有趣的斐波那契数列例子文档格式.docx
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注:
此时a1=1,a2=1,an=a(n-1)+a(n-2)(n>
=3,n∈N*)
通项公式的推导
斐波那契数列:
如果设F(n)为该数列的第n项(n∈N+)。
那么这句话可以写成如下形式:
F(0)=0,F
(1)=1,F(n)=F(n-1)+F(n-2)(n≥2),
显然这是一个线性递推数列。
方法一:
利用特征方程(线性代数解法)
线性递推数列的特征方程为:
X^2=X+1
解得
X1=(1+√5)/2,,X2=(1-√5)/2。
则F(n)=C1*X1^n+C2*X2^n。
∵F
(1)=F
(2)=1。
∴C1*X1+C2*X2。
C1*X1^2+C2*X2^2。
解得C1=1/√5,C2=-1/√5。
∴F(n)=(1/√5)*{[(1+√5)/2]^(n+1)-[(1-√5)/2]^(n+1)}(√5表示根号5)。
方法二:
待定系数法构造等比数列1(初等待数解法)
设常数r,s。
使得F(n)-r*F(n-1)=s*[F(n-1)-r*F(n-2)]。
则r+s=1,-rs=1。
n≥3时,有。
F(n)-r*F(n-1)=s*[F(n-1)-r*F(n-2)]。
F(n-1)-r*F(n-2)=s*[F(n-2)-r*F(n-3)]。
F(n-2)-r*F(n-3)=s*[F(n-3)-r*F(n-4)]。
……
F(3)-r*F
(2)=s*[F
(2)-r*F
(1)]。
联立以上n-2个式子,得:
F(n)-r*F(n-1)=[s^(n-2)]*[F
(2)-r*F
(1)]。
∵s=1-r,F
(1)=F
(2)=1。
上式可化简得:
F(n)=s^(n-1)+r*F(n-1)。
那么:
F(n)=s^(n-1)+r*F(n-1)。
=s^(n-1)+r*s^(n-2)+r^2*F(n-2)。
=s^(n-1)+r*s^(n-2)+r^2*s^(n-3)+r^3*F(n-3)。
=s^(n-1)+r*s^(n-2)+r^2*s^(n-3)+……+r^(n-2)*s+r^(n-1)*F
(1)。
=s^(n-1)+r*s^(n-2)+r^2*s^(n-3)+……+r^(n-2)*s+r^(n-1)。
(这是一个以s^(n-1)为首项、以r^(n-1)为末项、r/s为公比的等比数列的各项的和)。
=[s^(n-1)-r^(n-1)*r/s]/(1-r/s)。
=(s^n-r^n)/(s-r)。
r+s=1,-rs=1的一解为s=(1+√5)/2,r=(1-√5)/2。
则F(n)=(1/√5)*{[(1+√5)/2]^(n+1)-[(1-√5)/2]^(n+1)}。
方法三:
待定系数法构造等比数列2(初等待数解法)
已知a1=1,a2=1,an=a(n-1)+a(n-2)(n>
=3),求数列{an}的通项公式。
解:
设an-αa(n-1)=β(a(n-1)-αa(n-2))。
得α+β=1。
αβ=-1。
构造方程x^2-x-1=0,解得α=(1-√5)/2,β=(1+√5)/2或α=(1+√5)/2,β=(1-√5)/2。
所以。
an-(1-√5)/2*a(n-1)=(1+√5)/2*(a(n-1)-(1-√5)/2*a(n-2))=[(1+√5)/2]^(n-2)*(a2-(1-√5)/2*a1)`````````1。
an-(1+√5)/2*a(n-1)=(1-√5)/2*(a(n-1)-(1+√5)/2*a(n-2))=[(1-√5)/2]^(n-2)*(a2-(1+√5)/2*a1)`````````2。
由式1,式2,可得。
an=[(1+√5)/2]^(n-2)*(a2-(1-√5)/2*a1)``````````````3。
an=[(1-√5)/2]^(n-2)*(a2-(1+√5)/2*a1)``````````````4。
将式3*(1+√5)/2-式4*(1-√5)/2,化简得an=(1/√5)*{[(1+√5)/2]^n-[(1-√5)/2]^n}。
与黄金分割的关系
有趣的是:
这样一个完全是自然数的数列,通项公式却是用无理数来表达的。
而且当n无穷大时(an-1)/an越来越逼近黄金分割数0.618。
1÷
1=1,2÷
1=2,3÷
2=1.5,5÷
3=1.666...,8÷
5=1.6,…………,89÷
55=1.6181818…,…………233÷
144=1.618055…75025÷
46368=1.6180339889…。
..
越到后面,这些比值越接近黄金比.
证明:
a[n+2]=a[n+1]+a[n]。
两边同时除以a[n+1]得到:
a[n+2]/a[n+1]=1+a[n]/a[n+1]。
若a[n+1]/a[n]的极限存在,设其极限为x,
则lim[n->
∞](a[n+2]/a[n+1])=lim[n->
∞](a[n+1]/a[n])=x。
所以x=1+1/x。
即x&
sup2;
=x+1。
所以极限是黄金分割比。
奇妙的属性
斐波那契数列中的斐波那契数会经常出现在我们的眼前——比如松果、凤梨、树叶的排列、某些花朵的花瓣数、黄金矩形、黄金分割、等角螺线等,有时也可能是我们对斐波那契额数过于热衷,把原来只是巧合的东西强行划分为斐波那契数。
比如钢琴上白键的8,黑键上的5都是斐波那契数,因该把它看做巧合还是规律呢?
随着数列项数的增加,前一项与后一项之比越来越逼近黄金分割的数值0.6180339887……
从第二项开始,每个奇数项的平方都比前后两项之积多1,每个偶数项的平方都比前后两项之积少1。
(注:
奇数项和偶数项是指项数的奇偶,而并不是指数列的数字本身的奇偶,比如第四项3是奇数,但它是偶数项,第五项5是奇数,它是奇数项,如果认为数字3和5都是奇数项,那就误解题意,怎么都说不通)
多了的一在哪?
如果你看到有这样一个题目:
某人把一个8*8的方格切成四块,拼成一个5*13的长方形,故
作惊讶地问你:
为什么64=65?
其实就是利用了斐波那契数列的这个性质:
5、8、13正是数列中相邻的三项,事实上前后两块的面积
确实差1,只不过后面那个图中有一条细长的狭缝,一般人不容易注意到。
斐波那契数列的第n项同时也代表了集合{1,2,...,n}中所有不包含相邻正整数的子集个数。
斐波那契数列(f(n),f(0)=0,f
(1)=1,f
(2)=1,f(3)=2……)的其他性质:
1.f(0)+f
(1)+f
(2)+…+f(n)=f(n+2)-1。
2.f
(1)+f(3)+f(5)+…+f(2n-1)=f(2n)。
3.f
(2)+f(4)+f(6)+…+f(2n)=f(2n+1)-1。
4.[f(0)]^2+[f
(1)]^2+…+[f(n)]^2=f(n)·
f(n+1)。
5.f(0)-f
(1)+f
(2)-…+(-1)^n·
f(n)=(-1)^n·
[f(n+1)-f(n)]+1。
6.f(m+n-1)=f(m-1)·
f(n-1)+f(m)·
f(n)。
利用这一点,可以用程序编出时间复杂度仅为O(logn)的程序。
怎样实现呢?
伪代码描述一下?
7.[f(n)]^2=(-1)^(n-1)+f(n-1)·
8.f(2n-1)=[f(n)]^2-[f(n-2)]^2。
9.3f(n)=f(n+2)+f(n-2)。
10.f(2n-2m-2)[f(2n)+f(2n+2)]=f(2m+2)+f(4n-2m)[n〉m≥-1,且n≥1]
11.f(2n+1)=[f(n)]^2+[f(n+1)]^2.
在杨辉三角中隐藏着斐波那契数列
将杨辉三角依次下降,成如图所示排列,将同一行的数加起来,即得一数列1、1、2、3、5、8、……
公式表示如下:
f
(1)=C(0,0)=1。
f
(2)=C(1,0)=1。
f(3)=C(2,0)+C(1,1)=1+1=2。
f(4)=C(3,0)+C(2,1)=1+2=3。
f(5)=C(4,0)+C(3,1)+C(2,2)=1+3+1=5。
f(6)=C(5,0)+C(4,1)+C(3,2)=1+4+3=8。
F(7)=C(6,0)+C(5,1)+C(4,2)+C(3,3)=1+5+6+1=13。
F(n)=C(n-1,0)+C(n-2,1)+…+C(n-1-m,m)(m<
=n-1-m)
斐波那契数列的整除性与素数生成性
每3个数有且只有一个被2整除,
每4个数有且只有一个被3整除,
每5个数有且只有一个被5整除,
每6个数有且只有一个被8整除,
每7个数有且只有一个被13整除,
每8个数有且只有一个被21整除,
每9个数有且只有一个被34整除,
.......
我们看到第5、7、11、13、17、23位分别是素数:
5,13,89,233,1597,28657(第19位不是)
斐波那契数列的素数无限多吗?
斐波那契数列的个位数:
一个60步的循环
11235,83145,94370,77415,61785.38190,
99875,27965,16730,33695,49325,72910…
斐波那契数与植物花瓣
3………………………百合和蝴蝶花
5………………………蓝花耧斗菜、金凤花、飞燕草、毛茛花
8………………………翠雀花
13………………………金盏
和玫瑰
21………………………紫宛
34、55、89……………雏菊
斐波那契数还可以在植物的叶、枝、茎等排列中发现。
例如,在树木的枝干上选一片叶子,记其为数0,然后依序点数叶子(假定没有折损),直到到达与那息叶子正对的位置,则其间的叶子数多半是斐波那契数。
叶子从一个位置到达下一个正对的位置称为一个循回。
叶子在一个循回中旋转的圈数也是斐波那契数。
在一个循回中叶子数与叶子旋转