>
f(sinB)
D.f(cosA)<
∵A,B是钝角三角形两锐角,
∴A+B<
,0<
A<
B<
,
∴0<
-B<
又∵y=sinx在内单调递增,
sinA<
sin=cosB<
1,
由导函数图象可知y=f(x)在(0,+∞)上单调递增,
∴f(sinA)<
f(cosB),故选B.
10.函数f(x)=(x-3)ex的单调递增区间为_______________________.
函数f(x)=(x-3)ex的导数为f′(x)=[(x-3)ex]′=ex+(x-3)ex=(x-2)ex.由函数导数与函数单调性的关系,得当f′(x)>0时,函数f(x)单调递增,此时由不等式f′(x)=(x-2)ex>0,解得x>2.所以所求函数的单调递增区间为(2,+∞).
(2,+∞)
11.函数f(x)=x2-ax-3在(1,+∞)上是增函数,则实数a的取值范围是________.
f′(x)=2x-a,
∵f(x)在(1,+∞)上是增函数,
∴2x-a≥0在(1,+∞)上恒成立.
即a≤2x,∴a≤2.
所以实数a的取值范围是(-∞,2].
(-∞,2]
12.已知函数f(x)=-x2+4x-3lnx在[t,t+1]上不单调,则t的取值范围是________.
由题意知f′(x)=-x+4-==-,
由f′(x)=0得函数f(x)的两个极值点为1,3,
则只要这两个极值点有一个在区间(t,t+1)内,
函数f(x)在区间[t,t+1]上就不单调,
由t<1<t+1或t<3<t+1,得0<t<1或2<t<3.
(0,1)∪(2,3)
13.(2018届福建省莆田市第二十四中月考)设函数f(x)=ex-ax-2.
(1)求f(x)的单调区间;
(2)若a=1,为整数,且当x>
0时,(x-)f′(x)+x+1>
0,求的最大值.
解:
(1)函数f(x)的定义域为R,f′(x)=ex-a,
若a≤0,则f′(x)>
0,f(x)在R上单调递增;
若a>
0,则f′(x)=0,解得x=lna,
所以f(x)的单调递减区间是(-∞,lna),增区间为(lna,+∞).
(2)由于a=1,所以(x-)f′(x)+x+1=(x-)(ex-1)+x+1,
故当x>
0等价于<
+x,
令g(x)=+x,则g′(x)=,
而函数f(x)=ex-x-2在(0,+∞)上单调递增,f
(1)<
0,f
(2)>
所以f(x)在(0,+∞)上有唯一的零点,故g′(x)在(0,+∞)上存在唯一的零点,
设此零点为a,则a∈(1,2),
当x∈(0,a)时,g′(x)<
0,当x∈(a,+∞)时,
g′(x)>
所以g(x)在(0,+∞)的最小值为g(a),
又因为g′(a)=0,可得ea=a+2,所以g(a)=a+1∈(2,3),
所以<
g(a),所以整数的最大值为2.
14.已知函数f(x)=,a∈R.
(1)求函数f(x)的单调区间;
(2)若f(x)在(1,2)上是单调函数,求a的取值范围.
(1)f(x)的定义域为{x|x≠a},f′(x)=.
①当a=0时,f(x)=x(x≠0),f′(x)=1,
则x∈(-∞,0)和(0,+∞)时,f(x)为增函数.
②当a>0时,由f′(x)>0得,x>2a或x<0,
由于此时0<a<2a,所以x>2a时,f(x)为增函数,x<0时,f(x)为增函数;
由f′(x)<0得,0<x<2a,考虑定义域,当0<x<a时,f(x)为减函数,a<x<2a时,f(x)为减函数.
③当a<0时,由f′(x)>0得,x>0或x<2a,
由于此时2a<a<0,
所以当x<2a时,f(x)为增函数,x>0时,f(x)为增函数;
由f′(x)<0得,2a<x<0,考虑定义域,当2a<x<a时,f(x)为减函数,a<x<0时,f(x)为减函数.
综上,当a=0时,函数f(x)的单调递增区间为(-∞,0),(0,+∞).
当a>0时,函数f(x)的单调递增区间为(-∞,0),(2a,+∞),单调递减区间为(0,a),(a,2a).
当a<0时,函数f(x)的单调递增区间为(-∞,2a),(0,+∞),单调递减区间为(2a,a),(a,0).
(2)①当a≤0时,由
(1)可得,f(x)在(1,2)上单调递增,且x∈(1,2)时,x≠a.
②当0<2a≤1时,即0<a≤时,由
(1)可得,f(x)在(2a,+∞)上单调递增,即在(1,2)上单调递增,且x∈(1,2)时,x≠a.
③当1<2a<2时,即<a<1时,由
(1)可得,f(x)在(1,2)上不具有单调性,不合题意.
④当2a≥2,即a≥1时,由
(1)可得,f(x)在(0,a),(a,2a)上为减函数,同时需注意a∉(1,2),满足这样的条件时f(x)在(1,2)上单调递减,所以此时a=1或a≥2.
综上所述,a的取值范围是∪{1}∪[2,+∞).
[能力提升]
1.若b>a>3,f(x)=,则下列各结论中正确的是( )
A.f(a)<f()<f
B.f()<f<f(b)
C.f()<f<f(a)
D.f(b)<f<f()
因为f(x)=,所以f′(x)=,
令f′(x)=0,解得x=e.
当x>
e时,f′(x)<0,为减函数,
当0<x<e时,f′(x)>0,为增函数.
因为b>a>3>e.
所以ab>b>>>a>e,
所以f(a)>f()>f>f(b)>f(ab).故选D.
2.设函数f(x)=sin2x+acosx在(0,π)上是增函数,则实数a的取值范围为( )
A.[-1,+∞)B.(-∞,-1]
C.(-∞,0)D.(0,+∞)
f(x)=sin2x+acosx在(0,π)上是增函数,
所以f′(x)=cos2x-asinx≥0在(0,π)上恒成立,
所以1-2sin2x-asinx≥0,
设t=sinx,t∈(0,1],即-2t2-at+1≥0,t∈(0,1]时恒成立,
所以a≤-2t+.
令g(t)=-2t+,则g′(t)=-2-<0,
所以g(t)在(0,1]上单调递减,所以a≤g
(1)=-1,
故选B.
3.(2017年江苏卷)已知函数f(x)=x3-2x+ex-,其中e是自然对数的底数.若f(a-1)+f(2a2)≤0,则实数a的取值范围是________.
∵f′(x)=3x2-2+ex+e-x≥0,
∴f(x)在定义域内为单调递增函数,
又f(-x)=-x3+2x+-ex=-f(x),
∴f(x)为奇函数.
∵f(a-1)+f(2a2)≤0,
∴f(a-1)≤-f(2a2),即f(a-1)≤f(-2a2).
又∵f(x)为单调递增函数,∴a-1≤-2a2,
即2a2+a-1≤0,解得-1≤a≤,
∴实数a的取值范围是.
4.(2018届辽宁省葫芦岛第六高级中期中)已知函数f(x)=-ax2+lnx(a∈R).
(1)讨论f(x)的单调性;
(2)若存在x∈(1,+∞),f(x)>
-a,求a的取值范围.
(1)f′(x)=-2ax+=,
当a≤0时,f′(x)>
0,所以f(x)在(0,+∞)上递增,
当a>
0时,令f′(x)=0,得x=,
令f′(x)