学年山西省太原五中高一下学期期末考试数学解析版Word文档格式.docx
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8.已知为等差数列,为等比数列,其公比且,若,则()
A.B.C.D.或
9.三个实数成等比数列,且,则的取值范围是()
10.已知M是△ABC内的一点,且,∠BAC=30°
,若△MBC,△MCA和△MAB的面积分别为1,x,y,则的最小值是()
A.20B.18C.16D.9
评卷人
得分
一、填空题(题型注释)
11.在各项均为正数的等比数列中,若,,则的值是.
12.若,化简的结果为
13.若对任意恒成立,则的取值范围是
14.三个内角分别为,且成等差数列,则的最小值是.
15.我们可以利用数列的递推公式求出这个数列各项的值,使得这个数列中的每一项都是奇数,则;
研究发现,该数列中的奇数都会重复出现,那么第九个5是该数列的第项.
二、解答题(题型注释)
16.在中,分别是角的对边,且,
(1)求的大小;
(2)若,当取最小值时,求的面积.
17.设
(1)解关于的不等式;
(2)若对任意的,不等式恒成立,求的取值范围.
18.设公比不为1的等比数列的前项和为已知是和的等差中项,且
(1)求;
(2)已知等差数列的前项和,,求.
19.已知数列,满足,为数列的前项和,且,又对任意都成立
(1)求数列的通项公式;
(2)求数列的前项和.
参考答案
1.D
【解析】
试题分析:
,所以,故选D.
考点:
集合的交集运算.
2.B
,所以公差.
等差数列的性质.
3.B
,又,所以,故B正确.
不等式的性质.
4.C
A选项不成立,当时,不等式两边相等;
B选项不成立,这是因为正弦值可以是负的,故不一定能得出;
C选项是正确的,这是因为;
D选项不正确,令,则不等式左右两边都为1,不等式不成立.综上,C选项是正确的.故选:
C.
5.C
设等差数列的公差为,解得.∴.∴.∴数列的前2016项和.故选:
等差数列的前n项和.
6.A
∵当时,,当时,,∴,∴公比,∴等比数列是首项是1,公比是的等比数列,∵,∴等比数列是首项是1,公比是的等比数列,∴,故选A.
等比数列的性质.
7.C
∵,∴
,∴,化为.∴.∴是等腰直角三角形.故选:
解三角形.
【思路点睛】由于,可得由于可得.利用正弦定理可得,利用三角形的内角和定理及其两角和差的正弦公式可得,化为cosC=0,可得.即可得出.
8.A
由题意可得四个正数满足,由等差数列和等比数列的性质可得,由基本不等式可得,又公比,故,上式取不到等号,∴,即.故选:
A.
1.等比数列的通项公式;
2.等差数列的通项公式.
9.D
设此等比数列的公比为,∵,∴,∴.当时,,当且仅当时取等号,此时;
当时,,当且仅当时取等号,此时.∴的取值范围是.故选:
D.
等比数列的性质.
【思路点睛】本题考查了等比数列的通项公式、基本不等式的性质、分类讨论思想方法,考查了推理能力与计算能力;
解答本题时,首先设此等比数列的公比为,由,可得,变形为.对分类讨论,再利用基本不等式的性质即可得出.
10.D
由已知得,故,而,故选B.
【思路点睛】本题主要考查了基本不等式在最值问题中的应用,向量的数量积的运算.要注意灵活利用的形式.利用向量的数量积的运算求得的值,利用三角形的面积公式求得的值,进而把转化成,利用基本不等式求得的最小值.
1.基本不等式;
2.向量的数量积.
11.
设等比数列的公比为.∵,∴,化为,解得.∴.故答案为:
4.
等比数列的通项公式.
12.
因为,故,故答案为:
.
不等式的解法.
13.
令,∴(当时,等号成立),∴,∴,故答案为.
函数恒成立问题.
14.
因为成等差数列,所以,由正弦定理,,;
当且仅当时,等号成立;
故答案为:
.
1.余弦定理;
2.正弦定理.
【思路点睛】因为成等差数列,以,得到根据正弦定理和余弦定理,利用基本不等式即可得到结论.
15.
这个数列各项的值分别为∴.又因为…即项的值为5时,下角码是首项为5,公比为2的等比数列.所以第9个5是该数列的第项.故答案为:
等差数列与等比数列.
【思路点睛】借助于递推公式知道奇数项的值为其项数,而偶数项的值由对应的值来决定.又通过前面的项发现项的值为时,下角码是首项为,公比为的等比数列.即可求出第个在该数列中所占的位置.
16.
(1);
(2)
(1)由正弦定理得又,根据三角恒等变换可得,由此即可求出结果;
(2)由余弦定理和基本不等式可知,由此即可求出的最小值为2,然后再根据等号成立的条件,即可求出结果.
试题解析:
(1)由正弦定理得又C
即
(2)(当且仅当时等号成立)的最小值为2
1.正弦定理;
2.余弦定理;
3.基本不等式.
17.
(1)详见解析;
(1)根据题意对,,,和三种情况进行分类讨论,即可求出结果.
(2)令,然后对进行分类讨论,即可求出结果.
(2)由,令,
若,即或时,,此时显然不成立;
若,即时,恒成立;
综上,的取值范围
(1)时,不等式的解集为
时,不等式的解集为
综上,的取值范围.
1.不等式的解法;
2.分类讨论思想;
3.恒成立问题.
18.
(1);
(1)设出等比数列的公比,由题意列式求出首项和公比,代入等比数列的通项公式得答案;
(2)由题意求出等差数列的首项和公差,求出通项公式,利用裂项相消法求得
(1)由得
又得得,.
(2),设等差数列的公差为,
则,解得.
∴.
则
1.数列的求和;
2.数列递推式.
【方法点睛】裂项相消在使用过程中有一个很重要得特征,就是能把一个数列的每一项裂为两项的差,其本质就是两大类型类型一:
型,通过拼凑法裂解成;
类型二:
通过有理化、对数的运算法则、阶乘和组合数公式直接裂项型;
该类型的特点是需要熟悉无理型的特征,对数的运算法则和阶乘和组合数公式。
无理型的特征是,分母为等差数列的连续两项的开方和,形如型,常见的有①;
②对数运算本身可以裂解;
③阶乘和组合数公式型要重点掌握和.
19.
(1);
(1)由,得到,两式作差求出.同样的方法两式作差得,由此能求出的通项公式.
(2)由已知条件推导出,由此利用错位相减法能求出数列的前项和.
(1),
两式做差得:
当时,数列是等差数列,首相为3,公差为2,
两式相减得
不满足,
(2)设
1.等差数列与等比数列;
2.数列的求和.
【方法点睛】针对数列(其中数列分别是等差数列和等比数列(公比)),一般采用错位相减法求和,错位相减的一般步骤是:
1.…①;
2.等式两边同时乘以等比数列的公比,得到…②;
3.最后①-②,化简即可求出结果.